【文档说明】黑龙江省大庆市第四中学2020届高三下学期4月理综物理试题【精准解析】.doc，共(16)页，836.500 KB，由小赞的店铺上传

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物理试卷一、选择题。1.用波长为300nm的光照射锌板，电子逸出锌板表面的最大初动能为1.28×10-19J，已知普朗克常量为6.63×10-34J.s，真空中的光速为3×108m/s，能使锌产生光电效应单色光的最低频率（）A.1×1014HzB.8×1015HzC..2

×1015HzD.8×1014Hz【答案】D【解析】【详解】根据光电效应方程00kEhvWcWh=−=−逸出功00Whv=，可知0kkcWhvEhE=−=−代入数据可知：140810Hz=故D正确，ABC错误2.

图为氢原子能级的示意图，现有大量的氢原子处于以n=4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干不同频率的光．关于这些光下列说法正确的是A.最容易表现出衍射现象的光是由，n=4能级跃迁到n=1能级产生的B.频率最小的光是由

n=2能级跃迁到n=1能级产生的C.这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光D.用n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光照射逸出功为6.34eV的金属铂能发生光电效应【答案】D【解析】【详解】A．波长越长衍射现象越明显，能级差越大频率越高波长越短，A错误；B．频率最小

的光应是由n=4能级跃到n=3能级产生的，B错误；C．由2nC可知，这些氢原子总共可辐射出六种不同频率的光子，能极差越大频率越高，可得C错误；D．用n=2能级跃迁到n=1能级辐射出的光能量为10.2eV，大于逸出功，能发生光电效应.D正确。3.我

国自主研发制造的国际热核聚变核心部件在国际上率先通过权威机构认证，这是我国对国际热核聚变项目的重大贡献．下列核反应方程中属于聚变反应的是A.23411120HHHen+→+B.1441717281NHeOH+→+

C.427301213150HeAlPn+→+D.235114489192056360UnBaKr3n+→++【答案】A【解析】【详解】A.23411120HHHen+→+是一个氘核与一个氚核结合成一个氦核，同时放出一个中子，属于聚变反应，故A正确；B.144

1717281NHeOH+→+是卢瑟福发现质子的核反应，他用α粒子轰击氮原子核，产生氧的同位素178O和一个质子，是人类第一次实现的原子核的人工转变，属于人工核反应，故B错误；C.427301213150HeAlPn+→+是

小居里夫妇用α粒子轰击铝片时发现了放射性磷（磷30），属于人工核反应，故C错误；D.235114489192056360UnBaKr3n+→++是一种典型的铀核裂变，属于裂变反应，故D错误．故选A。4.在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的

转动轴匀速转动，如图甲所示．产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示．则下列说法正确的是()A.t＝0.01s时穿过线框的磁通量最小B.该交变电动势的有效值为112VC.该交变电动势的瞬时值表达式为e＝222cos100πt(V)D.电动势瞬时值为22V时，线框平面与中性面的夹角为45°【答案

】D【解析】【分析】【详解】A．由图可知，此交流电的T=0.02s,222VmE=,且t=0时刻，线圈在中性面位置，t=0.01s时穿过线框的磁通量最大，A错误；C．交变电动势的瞬时值表达式为222sin(100)Ve

t=，C错误；B．交变电动势的有效值为22V,B错误；D．当e=22V时，18tT=,即线圈平面与中性面的夹角为45，D正确；故选D。5.如图所示为某山区小型电站输电示意图，发电厂发出U1＝2202sin10

0πt(V)的交流电通过变压器升压后进行高压输电，接近用户时再通过降压变压器降压给用户供电，图中高压输电线部分总电阻为r，负载端的电压表是理想交流电表，下列有关描述正确的是()A.若开关S1、S2都断开，则电压表示数为零B.负载端所接收到交流

电的频率为25HzC.深夜开灯时灯特别亮是因为高压输电线上电压损失减小的缘故D.用电高峰期灯泡较暗，可通过减少降压变压器副线圈的匝数来提高其亮度【答案】C【解析】【分析】本题考察了远距离输电、变压器、电路的动态变化的

分析，由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．【详解】A．1S、2S都断开时变压器空载，副线圈两端有电压，电压表示数不为零，故选项A错误；B．变压器不能改变频率，故负载端交流电的频率

