【文档说明】安徽省芜湖市南陵中学2023-2024学年高二上学期第一次月考物理试题 含解析.docx，共(19)页，2.033 MB，由小赞的店铺上传

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高二上学期第一次诊断练习物理试卷注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚。2．请将答案正确填写在答题卡上，在试题卷上作答无效。3.考试结束后，上交答题卡。本场考试满分100分，考试用时75分钟。第

I卷（选择题）一、单项选择题：本大题共10小题，在每小题给出的四个选项中，第1~6题只有一项符合题目要求，为单项选择题；第7~10题有多项符合题目要求，为多项选择题。1.下列说法正确的是（）A.以点电荷为球心、r为半径的球面上，各点的场强都相同B.正电荷周围的电

场一定比负电荷周围的电场场强大C.若放入正电荷时，电场中某点的场强向右，则当放入负电荷时，该点的场强仍向右D.由ABUEd=，在匀强电场中只要两点间距离相等，则它们之间电势差就相等【答案】C【解析】【详解】A．以点电荷为球心，r为半径的球面上，各点的场强大小相同，

但是方向不同，选项A错误；B．正电荷周围的电场强度不一定比负电荷周围的电场强度大，要看电场线的疏密，选项B错误；C．在电场中某点放入试探电荷q，该点的电场强度为FEq=取走q后，该点的场强仍为E不变，选项C正确；D．公式ABUEd=适用于匀强电

场，除等势线外其他方向上两点间距离相等，它们之间的电势差就相等，故D错误。故选C。2.如图为真空中两点电荷A，B形成的电场中的电场线，该电场线关于虚线对称，O点为A，B点电荷连线的中点，a、b为其连线的中垂线上对称的两

点，则下列说法正确的是（）A.A，B可能带等量异种电荷B.A，B可能带不等量的正电荷C.同一试探电荷在a、b两点处所受电场力大小相等，方向相反D.a、b两点处无电场线，故其电场强度为零【答案】C【解析】【详解】AB．

由于电场线关于虚线对称，O点为A，B点电荷连线的中点，结合等量异种与等量同种点电荷电场线的分布特征，可知A，B带等量同种正电荷，故AB错误；C．a、b为其连线的中垂线上对称的两点，根据等量同种点电荷电

场线的分布特征，可知a、b两点位置的电场强度大小相等，方向相反，则同一试探电荷在a、b两点处所受电场力大小相等，方向相反，故C正确；D．电场线是为了形象描述看不见、摸不着的电场而人为假想的，其分布的疏密程度表示电场的强弱，a、b两点处虽然无电场线，但其电场强度不为零，故D错误。故选C。3.如图

所示，xOy平面是无穷大导体的表面，该导体充满z＜0的空间，z＞0的空间为真空。将电荷量为q的点电荷置于z轴上z=h处，则在xOy平面上会产生感应电荷，空间任意一点处的电场皆是由点电荷q和导体表面上的感应电荷共同激发的。已知静电平

衡时导体内部场强处处为零，则在z轴上2hz=处的场强大小为（k为静电力常量）（）A.24qkhB.249qkhC.2329qkhD.2409qkh【答案】D【解析】【详解】在z轴2h−处，合场强为零，该点场强为q和导体近端感应电荷产生电场的场强的矢量和；q在2h−处产生的场强为1

2249()32kqkqEhh==由于导体远端离2h−处很远，影响可以忽略不计，故导体在2h−处产生场强近似等于近端在2h−处产生的场强；2h−处场强为120EE=+故21249kqEEh=−=−根据对称性

，导体近端在2h处产生的场强为2249kqEh−=电荷q在2h处产生的场强为224()2kqkqhh=故2h处的合场强为222444099kqkqkqEhhh=+=故选D。【名师点睛】本题考查了电场强度的计算、导体的静电平衡和场强的叠加原理，要结合对称性进行近似运算，难题．4.空间中P、Q两点

