【文档说明】内蒙古赤峰市赤峰二中2020-2021学年高一上学期第二次月考物理试卷【精准解析】.doc，共(18)页，1016.500 KB，由小赞的店铺上传

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赤峰二中2020级高一上学期第二次月考物理试题一、选择题（本题包含12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，1~8题只有一个选项符合题目要求，9~12题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1

.下列说法正确的是（）A.静止或匀速直线运动的物体，一定不受任何外力作用B.伽利略通过“理想斜面实验”得到了“力不是维持物体运动的原因”的结论C.牛顿第一定律可以用实验直接验证D.物体静止时有惯性，一开始运动，不再保持原有的运动状态，也就失去了惯性【答案】B【解析】【详

解】A．静止或匀速直线运动的物体，处于平衡状态，可能不受力，也可能受外力作用，且受到的外力合力为零，故A错误；B．伽利略通过“理想斜面实验”得到了“力不是维持物体运动的原因”的结论，故B正确；C．牛顿第一运动定律的条件是物体不受任何外力，这在我们的现实生活中是不可能的，故

牛顿第一定律不可以用实验直接验证，故C错误；D．物体的惯性只与质量有关，与运动与否、运动速度大小无关，故D错误。故选B。2.下列说法正确的是（）A.长度、时间、力是一组属于国际单位制的基本单位的物理量B.由Fma=可知，物体的质量m与合力F成正比，与加速度a成反比C.由=vat可知，物体的加速

度a与速度变化量v成正比，与时间t成反比D.由Fam=可知，物体的加速度a与合力F成正比，与质量m成反比【答案】D【解析】【详解】A．国际单位制的基本单位的物理量有长度单位、质量单位、时间单位、电流强度单位、热力学温度单位、物质的量单位、发光强度单位，力不是国际单位制的基本单位的物理量，故

A错误；B．物体的质量m与合力F、加速度a无关，故B错误；C．加速度a是由比值定义法定义出来的物理量，与速度变化量v、时间t无关，故C错误；D．由Fam=可知，物体的加速度a与合力F成正比，与质量m成反比，故D正确。故选D

。3.如图所示，一小孩用水平力推置于水平地面上的木箱，未推动，下列说法中正确的是（）A.小孩对木箱的推力，是由于木箱发生形变而产生的B.木箱所受的重力就是地球对木箱的吸引力C.木箱对地面的压力就是木箱所受的重力D.小孩对木箱的推力和地面对木箱的摩

擦力是一对平衡力【答案】D【解析】【详解】A．小孩对木箱的推力，施力物体是小孩，所以不是由木箱发生形变产生的，故A错误；B．木箱所受的重力只是地球对木箱引力的分力，故B错误；C．压力与重力等大同向，但不是同性质的力，不是同一

个力，故C错误；D．小孩推木箱没推动，则小孩对木箱的推力和地面对木箱的摩擦力是一对平衡力，故D正确。故选D。4.如图所示，把一个方木块放在固定的斜面上，则下列有关说法中正确的是（）A.木块所受重力的垂直于斜面向下的分力和斜面对木块的支持力是一对作用力和反

作用力B.木块对斜面的压力和斜面对木块的支持力是一对平衡力C.木块对斜面的摩擦力和地面对斜面的摩擦力是一对作用力和反作用力D.不论木块沿斜面怎样运动，地面对斜面的支持力和斜面对地面的压力始终是一对作用力和反作用力【答案】D【解析】【详解】A．

木块所受重力的垂直于斜面向下的分力和斜面对木块的支持力，两者是不同性质的力，所以不是一对作用力和反作用力，故A错误；B．木块对斜面的压力和斜面对木块的支持力是一对作用力和反作用力，故B错误；C．木块对斜面的摩擦力和地面对斜面的摩擦力作用在同一个物体上，不是一对作用力和反作用力，故C错误；

D．地面对斜面的支持力和斜面对地面的压力是一对作用力和反作用力，与运动状态无关，故D正确。故选D。5.用一根长1m的轻质细绳将一副质量为1kg的画框对称悬挂在墙壁上，已知绳能承受的最大张力为10N，为使绳不断裂，画框上两个挂钉的间距最大为（g取210m/s）A3m2B.2m2C.1m2D.3m4【