还是50Hz，故B选项错误；C．深夜大部分用户已关灯，干路中电流减小，线路损耗也减小，用户得到的电压较高，故此时开灯就较亮，故选项C正确；D．用电高峰时，负载增多，负载电阻减小，干路中电流增大，因此输电线损耗电压增大，导致降压变压器的

输入电压降低，为提高负载电压，可增大降压变压器的副线圈的匝数，使输出电压提高，故选项D错误．6.如图，A、B是相同的白炽灯，L是自感系数很大、电阻可忽略的自感线圈．则（）A.闭合开关S时，A、B灯同时亮，且达到正常B.闭合开关S时，B灯比A灯先亮，最后一样亮C.闭合

开关S时，A灯比B灯先亮，最后一样亮D.断开开关S时，A灯与B灯同时逐渐熄灭【答案】CD【解析】【详解】开关S闭合的瞬间，电源的电压同时加到两支路的两端，A灯立即发光．由于线圈的自感阻碍，B灯后发光，逐渐变亮，由于自感线圈的电阻可忽

略，所以最后两灯一样亮，故AB错误，C正确；断开开关S的瞬间，线圈与两灯一起构成一个自感回路，由于线圈的电流将要减小，产生自感电动势，相当电源，两灯同时逐渐熄灭，故D正确．7.如图所示，导体棒沿两平行导轨从图中位置以速度v向右匀速通过一正方形abcd磁场

区域，ac垂直于导轨且平行于导体棒，ac右侧的磁感应强度是左侧的2倍且方向相反，导轨和导体棒的电阻均不计，下列关于导体棒中感应电流和所受安培力随时间变化的图象正确的是（规定电流由M经R到N为正方向，安培力

向左为正方向）A.B.C.D.【答案】AC【解析】【详解】设ac左侧磁感应强度是B，则右侧的为2B．导轨间距为L．金属棒PQ通过bac区域时，由右手定则可知金属棒感应电流从Q到P，为正方向，有：222EBvtvBvtitR

RR===，PQ刚要到ac时，BLviR=；金属棒PQ通过bdc区域时，由右手定则可知金属棒感应电流从P到Q，为负方向，有：2()2EBLvtviRR−==，可知i随时间均匀减小，PQ棒刚离开ac时，2BLv

iR=．故A正确，B错误．金属棒PQ通过bac区域时，安培力为：F=Bi•2vt=2324BvtR∝t2．金属棒PQ通过bdc区域时，安培力大小为：F=2Bi•（L-2vt）=224(2)BLvtvR−．根

据数学知识可得，C正确，D错误．故选AC．【点睛】本题运用半定量的研究方法，通过法拉第电磁感应定律、欧姆定律、安培力公式得到感应电流和安培力的表达式，再进行分析，要注意公式E=BLv中L是有效的切割长度．8.如图所示，竖直放置的“”形光滑导轨宽为L，矩形匀强磁场Ⅰ、Ⅱ的高和间距均为d，

磁感应强度为B。质量为m的水平金属杆由静止释放，进入磁场Ⅰ和Ⅱ时的速度相等。金属杆在导轨间的电阻为R，与导轨接触良好，其余电阻不计，重力加速度为g。金属杆（）A.刚进入磁场Ⅰ时加速度方向竖直向上B.穿过磁

场Ⅰ的时间大于在两磁场之间的运动时间C.穿过两磁场产生的总热量为2mgdD.释放时距磁场Ⅰ上边界的高度h大于22442mgRBL【答案】ABD【解析】【详解】A．由于金属棒进入两个磁场的速度相等，而穿出磁场后金属杆做加速度为g的加

速运动，所以金属杆进入磁场时应做减速运动，故A正确；B．对金属杆受力分析，根据22BLvmgmaR−=可知，金属杆做加速度减小的减速运动，其进出磁场的v-t图像如图所示由于0~t1和t1~t2图线与t轴包

围的面积相等（都为d），所以t1>（t2-t1），故B正确；C．从进入Ⅰ磁场到进入Ⅱ磁场之前过程中，根据能量守恒，金属棒减小的机械能全部转化为焦耳热，所以12Qmgd=所以穿过两个磁场过程中产生的热量142gQdQm==故