处各固定一个点电荷，电荷量大小相等，其中P处为正电荷。P、Q两点附近电场的等势面分布如图所示，相邻等势面间电势差相等，a、b、c、d为电场中的4个点。下列说法正确的是（）A.a点电场强度大于b点电场强度B.c、d两点电场强度大小相等、方向相反C.一负电荷在a点处电势

能大于在b点处电势能D.从a到b移动单位正电荷，沿acb→→移动和沿ab连线移动，电场力做功相等【答案】D【解析】【详解】A．等势面越密集，电场强度越大，a点电场强度小于b点电场强度，故A错误；B．由等势面可知

，P、Q为等量异种电荷，故c、d两点电场强度均垂直cd等势面向右，电场强度大小相等、方向相同，故B错误；C．由P为正电荷、Q为负电荷可知，a点电势高于b点电势，故负电荷在a点电势能小于在b点电势能，故C错误；D

．电场力为保守力，做功与路径无关，从a到b移动单位正电荷，沿acb→→移动和沿ab连线移动，电场力做功相等，故D正确。故选D。5.如图所示,两个带有同种电荷的小球,用绝缘细线悬挂于O点,若q1>q2,L1>L2,平衡时两球到过O点的竖直线的距离相等,则()A.m1>

m2B.m1<m2C.m1=m2D.无法确定【答案】C【解析】【详解】对m1、m2球受力分析，根据共点力平衡和几何关系得：左边两个阴影部分面积相似，右边两个阴影部分面积相似；虽然12qq，12LL，但两者的库仑力大小相等

，则有1212mgmgFF=，由于12FF=，所以12mm=，故C正确，A、B、D错误；故选C．【点睛】关键是两小球受到的库仑力相等，再根据共点力的平衡条件即可得了两小球偏转角度的关系．6.如图所示，足够大的光滑绝缘水平面上有三个带电质点，A

和C围绕B做匀速圆周运动，B恰能保持静止，其中A、C与B的距离分别是L1和L2，不计三质点间的万有引力，则A和C的比荷（电荷量和质量之比）之比应是（）A.212LLB.221LLC.312LLD.32

1LL【答案】C【解析】【分析】详解】根据B恰能保持静止可得2212CBABqqqqkkLL=A做匀速圆周运动，根据A受到的合力提供向心力2122112()CAABAqqqqkkmLLLL−=+C做匀速圆周运动【2222212()CBC

ACqqqqkkmLLLL−=+联立解得A和C的比荷（电量与质量之比）之比应是312()LL，故ABD错误，C正确。故选C。二、多项选择题（每题6分，共24分。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）7.在x轴方

向存在一静电场，其φ-x图像如图所示，一电子以一定的初速度沿x轴从O点运动到x4，电子仅受电场力，则该电子（）A.在x1处电势能最小B.从x2到x3受到的电场力和从x3到x4受到的电场力方向相反C.在x1处受到的电场力最大D.在x3处电势为零，电

场强度也为零【答案】A【解析】【详解】A．电荷在某点的电势能为PEq=由公式可知，负点电荷在电势越大的地方，电势能越小，所以该电子在x1处的电势能最小，故A正确；B．x2到x3的场强方向向右，x3到x4的场强方向向右，所以电子在x2到x3和x3到x4受到的

电场力方向都是向左，方向相同，故B错误；C．φ-x图像中斜率表示电场强度，可知电子在x1处受到的电场力为0，故C错误；D．φ-x图像中斜率表示电场强度，x3处的斜率不为0，所以x3处的电场强度不为0，故D错误；故选A。8.如图所示是某一带电导体周围的电场线与等势面，A、C是同一等势面上的两点，B

是另一等势面上的一点。下列说法正确的是（）A.导体内部的场强左端大于右端B.A、C两点的电势均高于B点的电势C.B点的电场强度小于A点的电场强度D.负电荷从A点沿虚线移到B点，电势能减小【答案】BC【解析】【详解】A．处于静电平衡的导体，内部场强处处为零。导体内部的场强左端等于右端，故A错误

