【文档说明】浙江省五校联盟2023-2024学年高三下学期3月联考物理试卷 Word版含解析.docx，共(32)页，10.876 MB，由小赞的店铺上传

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2024年浙江省五校联盟高三3月联考物理试题卷考生须知:1.本卷满分100分，考试时间90分钟；2.答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、试场号、座位号及准考证号；3.所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效；4.考试结束后，只需上交答题纸。一、选择题I（本题共13小题，每小题

3分，共39分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，选对的得3分，选错的得0分）1.单位质量的推进剂所产生的冲量叫“比冲量”，也叫“比推力”，是衡量推进器效率的重要参数。其单位用国际单位制基本单位可表示为（）A.msB.NgskC.kgmsD.2kgms【答案】A【解析】

【详解】根据题意可知IFtmm==比冲量其单位为2Nskgm/ssm==kgkgs故选A。2.2024年2月23日中国选手苏翊鸣在第十四届全国冬运会单板滑雪大跳台决赛中摔倒后反击，勇夺金牌。如图是苏翊鸣比

赛过程的频闪照片，运动员从高处滑下，通过起跳台起跳，完成各种空翻、转体、抓板等技术动作后落地，以下说法正确的是（）A.研究运动员在空中的动作完成情况时，可以将他看成质点B.腾空中曝光时间间隔内，运动员的

速度方向发生了改变C.助滑时运动员两腿尽量深蹬是为了降低重心、增大惯性D.运动员在最高点时加速度一定竖直向下【答案】B【解析】【详解】A．研究运动员在空中的动作完成情况时，运动员的形状、大小不能忽略，不可以将他看成质点，故A错误；B．腾空中曝光时间间隔内，

运动员做曲线运动，运动员的速度方向发生了改变，故B正确；C．助滑时运动员两腿尽量深蹬是为了降低重心、增大自身的稳定性，惯性不变，故C错误；D．运动员在最高点时受到重力和阻力作用，加速度方向不是竖直向下，故D错误。故选B。3.“儿童

散学归来早，忙趁东风放纸离”，阳春三月正是踏青放风筝的好时节。如图所示，在细线拉力的作用下，风筝始终静止在空中，下列说法正确的是（）A.绳子对风筝的拉力大于绳子对人的拉力B.人对地面的压力大小等于人和风等的总重力C.绳子对人的拉力大于地

面对人的摩擦力D.气流对风筝的作用力小于风筝受到的重力【答案】C【解析】【详解】A．绳子对风筝的拉力与绳子对人的拉力是同一条绳子上的拉力，大小相等，故A错误；BD．风筝受重力G，细线的拉力T和气流的作用力F处于平衡状态，如图所示的重力G方向竖直

向下，细线的拉力T方向斜向右下方，气流对风筝的力F的方向一定斜向左上方，且气流对风筝的作用力大于风筝受到的重力，对人和整体分析，受竖直向下的人和风筝的总重力、地面竖直向上的支持力、向右的摩擦力、斜向左上方的气流的力，根据平衡条件可知地面向上的支持力小于人

和风筝的总重力，根据牛顿第三定律可知人对地面的压力大小小于人和风筝的总重力，故BD错误；C．人在地面上受竖直向下的重力、竖直向上的支持力、向右的摩擦力和斜向左上方的细线拉力，根据平衡条件可知绳子对人的拉力大

于地面对人的摩擦力，故C正确。故选C。4.某实验小组测得在竖直方向飞行的无人机飞行高度y随时间t的变化曲线如图所示，EFMN、、、为曲线上的点，EF、MN段可视为两段直线，其方程分别为426yt=−和2140yt=−+。无人机及其载物的总

质量为3kg，取竖直向下为正方向。则（）A.EF段无人机的速度大小为2m/sB.EN段无人机和载物总动量的变化量为18kgm/s−C.FM段无人机处于失重状态D.MN段无人机的机械能守恒【答案】B【解析】【详解】Ａ．结合方程和图线斜率的含义

可知，EF段无人机的速度大小为4m/s，故A错误；B．EN段无人机和载物总动量的变化量为213(2)34kgm/s18kgm/spmvmv=−=−−=−故B正确；C．由图像可知，FM段先向下做减速运动，后向上做加速运动，处于超重状态，故C错误；D．MN段图像斜率不变

，既向上做匀速运动，机械能不守恒，故D错误。故选B。5.华为Mate60搭载我国自主研发的麒麟9000s芯片，该手机最大的亮点就是可以连接天通一号01星实现卫星通信。天通一号01星是地球同步静止卫星，另外已知我国的“天宫”号空间站运行周期约为90