答案】A【解析】【分析】本题考查力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．【详解】一个大小方向确定的力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大，因而当绳子拉力达到F=10N的时候，绳子间的张角最大，为120°，此

时两个挂钉间的距离最大；画框受到重力和绳子的拉力，三个力为共点力，受力如图．绳子与竖直方向的夹角为：θ=60°，绳子长为：L0=1m，则有：mg=2Fcosθ，两个挂钉的间距离：L＝2sin2L，解得：L=32m6.如图所示，AC是上端带定滑轮的固定坚直杆，质量

不计的轻杆AB一端通过铰链固定在A点，另一端B悬挂一重为G的物体，且B端系有一根轻绳并绕过定滑轮C，用力F拉绳，开始时90BAC，现使BAC缓慢变小，直到杆AB接近竖直杆AC．此过程中A.力F逐渐增大B.力F先逐渐

减小后逐渐增大C.轻杆AB对B端的弹力大小不变D.轻杆AB对B端的弹力先减小后增大【答案】C【解析】以B点为研究对象，分析受力情况：重物的拉力T（等于重物的重力G）、轻杆的支持力N和绳子的拉力F，作出力的示意图如图由平衡

条件得知，N和F的合力与T大小相等，方向相反，根据三角形相似可得：NTFABCACB==，又T=G解得：CBABFGNGCACA==，，使BAC缓慢变小时，CA、AB保持不变，CB变小，则F减小，N不变，故ABD错误，C正确．故选C．【点睛】以B点为研究对象，分析其受力情况，

作出受力图，利用三角形相似法，得出各力与三角形ABC三边边长的关系，再分析F和N的变化．7.如图所示，悬挂在空中的三个物块A、B、C的质量满足ABC23mmm==，A与天花板之间、A与B之间均用轻细绳相连，B与C之间用轻

弹簧相连，当系统静止后，突然剪断A，B间的细绳，则此瞬间A、B、C的加速度分别为（重力加速度为g，取向下为正）（）A.0、52g、0B.0、53g、0C.56g−、53g、0D.0、g、g【答案】B【解析】【详解】由题意可知ABC23mmm==设C的质

量为m，则B1.5mm=A3mm=剪断细线前，设弹簧的弹力为F，C静止处于平衡状态，对C，由平衡条件得CFmgmg==剪断A、B间细线的瞬间，A与天花板间细线的拉力突变，A仍然静止，所示合力为零，加速度为0，剪断A、B间细线的瞬间，弹簧弹力不变，仍为Fmg=对B，由牛顿第二定

律得B1.51.5mgFma+=对C，由牛顿第二定律得CmgFma−=解得B53ag=C0a=故B正确，ACD错误。故选B。8.如图所示，用轻绳吊一个重为G的小球，欲施一力F使小球在图示位置平衡（30°），下列说法正确的是A.力F最小值为tanG

B若F与G大小相等，力F方向与竖直方向可能成2角C.若F与G大小相等，力F方向与竖直方向可能成角D.若F与绳拉力大小相等，力F方向与竖直方向必成2角【答案】B【解析】【详解】小球受到三个力，由于三个力中重力大小方向都一定，绳子拉力方向一定，大小未知，拉力F大小方向都未知，将重力按照另

外两个力的反方向分解，如图A．由图象可知，当拉力F与绳子垂直时，拉力F最小，有最小值tanG，故A错误；BC．若力F与G大小相等，如果是三力平衡，则两力的合力必须与绳子在一条直线上，并且在两个力的角平分线上，故力F方向与竖直方向成2角；如果是二力平衡，拉力竖直

向上，故B正确，C错误；D．若力F与绳拉力大小相等，拉力与力F的合力必然在两个力的角平分线上，同时还要与重力方向相反并在一条直线上，则力F方向与竖直方向必成角，故D错误．故选B.【点睛】本题关键根据三力平衡条件判断，三