；B．A、C两点的电势均高于B点的电势，故B正确；C．等差等势线密集的地方电场强度大，B点的电场强度小于A点的电场强度，故C正确；D．因为0ABU则0ABABWqU=−负电荷从A点沿虚线移到B点，电势能增加，故D错误。故选BC。9.如图甲所示直线是电场

中一条电场线，A、B是该线上的两点。一负电荷以一定初速度沿电场线从A运动到B，运动过程中的速度–时间图像如图乙所示，则下列说法中正确的是（）A.该电场是匀强电场B.A、B两点的电势相比一定是ABC.A、B两点的场强大小相比

一定是ABEE的D.该电荷在两点的电势能大小相比一定是ppABEE【答案】D【解析】【详解】AC．由于速度—时间图线的斜率表示物体运动的加速度，由乙图可知，电荷运动的加速度越来越大，也就是电场强度越来越大，即EB>EA，故AC错误；B．由

于从A向B运动时，做减速运动，受力的方向与运动方向相反，因此电子受电场力方向从B指向A，而电子受力方向与电场线方向相反，因此电场线方向由A指向B，沿电场线方向电势越来越低，因此φB<φA，故B错误；D．从A向B运动的过程中，电场力做负功，电势能增加，因此EpA<EpB，故D正确。

故选D。10.如图所示，MON是固定的光滑绝缘直角杆，MO沿水平方向，NO沿竖直方向，A、B为两个套在此杆上的带有同种电荷的小球，用一指向竖直杆的水平力F作用在A球，使两球均处于静止状态。现将A球向竖直杆方

向缓慢拉动一小段距离后，A、B两小球可以重新平衡。则后一种平衡状态与前一种平衡状态相比较，下列说法正确的是（）A.A、B两小球间的库仑力变大B.A、B两小球间的库仑力变小C.A球对MO杆的压力变大D.A球对MO杆的压力不变【答案】B

D【解析】【详解】对A球受力分析，受重力mg、拉力F、支持力1N，静电力1F，如图，根据平衡条件，有x方向1sinFF=①y方向11cosNmgF=+②再对B球受力分析，受重力Mg、静电力1F、杆对其向左的支持力，如图，根据平衡条件，有x

方向12sinFN=③y方向1cosFMg=④由上述四式得到1cosMgF=⑤1NmgMg=+⑥由⑤式，因为新位置两球连线与竖直方向夹角变小，故静电力1F变小；由⑥式，水平杆对球A的支持力等于两个球的重力之和，不变，再结合牛顿第三定律可以知道，球A对水平杆的压力不变。故选

BD。第II卷（非选择题）非选择题包括实验题和解答题，共52分，其中实验题共18分；解答题共34分。三、实验题（共18分，其中第11题满分8分，第12题满分10分）11.图1是“研究平抛物体运动”的实验装置，通过描点画出平抛小球的运动轨迹。（1）以下实验过

程的一些做法，其中合理的有________a.安装斜槽轨道，使其末端保持水平b.每次小球释放的初始位置可以任意选择c.每次小球应从同一高度由静止释放d.为描出小球的运动轨迹描绘的点可以用折线连接（2）实验得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点O为坐标原点

，测量它们的水平坐标x和竖直坐标y，图2中y-x2图象能说明平抛小球的运动轨迹为抛物线的是_________（3）图3是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹，O为平抛起点，在轨迹上任取三点A、B、C，测得A、B两点竖直坐标y1为5.0cm、y2为45.0cm，测得A、B两

点水平距离Δx为40.0cm，则平抛小球的初速度v0为______m/s，若C点的竖直坐标y3为60.0cm，则小球在C点的速度为vC=______m/s（结果保留两位有效数字，g取10m/s2）。【答案】①.ac②.c③.2.