分钟，“天宫”号空间站和天通一号01星的运动均可看作绕地球做匀速圆周运动，“天宫”号空间站和天通一号01星均可视为质点，忽略地球自转对重力大小的影响，则下列说法正确的是（）A.天通一号01星运行的角速度大于“天宫”号空间站运行的角速度B.天通一号01星与“天宫

”号空间站距地面的距离之比为344:1C.“天宫”号空间站中的宇航员由于受到离心力而处于漂浮状态D.天通一号01星所在位置的重力加速度与“天宫”号空间站所在位置的重力加速度之比为31:1616【答案】D【解析】【详

解】A．天通一号01星运行的周期为24h，由2T=可知，天通一号01星运行的角速度小于“天宫”号空间站运行的角速度，故A错误；B．由2224GMmmrrT=可得2324GMTr=天通一号01星与“天宫”号空间站到地球的距离之比231322(2460)44:190rr==故B错误；C．

“天宫”号空间站中的宇航员由于处于完全失重而处于漂浮状态，故C错误；D．由2GMmmgr=可得天通一号01星所在位置的重力加速度与“天宫”号空间站所在位置的重力加速度之比为2231221::1:1616ggrr==故D正确。故选D。6.2023年12月14日，在

法国卡达拉奇，中核集团核工业西南物理研究院与国际热核聚变实验堆ITER总部签署协议，宣布新一代人造太阳“中国环流三号”面向全球开放，邀请全世界科学家来中国集智公关，共同追逐“人造太阳”梦想。“人造太阳”内部

发生的一种核反应其反应方程为234112HHHeX+→+，已知21H的比结合能为311HE，的比结合能为2E，42He的比结合能为3E，光在真空中的传播速度为c。下列说法正确的是（）A.相比核聚裂变，上述反应更为安全、清洁，但产能效率低B.42He

的比结合能小于31H的比结合能C.上述反应能够发生，必须使原子核间的距离达到1010m−以内D.核反应中的质量亏损为()3122423EEEc−+【答案】D【解析】【详解】A．“人造太阳”内部发生的是核聚变，人造太阳

是清洁能源的代表，既安全、又取之不尽，故A错误；B．该核反应释放核能，表明生成核比反应核更加稳定，所以42He的比结合能大于31H的比结合能，故B错误；C．要实现核聚变反应，首先需要外部能量来克服原子核之间的静电排斥力，发生原子

核互相聚合作用，原子核间的距离需要达到1510m−以内，故C错误。D．对该核反应，由能量守恒可得()312423ΔEEEmc−+=２可得核反应中的质量亏损为()3122423ΔEEEmc−+=故D正确。故选D。

7.在体育馆训练时，将乒乓球发球机置于地面上方某一合适位置，如图所示，正对竖直墙面水平发射乒乓球。现有两个质量相同乒乓球a和b以不同速度水平射出，碰到墙面时速度与水平方向夹角的正切值之比为4:9，不计阻力，则乒乓球a和b（）A.

重力对两乒乓球的冲量大小之比为3:2B.碰到墙壁时的速度之比为3:2C.重力对两乒乓球做功的平均功率之比为2:3D.碰墙前运动时间之比为4:9【答案】C【解析】【详解】设碰到墙面时速度与水平方向夹角为,球到竖直墙的水平距离为s，根

据平抛运动规律有20tanyvgtgtsvst===又碰到墙面时速度与水平方向夹角的正切值之比为4:9，则可得碰墙前运动时间之比为23abtt=根据冲量公式Imgt=可得重力对两乒乓球的冲量大小之比为23aybyII=根据2222222401()ysvvvg

tsgttt=+=+=+可得32abvv根据22122mggtmghmgtPtt===可得重力对两乒乓球做功的平均功率之比为23aybyPP=故选C。8.有一种将药物透过皮肤注入体内的无针注射器，注射器的泵体是一个长方体槽，泵体上部与竖直

绝缘细管相连。如图所示，槽高为h，槽的左、右壁是间距为L的导电金属壁，上下、前后壁均为绝缘壁，其中前后壁间距为d，垂直于前后壁有磁感应强度大小为B的匀强磁场。注射器工作时，在左右两金属壁之间加电压U，导电药液中形

成自左向右的电流，药液受安培力作用被压到细管中完成注射。已知药液的电阻率为1、密度为2，重力加速度为g。下列说法正确的是（）A.磁场的方向由后壁指向前壁B.导电药液中电流的大小为1UdLhC.药液受到的安培力大小为1BUhdLD.注射器正常工作时，12LgUB【答案】D【解析】【详