个力中重力大小方向都一定，绳子拉力方向一定，大小未知，拉力F大小方向都未知，然后根据平衡条件，结合平行四边形定则分析．9.如图所示，M、N两物体叠放在一起，在恒力F作用下，一起向上做匀速直线运动，则关于两物体受力情况的

说法正确的是（）A.物体M一定受到4个力B.物体N一定受到3个力C.物体M与墙之间可能有摩擦力D.物体M与N之间一定有摩擦力【答案】ABD【解析】【详解】A．物体M一定受到4个力作用，分别受恒力F、重力、N对M的压力、N对M的静摩擦力，故A正确

；B．物体N一定受到3个力作用，分别受重力、M对N的支持力、M对N的静摩擦力作用，故B正确；C．对M、N整体，物体M与墙之间没有摩擦力，故C错误；D．物体M与N之间一定有摩擦力，故D正确。故选ABD。10.如图所示，用

竖直挡板将小球夹在挡板和光滑斜面之间，若逆时针缓慢转动挡板，使其由竖直转至水平的过程中，以下说法正确的是()A.挡板对小球的压力先增大后减小B.挡板对小球的压力先减小后增大C.斜面对小球的支持力先减小后增大D.斜面对小球的支持力一直逐渐减小【答案】BD【解析】【分析】由题中“用竖

直挡板将小球夹在挡板和光滑斜面之间”可知，本题考查物体受力分析和受力平衡，根据平衡和物体受力分析可解答本题．【详解】有题可得下图取小球为研究对象，小球受到重力G、挡板对小球的弹力FN1和FN2，FN1和FN2的合力与重力大小相等，方向相反，FN2总是垂直斜面，方向不变，由图可知FN1方向改

变时，其大小只能沿PQ线变动，显然在挡板移动过程中，FN1先变小后变大，FN2一直减小，故BD正确．11.“蹦极"是一项很有挑战性的运动。如图所示，蹦极者将一根有弹性的绳子系在身上，另一端固定在跳台上。蹦极者从跳台跳下，落至图中a点时

弹性绳刚好被拉直，图中c点是蹦极者所能达到的最低点，不计空气阻力。关于蹦极者的运动下列说法正确的是（）A.从a点到c点蹦极者一直做减速运动B.蹦极者从a点到c点的过程中，速度先增大后减小，加速度先减小后增大C.蹦极者在a点时速度最大D.蹦极者在a

点的加速度小于在c点的加速度【答案】BD【解析】【详解】a点和c点之间有一点，重力等于弹力，设为b点。ABC．从a到b的过程中，弹力增大，但弹力小于重力，根据牛顿第二定律可得加速度向下，向下做加速度减小的加速运动，在b点时，蹦极者

的速度最大，从b点运动到c点的过程中，弹性绳的弹力增大，弹力大于重力，根据牛顿第二定律可得加速度向上，向下做加速度增加的减速运动，所以从a点到c点蹦极者先做加速运动再做减速运动，故AC错误，B正确；D．蹦极

者在a点只受重力作用，加速度为g，设蹦极者在a点的速度不为零，设为av，从a点到c点根据动能定理有2102acaWmgxmv+=−弹=acWFx−弹弹联立得2102acacaFxmgxmv−=弹即acacFxmgx弹弹力的平均值等于c点的最大弹力的一半1

2cFF=得2cFmg在c点，根据牛顿第二定律有ccFmgmamg−=得c点的重力加速度为cag故D正确。故选BD。12.如图所示，斜面静止在水平地面上，物体B叠放在物体A上，A、B的质量均为m且上、下表面均与斜面平行，它们以共同速度沿倾角为θ的斜面C匀

速下滑，则以下说法正确的是（）A.地面对斜面的静摩擦力方向一定水平向左B.B对A的作用力大小一定为mg，方向为竖直向下C.A受到斜面的滑动摩擦力大小一定为2sinmgD.A与B间的动摩擦因数一定为tan

=【答案】BC【解析】【详解】A．因两物体沿斜面C匀速下滑，与静止等效，可知地面对斜面没有静摩擦力的作用，故A错误；B．隔离物体B进行受力分析可知，B受到竖直向下的重力和A对B的作用力，在这两个力的作用下处于平衡状态，故