0④.4.0【解析】【详解】（1）[1]a．斜槽末端水平，才能保证小球离开斜槽末端时速度为水平方向，a正确；bc．为保证小球多次运动是同一条轨迹，每次小球的释放点都应该相同，b错误，c正确；d．小球的运动轨迹是平

滑曲线，故连线时不能用折线，d错误。故选ac。（2）[2]平抛运动的水平位移与竖直位移分别满足的关系是0xvt=212ygt=联立可得2202gyxv=可知y-x2图象是直线时，说明小球运动轨迹是抛物线。故选c。（3）[3][4]由竖直方

向的分运动可知212ygt=2htg=即1120.1sytg==2220.3sytg==水平初速度为0212.0m/sxvtt==−C点的竖直分速度为y3223m/svgy==由运动合成可知22C04.0m/syvvv=+=12.利

用图1所示的装置做“验证机械能守恒定律”的实验。（1）除图示器材外，下列器材中，需要的是_______；A．直流电源（12V）B．交流电源（220V，50Hz）C．天平及砝码D．刻度尺E．导线（2）打点计时器打出的一条纸带

（如图2）的O点（图中未标出）时，重锤开始下落，a、b、c是打点计时器连续打下的3个点。刻度尺的零刻线与O点对齐，a、b、c三个点所对刻度。打点计时器在打出b点时重锤下落的高度bh=_______cm

，下落的速度为=bv________m/s（计算结果保留3位效数字）。（3）在实验过程中，下列实验操作和数据处理正确的是_________。A．释放重锤前，手捏住纸带上端并使纸带保持竖直B．做实验时，先接通打点计时器的电源，再释放连结重锤的纸带C．为测量打点计时器打下某点时重

锤的速度v，需要先测量该点到O点的距离h，再根据公式2vgh=计算，其中g应取当地的重力加速度D．用刻度尺测量某点到O点的距离h，利用公式mgh计算重力势能的减少量，其中g应取当地的重力加速度（4）当地重力加速度为g，若测出纸带上各点到O点之间的距离h，算出打各点的速度v，以2v为纵轴，h为横轴

，作出的图像如图3所示，图像未过坐标原点，可能原因是_________（A．先释放纸带，后的接通电源B．因为实验过程中无法消除阻力的影响重新实验），如果作出的图像为过原点的倾斜直线，且图像的斜率为_________，则机械能守

恒得到验证。【答案】①.BDE②.19.30##19.28##19.29##19.31##19.32③.1.95④.ABD⑤.A⑥.2g【解析】【详解】（1）[1]除图示器材外，电火花打点计时器需要用导线连接交流电源（220V，50Hz）；需要用刻度尺测量纸带上计数点之间

的距离；本实验验证机械能守恒的表达式中质量可以约掉，所以不需要天平测质量。故选BDE。（2）[2]由图可知打点计时器在打出b点时锤下落的高度为19.30cmbh=[3]根据匀变速直线运动中间时刻速度等于该段过程的平均速度，则打点计时器在打出b点时重锤下落的速度为2(23.5015.70)

10m/s1.95m/s220.02acbxvT−−===（3）[4]A．释放重锤前，手捏住纸带上端并使纸带保持竖直，故A正确；B．做实验时，先接通打点计时器的电源，再释放连结重锤的纸带，故B正确；C

．为测量打点计时器打下某点时重锤的速度v，不能用公式2vgh=计算，因为这样做相当于用机械能守恒验证机械能守恒，失去了验证机械能守恒的意义，故C错误；D．用刻度尺测量某点到O点的距离h，利用公式mgh计算重力势能的减少量，其中

g应取当地的重力加速度，故D正确。故选ABD。（4）[5]由图像可知，当0h=时，速度大于0，即O点已经有了一定初速度，可能是先释放纸带，后接通电源。故选A。[6]根据机械能守恒可得212mghmv=可得22vgh=如果作出的图像为过原点的倾斜直线，且图像的斜率为2g，

则机械能守恒得到验证。四、解答题（共34分，其中第13题满分10分，第14题满分12分，第15题满分12分）13.如图所示，匀强电场中有一直角三角形ABC，60C=，AC边长为103cm，匀强电场方向与ABC平面平行，将一带电量为9110C−=q的正点电荷从A点移动到C点