解】A．根据题意可知，导电药液所受安培力向上，电流自左向右，由左手定则可知，磁场的方向由前壁指向后壁，故A错误；B．根据题意，由电阻定律可得，导电药液的电阻为1LRdh=则导电药液中电流的大小为1UUdhIRL==故B错误；C．药液受到

的安培力大小为1BUdhFBIL==故C错误；D．注射器正常工作，则有Fmg即21BUdhdhLg解得12LgUB故D正确故选D。9.有“海上充电宝”之称的南鲲号是一个利用海浪发电的大型海上电站，其发电原理是海浪带

动浪板上下抾动，从而驱动发电机转子转动，其中浪板和转子的链接装置使转子只能单方向转动。若转子带动线圈如下图逆时针转动，并向外输出电流，则下列说法正确的是（）。A.线圈转动到如图所示位置是中性面的位置B.线圈转动到如图所示位置时a端电势低于b端电势C.该发电机单位时间

内输出的最大电能与浪板面积的大小有关D.该发电机单位时间内输出的最大电能与转子转轴的位置有关【答案】C【解析】【详解】A．线圈转动到如图所示位置是与中性面垂直的位置，选项A错误；B．线圈转动到如图所示位置时，根据右手定则可知，a端电势高于b

端电势，选项B错误；CD．根据mEnBS=以及2m2222()22EnBSPttRR==浪板面积越大，则带动线圈转动的角速度越大，则发电机单位时间内能输出的最大电能越大，该发电机单位时间内输出的最大电能与转子转轴的位置有关，选项C正确，D错误。故选C。10

.如图所示为餐厅暖盘车的储盘装置示意图，三根完全相同的轻质弹簧等间距竖直悬挂在水平固定圆环上，下端连接质量为M的托盘，托盘上放着6个质量均为m的盘子并处于静止状态。若取走一个盘子，稳定后余下的正好升高补平。已知重力加速度大小为g，则（）A.若相邻两盘间距为h，那么每根弹簧的劲度

系数为mghB.若相邻两盘间距为h，那么每根弹簧的劲度系数为()65Mmgh+C.某顾客快速取走1号盘子的瞬间，托盘对6号盘子作用力的大小为()565mgMmMm++D.某顾客快速取走1号盘子的瞬间，托盘对6号盘子作用力的大小为()565mgMm

Mm−+【答案】C【解析】【详解】AB．若相邻两盘间距为h，取走一个盘子，稳定后余下的正好升高补平，根据平衡条件结合胡克定律可知3mgkh=解得k=3mgh故AB错误；CD．取走1号盘子的瞬间，托盘和其他5个盘子的合力为mg，根据牛顿第二定律有(5)mgMma=+对剩余5个盘子，根据牛顿第二定律有

55Nmgma−=联立可得托盘对6号盘子作用力的大小为()565mgMmNMm+=+故C正确，D错误；故选C。11.多个点波源在空间也可以形成干涉图样，如图是三个横波波源在均匀介质中的位置，波源1S，23SS，分别位于等边三角形的三个顶点上，且边长为2m。三个波源在0t=时刻同时开始振动，振动

方向垂直纸面，其中波源12SS，的振动图像如图乙，3S的振动图像如图丙。已知波的传播速度为2.5m/sO，处质点位于三角形中心，C处质点位于2S与3S连线中点。下列说法正确的是（）A.其中一列波遇到尺寸为0

.4m的障碍物时，不能发生明显的衍射现象B.位于O处的质点的振幅为10cmC.0.45st=时，C处质点与平衡位置之间的距离是2.5cmD.0.72st=时，C处质点沿y轴负方向振动【答案】D【解析】【详解】A．由图可知，三列波的周期相同；波速相同，所以波长0.5mvt==

根据发生明显衍射的条件可知，三列波遇到尺寸为0.4m的障碍物时，能发生明显的衍射现象，故A错误；B．S1和S2两列波在O点的振动加强，此时O点在该两波源的作用下的振幅为210Acm=,由于S3处的波源与另外两处的波源相位差为2，故O处的质点在三个波源的共同作

用下的振幅不等于10cm，故B错误；C．0.45st=时，波传播的时间为124tT=传播的距离为11211.125m2cos303m4svtSCSS=====既2S、3S传播到C点后又振动了14T，而1S还没有传播到C点，则此时C点处质点与平衡位置之间的距离