两个力等大反向，故A对B的作用力大小一定为mg，方向竖直向上。根据牛顿第三定律可知，B对A的作用力大小一定为mg，方向竖直向下，故B正确；C．将AB视为整体进行受力分析，由平衡知识，沿斜面方向2sinfmg

=则A受到斜面的滑动摩擦力大小一定为2sinmg，故C正确；D．由于A、B之间为静摩擦力，无法确定摩擦因数，故D错误。故选BC。二、实验题（本题共2小题，共计15分。把答案直接填在横线上）13.某同学做

“验证力的平行四边形定则”实验的情况如下图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图（1）关于此实验的下列说法中正确的是_______．A.同一次实验中，O点位置不允许

变动B.实验中，只需记录弹簧测力计的读数和O点的位置C.实验中，把橡皮筋的另一端拉到O点时，两个弹簧测力计之间的夹角必须取90°D.实验中，要始终将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然后调节另一弹簧测力计拉力的大小和方向，把橡皮筋另一端拉到O点（2）图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方

向的是________．（3）本实验采用的科学方法是_______．A.理想实验法B.等效替代法C.控制变量法D.建立物理模型法．【答案】(1).AC(2).F′(3).B【解析】【详解】（1）A．本实验采用的是等效替代的方法，同一次实验中，O点位置不允许变动，故A正确；B、实验中，需记录弹簧测

力计的读数和O点的位置，以及拉力方向，故B错误；C、实验中，把橡皮筋的另一端拉到O点时，两个弹簧测力计之间的夹角适当大一些，不一定等于90度，故C错误。D、本实验只要达到效果相同，对弹簧称拉力的大小没有要求，不需要将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，故D错误；（3）合力的实

际测量值为一个弹簧拉绳套时的弹簧的弹力大小和方向，而理论值是通过平行四边形定则得到的值，所以图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是F；（4）合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的等效替代法，故ACD错误，B正确．点睛：本实验采用的是等效替代的方法，即一个合力与几个分力

共同作用的效果相同，可以互相替代；解答实验的出发点为明确实验原理、实验步骤、数据处理，明确合力和分力之间的关系，同时注意应用所学物理基本规律解决实验问题．14.某同学探究加速度、力与质量的关系实验装置如下．（1）在实验之前，首先平衡摩擦力，使细线的拉力近似等于砝码及砝码盘所受的

总重力，关于平衡摩擦力，下列正确的是：________．A．将木板右端适当垫高，放上小车让其沿板匀速下滑即可B．将木板右端适当垫高，放上小车，穿好纸带，让小车沿板滑下时，打点计时器在纸带上打下一系列等间距的点即可C．将木板右端适当垫高，放上小车，穿好纸带，

小车前端用细绳绕过滑轮连接砝码盘（不放砝码），让小车匀速下滑即可D．平衡摩擦之后，通过增加或者减少小车上的砝码改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦（2）甲、乙、丙三名同学在做实验之前都将木板的右侧垫高，然后根据实验数据分别做出了1aM−和aF−图象（小车的加速度为a，小车的质量为M，绳中拉力为

F，砝码盘及砝码的质量总和为m）．由甲图可知砝码盘及砝码的总质量为_________kg（g取10m/s2），由乙图可知乙同学在操作中使木板的倾角过_________（选填“大”、“小”），分析丙图，图线上部分弯曲的原因是未满足____________．（3）在实验中挑选一条

点迹清晰的纸带如下图，打点计时器的频率为50Hz，每5个点取一个计数点，用刻度尺测量计数点间的距离，纸带的一段如图所示，由纸带求得小车加速度为_________m/s2．（结果保留两位有效数字）【答案】(1).BD(2).0.02(3).小(

4).M»m(5).0.20【解析】【详解】（1）平衡摩擦力时应将木板右端适当垫高，放上小车，穿好纸带，让小车沿板滑下时，打点计时器在纸带上打下一系列等间距的点，由于平衡摩擦力是利用sincosmgmg=，两边的质量相互抵消，即