，电场力做功8310J−，若将该点电荷从B点移动到C点，电场力做功8610J−，若规定C点电势为零。求：（1）A点电势和B点电势；（2）匀强电场的电场强度大小。【答案】（1）30VA=，60VB

=；（2）200V/m【解析】【详解】（1）点电荷从B点移动到C点有BCBCWqU=由于规定C点电势为零，则有BCBCBU=−=解得60VB=点电荷从A点移动到C点有ACACWqU=由于规定C点电势为零，则有ACACAU

=−=解得30VA=（2）在匀强电场中平行等间距的两条线段端点之间的电势差相等，取BC中点为D，则有BDDCUU=由于BDBDU=−，DCDCU=−解得30VD=可知AD连线为一条等势线，过C做AD垂线，垂足为F，则电场强度方向与AD垂直，方

向FC→，则电场强度大小为230V/m200V/mcos303103102ACACUEx−===14.天宫空间站是我国自主建设的一个空间站系统，空间站总重量1180tm=，轨道高度400kmh=，空间站绕地球一周93minT=。已知地球质量M为246.010kg

，半径36.410kmR=，11226.6710Nm/kgG−=，忽略其他天体的影响。（1）忽略地球自转的影响，若宇航员质量为60kg，他在空间站的磅秤上称量体重时磅秤的示数是多少？（2）天宫空间站在轨期间环绕地球的运行速度大小v；（结果保留2位有效数字

）（3）为了解释不接触的两物体间发生引力作用，法拉第在电磁学中建立了场的概念。其后，场的概念被应用到万有引力中，类比电场强度定义，求地球在空间站所处的引力场强度GE。（结果保留2位有效数字）【答案】（1）0；（2）37.710m/s；（3）8.7N/kg，指向

地心【解析】【详解】（1）宇航员和天宫空间站受到地球的万有引力提供向心力()()22GMmmvRhRh=++总总宇航员在磅秤上随空间站绕地转动()()222N2GMmmvFRhRh−=++因此磅秤对他的弹力N0F=根据牛顿第

三定律可知，他对磅秤的压力N0F=即磅秤示数零；（2）天宫空间站在轨期间环绕地球的运行时，根据匀速圆周运动规律可知()2RhvT+=解得37.710m/sv=（3）电场强度定义公式为FEq=设在空间站放置一个质量m很小的物体，定义其受到地球的

引力F与它质量m的比值为地球在该处的引力场强度﹐则GFEm=其中()2MmFGRh=+联立解得()28.7N/kgGMGERh==+其方向指向地心。为15.如图所示，有一个质量1kgm=的小物块（可视为质点），从光滑平台上的A点以03m/sv=的初速度水平拖出，到达C点时，恰好沿切线方向进入固定在

水平地面上的光滑圆弧轨道CD，最后小物块滑上紧靠轨道末端D点的长木板。已知足够长的长木板质量1kgM=，放在粗糙的水平地面上，长木板下表面与地面间的动摩擦因数20.1=，长木板上表面与小物块间的动摩擦因数10.3=，且与圆弧轨道末端切

线相平，圆弧轨道的半径0.5mR=，半径OC与竖直方向的夹角53=（不计空气阻力，210m/s,sin530.8,cos530.6g===）。求：（1）AB高度；（2）小物块运动到D点时的速度大小；（3）小物块与长木板因摩擦而产生的热

量。【答案】（1）0.8m；（2）29m/s；（3）10.875J【解析】【详解】（1）从A到C的过程小物块做平抛运动，在C点小物块速度与水平方向的夹角为53，故0yxvgtvv==tan53yxvv=联立解得0.4st=故AB的高度为210.8m2ABhgt==（

2）由动能定理可知22011(1cos53)22ABDmghmgRmvmv+−=−解得的29m/sDv=（3）对小物块11gmma−=解得213m/sa=−对木板122()mgMmgMa−+=解得221m/sa=设

经过t时间二者共速，则有12Dtvata+=小物块位移为12Dvvxt+=长木板的位移为22vxt=故12xxx=−相对小物块与长木板因摩擦而产生的热量1Qmgx=相对联立方程，解得获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com