是5cm，故C错误；D．0.72st=，传播距离为31.8m35svt===传播时间335tT=既2S、3S传播到C点后又振动了315T，由图可知，2S、3S这两列波使C点向y轴负方向振动，而1S传播到C点

后又振动了大约1.831s0.0272s2.54tT−==根据简谐运动的对称性可知S1此时引起C处质点的振动方向为y轴正方向，速度小于S2此时引起C处质点振动的速度大小，故振动在C点叠加后，C处质点沿y轴负方向振动，故D正确。故选D。12.一种反射式光纤位

移传感器可以实现微小位移测量，其部分原理简化如图所示。两光纤可等效为圆柱状玻璃丝MN、，相距为4da=，直径均为2a，折射率为1.64n=。MN、下端横截面平齐且与被测物体表面平行。激光在M内多次全反射后从下端面射向被测物体，经被测物体

表面镜面反射至N下端面，测量前先调节光纤内光路，使得从M下端面出射的光与竖直方向的夹角达到最大。被测物体自上而下微小移动，使N下端面从刚能接收反射激光到恰好全部被照亮，被测物体下移的距离b为（只考虑在被测物体表面反射一次的光线）（）A.0.3aB.0.5aC.0.75aD.0.8a【答案】

C【解析】【详解】由题意可知当光在两侧刚好发生全反射时从M下端面出射的光与竖直方向夹角最大，设光在M下端发生折射时，入射光线与竖直方向的偏角为α，如图此时1sincosCn==可得21sin1n=−又sinsinn=可得sin0.8=

则53=根据题意要使N下端面从刚能接收反射激光到恰好全部被照亮，光路图如图所示由几何关系可得22tandabb==232tandaabb+==联立，解得0.75bbba=−=故选C。13.细胞膜是一个细胞重要的组成部分，它是一个弹性膜且不带电时磷脂双分

子层间的距离为0d。将细胞膜的伸缩看成劲度系数为0k的弹簧，并且细胞膜的面积20Sd，介电常数为。细胞膜上分布有可以运输粒子的离子泵，使得阴阳离子分布均匀地分布在内外两层上，已知静电力常量为k。当内外膜分别带电Q和Q−时，下列说法正确的是（）

A.内外膜之间的电场强度大小为2kQSB.内外膜的厚度为2002kQdSk−C.每一侧膜受到的作用力大小为24kQSD.内外膜间的电势差大小为20024kQkQdSSk−【答案】B【解析】【详解】A．内外膜之前可近似看成平行板电容器，根据平行板电容器电容

可知4SCkd=根据电容可知QCU=根据匀强电场中电势差与电场强度的关系可知UEd=联立可得4kQES=分析可知，在平行板电容器中，两极板的带电量不变时，电场强度不变，即电场强度与板间距无关。A错误；B．由于此电场为内外膜共同产生，因此一侧膜受到另一侧膜的电场

力为222EkQFQS==内外膜之间的弹力根据胡克定律可知()00Fkdd=−联立可得2002kQddSk=−B正确；C．根据对单侧膜受力分析可知，每一侧膜受到的合力为0，C错误；D．根据匀强电场中电势差与电场强度的关系可知20042UkQkQSSkEdd==−

D错误。故选B。【点睛】在平行板电容器中，由于电场是两个极板共同作用的结果，相当于正负极板各贡献2E，所以极板间静电作用力为2EFQ=。二、选择题题II（本题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是

符合题目要求的。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）14.下列说法正确的是（）A.全自动洗衣机的多段式水位自动感应装置采用了压力传感器B.动量守恒定律适用的地方牛顿运动定律也一定适用C.无法通过是否具有各向异性来区别多晶体和非晶体D.液体具有流动性是因为液体分子间

相互作用的排斥力较大【答案】AC【解析】【详解】A．全自动洗衣机的多段式水位自动感应装置采用了压力传感器，故A正确；B．动量守恒定律不仅仅适用于宏观低速运动的物体，也适用于微观高速运动的物体；而牛顿运动定律只适用于宏观低速运动的物体，故B错误；

C．多晶体和非晶体都具有各向同性，则无法通过是否具有各向异性来区别多晶体和非晶体，故C正确；D．液体具有流动性是因为液体分子作用力较小，分子位置不固定，故D错误。故选AC。15.巴耳末系是指氢原子从3n=，4，5能级跃迁到2n=能级时发出的光谱线系，如图甲所示。图乙中给出了巴耳