平衡摩擦之后，通过增加或者减少小车上的砝码改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦，BD正确；（2）根据牛顿第二定律可得1FMaaFM==，图像的斜率表示F，故2.00.210FNmg===，解得砝码和砝码盘的质量为0.02kg；图乙中当小车的质量减小到一定程度

时，才开始做匀加速直线运动，即平衡摩擦力的力度较小，故在操作中使木板的倾角过过小；图丙中图线发生弯曲，是因为当小车的质量发生变化时，不再满足Mm，即砝码盘和砝码的总重力对小车的拉力不等于小车受到的合外力；（3）每五个点取一个计数点，则相邻计数点间的时间间隔为0.0250.1Ts

==，根据逐差公式可得22220.20100.20/0.1xamsT−===．三、计算题（本题共3小题，共37分。解答应写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的要注明单位）15.高铁“拉近”城市之间的距离。美丽的宁

城县—天义镇也在享受着高铁带来的便利。质量54.010kgm=的列车从高速铁路的某车站由静止出发，经过360st=达到最高速度90m/sv=。设此加速过程为匀加速直线运动，求此过程中：(1)列车的加速度大小；(2)列车通过的路程；(3)列

车受到的合力大小。【答案】(1)0.25m/s2；(2)41.6210m；(3)5110N【解析】【详解】(1)由匀变速直线运动规律vat=得2290m/s0.25m/s360vat===(2)由

匀变速直线运动规律12xvt=得4190360m1.6210m2x==(3)由牛顿第二定律Fma=解得55N0.4.0101025N1F==16.如图所示、某人用轻绳牵住一质量0.6kgm=的氢气球，因受水平风力的作用，系氢气球的轻绳与水平方向成37角

，已知空气对气球的浮力为18N，人的质量55kgM=，且人受的浮力忽略不计。（sin370.6=，cos370.8=，210m/sg=）求：(1)水平风力的大小(2)人对地面的压力大小(3)若水平风力增强为原来的2倍，则人对地面的压力为多少？（说明理由

）【答案】(1)16N；(2)538N；(3)538N，理由见解析【解析】【详解】(1)对氢气球进行受力分析由共点力平衡条件，水平方向cos37TF=风竖直方向sin37FmgT=+浮解得16NF=风20NT=(2)对人进行受力分析，由共点力平衡条件竖直方向Nsin37FTMg+=由牛顿

第三定律NNFF=解得N538NF=(3)风力增强，以气球及人为一整体可知，其竖直方向上的受力情况没改变，人对地面的压力仍为538N。17.如图所示，质量为m物块A被轻质细绳系住斜吊着放在倾角为30°的静止斜面上，物块A与斜面间的动摩擦因数为μ（33

）。细绳绕过定滑轮O，左右两边与竖直方向的夹角α=30°、β=60°，细绳右端固定在天花板上，'O为细绳上一光滑动滑轮，下方悬挂着重物B。整个装置处于静止状态，重力加速度为g，最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力。求

：(1)重物B的质量为多少时，A与斜面间恰好没有摩擦力作用？(2)A与斜面间恰好没有摩擦力作用时，水平地面对斜面的摩擦力为多大？(3)重物B的质量满足什么条件时，物块A能在斜面上保持静止？【答案】(1)33Bmm=；(2)36fmg=，方向水平向左；(3)131333Bmmm+−+

−【解析】【详解】(1)受力分析可知：A与斜面间恰好没有摩擦力作用即f=0，根据平衡条件1sin30sin30NT=，12cos30Tmg=解得33Tmg=由B受力平衡可知33BmTmg==(2)对斜面体受力分析和平衡条件可知3sin306fNmg==方向水平向

左。(3)如果物体A恰好不上滑，则对A，平行斜面方向T1cos30°-mgsin30°-f=0垂直斜面方向N+T1sin30°-mgcos30°=0解得1(13)3mgT+=+如果物体A恰好不下滑，摩擦力反向，则对A，平行斜

面方向T2cos30°-mgsin30°+f=0垂直斜面方向N+T2sin30°-mgcos30°=0解得2(13)3mgT−=−对物体B，根据平衡条件，有2Tcos60°=m′g故绳子的拉力等于物体B的重力，故物体B的质量范围为

(13)(13)33mgmgm+−+−