末谱线对应的波长。已知可见光的能量在1.64eV~3.10eV之间，普朗克常量346.6310Jsh−=，则下列说法正确的是（）A.Hα谱线对应光子的能量大于Hβ谱线对应光子的能量B.属于巴耳末系的Hα、Hβ、Hγ、Hδ谱线均属于可见光C.Hδ谱线的光子照射

极限频率为1410.9510Hz的钨时，不能发生光电效应现象D.大量处于4n=能级的氢原子向基态跃迁的过程中，可辐射出3种处于巴耳末系的光子【答案】BC【解析】【详解】A．由题图乙和ch=可知，波长越小的光

子，能量越大，因此Hα谱线对应光子的能量小于Hβ谱线对应的光子的能量，故A错误；B．可见光的能量在1.64eV~3.10eV之间，由光子能量公式chh==可得348711916.63103.010m7.5810m758nm1.641.6010hcE−−−

===348721926.63103.010=m4.0110m401nm3.101.6010hcE−−−==由图乙可知，属于巴尔末系的Hα、Hβ、Hγ、Hδ谱线均属于可见光，故B正确；C．因钨的极限频率是14010.

9510Hz=，其逸出功为341419006.631010.9510J7.2610J4.54eVWh−−==其逸出功大于Hδ谱线的最大能量3.4eV，因此用Hδ谱线的光子照射极限频率为1410.9510Hz的金属钨时，不能产生光电效应现象，故C正确；D．巴耳末系是指氢原

子从3n=，4，5能级跃迁到2n=能级时发出的光谱线系，则大量处于4n=能级的氢原子向基态跃迁的过程中，可辐射出2种处于巴耳末系的光子，分别为4n=跃迁到2n=和3n=跃迁到2n=的两个过程，故D错误。故

选BC。第II卷（非选择题共55分）三、非选择题（本题共5小题，共55分）16.物理老师带领同学们在实验室进行系统复习力学实验:（1）利用图甲所示装置，通过合理调节，可以完成的力学实验有:_________（多

选）A.探究小车的加速度与力、质量的关系B.探究小车速度随时间变化规律C.验证机械能守恒定律D.验证碰撞中的动量守恒（2）打点计时器所接交流电的频率为50Hz。实验中获得一条纸带的点的分布如图乙，已知

相邻两个计数点中还有四个点未画出，该小车运动过程中的加速度为_______2m/s（计算结果保留三位有效数字）则根据自己所学知识，判断此纸带属于第（1）小题中可以完成的实验中的哪个实验______（填选项）。并说明理由

：_________。【答案】（1）AB（2）①.2.53②.B③.见解析【解析】【小问1详解】A．结合课本实验原理可以探究小车的加速度与力、质量的关系，故A正确；B．通过打出的纸带上的点即可探究小车速度随时间变化的规律，故B正确；C．槽和槽码、小车运动时，除了重力做功外，还

有阻力做功，不能验证机械能守恒定律，故C错误；D．实验无法验证碰撞中的动量守恒，故D错误。故选AB。【小问2详解】[1]相邻两计数点的时间间隔为50.1s==Tf该小车运动过程中的加速度为222(19.34.6)4.6cm/s2.53m/s40.

04BDOBxxaT−−−===[2][3]由()mgmMa=+得3Mm的不满足小车质量远大于槽码总质量，不能用槽码的总重力代替绳拉力，所以不可能是“探究小车的加速度与力、质量的关系”实验。故选B。17.在探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系实验中，同

学们采用了可拆式变压器（铁芯不闭合）进行研究.（1）某实验小组的小李同学将电源与原线圈的“0”和“8”两个接线柱相连接，用电表测量副线圈的“0”和“4”两个接线柱之间的电压，闭合电键进行实验。图甲是小李同学连接好的

部分电路，请你用笔画线代替导线及红、黑表笔完成实验电路；（2）连接好电路，闭合电键，副线圈所接多用电表的读数如图乙所示，其对应的选择开关如图丙所示，则此时电表读数为_______。（3）另一小组的小王同学某次实验操

作，将电源接在原线圈的“0”和“8”两个接线柱之间，将学生电源的电压档选择为10V，用电表测量副线圈的“0”和“4”两个接线柱之间的电压为5.2V，你认为下列叙述可能符合实际情况的是_______。A.变压器的铁芯没有完

全闭合B.一定是电压的测量出了问题C.副线圈实际匝数与标注的“400”不符，应该小于400匝D.学生电源实际输出电压大于标注的“10V”【答案】（1）（2）4.8V（3）D【解析】【小问1详解】实验电路图如图所示【小问2详解】多用电表选择的档位是10V，其读数为4.8V；【小问3详解】若变

压器为理想变压器，根据原副线圈电压与匝数成正比，可得1122UnUn=解得22115VnUUn==但是实际用电压表测量测得的电压值为5.2V，比理想变压器实际值偏大，所以由此可知A．如果是变压器的铁芯没有完全闭合，则电压值会小于5V，故A

错误；B．可能是电压的测量出了问题导致结果偏大，故B错误；C．如果副线圈实际匝数与标注的“400”不符，小于400匝，则电压值会小于5V，故C错误；D．如果学生电源实际输出电压大于标注的“10V”，则电压值会大于5V，故D正确。故选D。18.某实验小组成员用双缝干涉实验装置测光的波长，装

置如图甲所示。（1）为保证实验顺利进行，A处应安装的光学仪器为________。（2）实验中，需要从标尺上读出某条亮条纹的位置，乙图中所示的读数是_____mm。若双缝相距为d，双缝到屏间的距离为l，相邻两个亮条纹中心的距离为x，则光的波长表示为

=_____（字母表达式），测得某两条亮条纹之间的间距的情况如图丙所示，其他数据为:0.20mm700mmdl==，，测量x的情况如图丙所示。由此可计算出该光的波长为：=___m（结果保留两位有效数字）。（3）丁

图为实验装置简化示意图。S为单缝，12SS、为双缝，屏上O点处为一条亮条纹。若实验时单缝偏离光轴，向下微微移动，则可以观察到原来O点处的干涉条纹____（“向上移动”“向下移动”“仍在O点”）【答案】（1）透镜（2）①.5.24②.xdl=③.75.610−（3）向上移动【解

析】【小问1详解】需要将灯泡的发出的光变为点光源，因此为保证实验顺利进行，A处应安装的光学仪器为透镜；【小问2详解】[1]乙图中所示的读数是0.5cm120.02mm5.24mm+=；[2]由lxd=可得xdl=[3]由图丙可知相邻两个亮条纹中心的

距离为9.80mm1.96mm5x==光的波长为70.00056mm5.610mxdl−===【小问3详解】如图若实验时单缝偏离光轴，向下微微移动，则12SSSS，所以光程差为零的亮纹应出现在

O点上方，所以可以观察到原来O点处的干涉条纹向上移动。19.如图，一个气体低温实验装置，导热气缸内封闭一定量的理想气体，质量为2kgm=的活塞体积可忽略不计，活塞下方连接一根轻质弹簧，弹簧原长为10cmL=（实验过程弹簧处于弹性限度内）。初始状态时，封闭气体温度为1360KT=

，距气缸底部14cmh=处连接一U形细管（管内气体的体积忽略不计），两边水银柱存在高度差，活塞距离气缸底部为220cm=h。已知大气压强为50110Pa75cmHgp==保持不变，气缸横截面积为32110mS−=，重力加速度为g取210m/s。现通过制冷装置缓慢降低气体温

度，当温度降低至275KT=时U型管内两边水银面恰好相平。求:（1）初始状态时，U型管左右两边水银面高度差h；（2）弹簧的劲度系数k；（3）从开始至U形细管两水银面恰好相平的过程中，若气体向外界放出的热量为24J，气体内能的变化量U。【答案】（1）15cm；（2）400N/m

k=；（3）-6.5J【解析】【详解】（1）由平衡关系可知01mgppS+=可得511.210Pa90cmHgp==由平衡关系01pghp+=可得1015cmpphg−==（2）U型管内两边水银面

恰好相平时，封闭气体压强为p0，则有031221pShpShTT=可得活塞到气缸底部的距离为35cmh=则弹簧压缩量为35cm0.05mxLh=−==由平衡关系mgkx=可得400N/mk=（3）从开始至弹簧恰与气缸底接触，

气体压强不变，外界对气体做功1102()()12JmgWpVphLSS==+−=在之后弹簧被压缩5cm的过程中，活塞重力做功为G()1JWmgLx=−=弹簧弹力做功为21()0.5J2Wkx=−=−弹外界大气做功为00()5JWpLxS=−=所以外界对气体做的

总功为1G017.5JWWWWW=+++=弹根据热力学第一定律UWQ=+可得气体内能的变化量17.524J6.5JU=−=−20.某游戏装置如图所示，一水平传送带以v=3ms的速度顺时针转动，其左端A点和右

端B点分别与两个光滑水平台面平滑对接，A、B两点间的距离L=4m。左边水平台面上有一被压缩的弹簧，弹簧的左端固定，右端与一质量为10.1kgm=的物块甲相连（物块甲与弹簧不拴接，滑上传送带前已经脱离弹簧），物块甲与传送带之间的动摩擦因数10.2=。右边水平台面上有一个倾角为45°，高为

10.5mh=的固定光滑斜面（水平台面与斜面由平滑圆弧连接），斜面的右侧固定一上表面光滑的水平桌面，桌面与水平台面的高度差为20.95mh=。桌面左端依次叠放着质量为30.1kgm=的木板（厚度不计）和质量为20.2kgm=的物块乙，物块乙与木板之间的动摩擦因数为20.2=

，桌面上固定一弹性竖直挡板，挡板与木板右端相距00.5mx=，木板与挡板碰撞会原速率返回。现将物块甲从压缩弹簧的右端由静止释放，物块甲离开斜面后恰好在它运动的最高点与物块乙发生弹性碰撞（碰撞时间极短），物块乙始终未滑离木板。物块甲、乙均可视为质点，已知21

0m/sg=，2311119899+++=。求：（1）物块甲运动到最高点时的速度大小；为（2）弹簧最初储存的弹性势能；（3）木板运动的总路程。【答案】（1）3m/s；（2）2.2J；（3）1.0m【解析】【详解】（1）由题意可知，物块甲从斜面顶端到最高点做逆向平抛运动，水平方向为匀速

运动，设物块甲刚离开斜面时速度为v甲，则有()2212甲=−yvghhtan45甲甲=yxvv联立解得3m/s甲甲==yxvv32m/s甲=v可知物块甲运动到最高点时的速度大小为03m/s甲==xvv（2）设物块甲在B点时速度为Bv，对

物块甲从B点到斜面顶端由动能定理有2211111122甲−=−Bmghmvmv解得27m/sBv=因为Bvv，所以物块甲在传送带上一直做减速运动。对物块甲从静止开始到B点，设弹簧弹力做功W，由动能定理有211112

BWmgLmv−=解得2.2JW=根据功能关系可知弹簧最初储存的弹性势能p2.2J==EW（3）物块甲与物块乙在碰撞过程中，由动量守恒定律得=+101122mvmvmvv0=v甲x由机械能守恒定律得=+2221011221

11222mvmvmv解得=−11m/sv，22m/sv=以物块乙和木板为系统，由动量守恒定律得22233()mvmmv=+若木板向右加速至共速后再与挡板碰撞，由动能定理得222133102mgxmv=−解得12m0.5m9x=可知木板与物块乙共速后再与挡板相碰。由动量守恒定律得

2333234()mvmvmmv−=+木板向左减速过程中，由动能定理得222234102mgxmv−=−解得2119xx=同理可得23119xx=以此类推木板的总路程为01202122221m98nsxxxxx=

++++=++解得1.0ms=21.我国科研人员利用“祝融号”火星车观测发现着陆区的沙丘表面有含水特征，经过研究认为是因降霜或降雪所致，进一步证实了火星上存在液态水。某兴趣小组为“祝融2号”设计了探测火星大气成分的探测仪器，其原理如题图所示：虚线PQ

M左侧为离子接收器、右侧存在范围足够大的匀强磁场，虚线PQ与水平方向的夹角为45，虚线QM竖直；被探测的大气分子进入电子轰击源后，均会成为电荷量为e的负离子（质量与原大气分子质量相同，速度为零），该负离子经过电压恒为U的电场加速后，从与离子接收器1

的右端点P相距L处的小孔O（即OPL=）垂直进入匀强磁场。已知质量为m的负离子恰好垂直打中接收器1，离子接收器1的竖直宽度为3L，不计重力及离子间的相互作用力。求：（1）该匀强磁场的磁感应强度大小B；（2）能被接收器1接收的水分子的质量范围；（3）若磁场的磁感应强度在BB一定范围内变化

，现有质量分别为9m和10m的两种水分子，为了使它们分别被两个不同的接收器接收，B不能超过多少。【答案】（1）2meUBeL=；（2）1625~464mm；（3）281025BBBB−=−【解析】【详解】（1）负离子经过加速电场时，由动能定理有21

2eUmv=负离子在磁场中做匀速圆周运动，有2mvevBr=可得12mUrBe=由几何关系得，该负离子在磁场中运动的轨迹半径rL=解得2meUBeL=（2）①负离子恰好打中P点，有112rL=由半径公式

得114mm=②负离子恰好打中Q点，由几何关系得22222(4)(3)LrLr−+=解得2258rL=由半径公式得262564mm=所以水分子的质量范围是1625~464mm（3）质量为9m的负离子恰好打中Q点，有125118

8mULBe=解得12425BB=质量为10m的负离子恰好打中Q点，有2251208mULBe=解得281025BB=由于12BBBB−−，所以B不能超过281025BBBB−=−22.如图所示，两个半径不等的用细金属导线做成的同心圆环固定在水平的桌面上。大圆环半径为1R；小圆

环表面涂有绝缘漆，半径为()221RRR，两圆环导线每单位长度电阻均为0r，它们处于匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向竖直向下，一根长直金属细杆（已知单位长度电阻为1r）放在大圆环平面上，并从距圆环中心左侧为()12100RR的a

b位置，以速度v匀速向右沿水平面滑动到相对于大圆环中心与ab对称的位置cd，滑动过程中金属杆始终与大圆环保持密切接触。金属杆和大圆环的电流在小圆环处产生的磁场均可视为匀强磁场。已知：当半径为R，长度为l的一段圆弧导线通有电流I时，圆弧电流在圆心处产生的磁感应强度大小

为2mIlBkR=；无限长直导线通有电流I时，电流在距直导线距离为r处产生的磁感应强度B的大小为2mIBkr=，其中mk为已知常量。若1x，则()11xx++。求:（1）金属杆在运动过程中产生的电动势；（2）金属杆在运动过程

中，大圆环在圆环中心处产生的磁感应强度；（3）金属杆在ab位置时，圆环中心处的总磁感应强度；（4）金属杆从ab位置运动到cd位置的过程中通过小圆环导线横截面的电荷量。【答案】（1）12EBRv=；（2）00B=；（3）()m31108004kBvBRrr

=+；（4）()m210108004kBRvQRrrr=+【解析】【详解】（1）如图1所示当长直金属杆在ab位置以速度水平向右滑动到时，因切割磁感线，在金属杆中产生由b指向a的感应电动势的大小为EBLv=式中L为金属杆在ab位置时与大圆环两接触点间的长度，由几何关系有2211122100

RLRR=−在金属杆由ab位置滑动到cd位置过程中，金属杆与大圆环接触的两点之间的长度L可视为不变，近似为12R，在金属杆由ab滑动到cd过程中感应电动势大小始终为12EBRv=（2）以I、1I和2I分别表示金属

杆、杆左和右圆弧中的电流，方向如图1所示，以abU表示a、b两端的电压，由欧姆定律有110abUIlr=，220abUIlr=1l和2l分别为金属杆左、右圆弧的弧长。根据提示，和中的电流在圆心处产生的磁感应强度的大小分别为111m21IlBkR=，222m21IlBkR

=1B方向竖直向上，2B方向竖直向下。整个大圆环电流在圆心处产生的磁感应强度为0210BBB=−=（3）无论长直金属杆滑动到大圆环上何处，上述结论都成立，于是在圆心处只有金属杆的电流I所产生磁场。在金属杆由ab滑动到cd的过程中，金属杆都处在圆心附近，故金属杆可近似视为无限长直导线，由提示，金属

杆在ab位置时，杆中电流产生的磁感应强度大小为3mm2112200100IIBkkRR==方向竖直向下。对应图1的等效电路如图2杆中电流EIRRRRR=++右左右左其中R为金属杆与大圆环两接触点间这段金属杆的电阻，R左和R右分别为金属杆左右两侧圆弧的电阻，由于长直金属杆非常靠近圆心，故ab1

12RRr，10RRRr=右左()m31108004kBvBRrr=+（4）由于小圆环半径0RR，21RR，小圆环圆面上各点的磁场可近似视为均匀的，且都等于长直金属杆在圆心处产生的磁场．当金属杆位于ab处时，穿过小圆环圆面的磁感应通量为223ΦabRB=当长直金属杆

滑到cd位置时，穿过小圆环圆面的磁感应通量为223ΦcdRB=−在长直金属杆以速度从ab移动到cd的时间间隔t内，穿过小圆环圆面的磁感应通量的改变为223ΔΦΦΦ2cdabRB=−=−由法拉第电磁感应定律可得，在小圆环中产生

的感应电动势为大小为22312RBEtt=−=在长直金属杆从ab移动cd过程中，在小圆环导线中产生的感应电流为23112002RBEIRrrt==在时间间隔t内通过小环导线横截面的电荷量为的()23m2101010

800Δ4RBkBRvQItrRrrr===+