C错误；D．若金属杆进入磁场做匀速运动，则220BLvmgR−=得22mgRvBL=根据前面分析可知金属杆进入磁场的速度大于22mgRBL，根据22vhg=得金属杆进入磁场的高度应大于222224444=22mgRmgRgBLBL，故D正确。故选ABD。【点睛】本题以金属杆在

两个间隔磁场中运动时间相等为背景，考查电磁感应的应用，解题的突破点是金属棒进入磁场Ⅰ和Ⅱ时的速度相等，而金属棒在两磁场间运动时只受重力是匀加速运动，所以金属棒进入磁场时必做减速运动。第Ⅱ卷二、非选择题（共62分，第9~12题为必考题，每个试题考生都必须作答。第13~14题为

选考题，考生根据要求作答）（一）必考题9.研究小车匀变速直线运动的实验装置如图（a）所示，其中斜面倾角可调。打点计时器的工作频率为50Hz。纸带上计数点的间距如图（b）所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出。（1）图（b）中标出的相信两计数点的时间间隔

T=_________s。（2）计数点5对应的瞬时速度大小计算式为v5=_________。（3）为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a=_________。【答案】(1).0.1s；(2).452SST+；(3).4561232()()9SSSSSST++−

++【解析】【详解】（1）[1]每相邻两点之间还有4个记录点未画出,说明两个计数点之间有五小段，计数点的时间间隔50.02s0.1sT==（2）[2]计数点5对应的瞬时速度大小是计数点4和计数点6之间的中点时刻速度，也等于这两点之间的平均速度，即45

52SSvT+=（3）[3]为了充分利用记录数据，减小误差用逐差法，小车加速度大小的计算式应为2456123()()(3)SSSSSSaT++−++=得4561232()()9SSSSSSaT++−++=10.某同学通过实验制作一个简易的温控装置，

实验原理电路图如图11–1图所示，继电器与热敏电阻Rt、滑动变阻器R串联接在电源E两端，当继电器的电流超过15mA时，衔铁被吸合，加热器停止加热，实现温控．继电器的电阻约为20Ω，热敏电阻的阻值Rt与温度t的关系如下表所示（1）提供

的实验器材有：电源E1（3V，内阻不计）、电源E2（6V，内阻不计）、滑动变阻器R1（0~200Ω）、滑动变阻器R2（0~500Ω）、热敏电阻Rt，继电器、电阻箱（0~999.9Ω）、开关S、导线若干．

为使该装置实现对30~80℃之间任一温度的控制，电源E应选用______（选填“E1”或“E2”），滑动变阻器R应选用______（选填“R1”或“R2”）．（2）实验发现电路不工作．某同学为排查电路故障，用多用电表测量各接点间的电压，则应

将如图11–2图所示的选择开关旋至______（选填“A”、“B”、“C”或“D”）．（3）合上开关S，用调节好的多用电表进行排查，在题11–1图中，若只有b、c间断路，则应发现表笔接入a、b时指针______（选填“偏转”或

“不偏转”），接入a、c时指针______（选填“偏转”或“不偏转”）．（4）排除故障后，欲使衔铁在热敏电阻为50℃时被吸合，下列操作步骤正确顺序是_____．（填写各步骤前的序号）①将热敏电阻接入电路②观察到继电器的衔铁被吸合③断开开关，将电阻箱从电路中移除④合上开关，调节滑

动变阻器的阻值⑤断开开关，用电阻箱替换热敏电阻，将阻值调至108.1Ω【答案】(1).E2(2).R2(3).C(4).不偏转(5).偏转(6).⑤④②③①【解析】（1）由表格数据知，当温度为30℃时，热敏电阻阻值为199.5Ω，继电器的阻值R0=20Ω，当电流为15mA时，E=I

(Rt+R0)=3.3V，所以电源选E2，80℃时，热敏电阻阻值Rt=49.1Ω，则E2=I(Rt+R0+R)，此时变阻器阻值R=330.9Ω，所以变阻器选择R2；（2）多用电表做电压表测量电压，旋钮旋

至直流电压挡C处；（3）若只有b、c间断路，表笔接入a、b时，整个回路断路，电表指针不偏转，接入a、c时电流流经电表，故指针偏转；（4）50℃时，热敏电阻阻值为108.1Ω，所以应将电阻箱阻值调至108.1Ω，调节变阻器，使衔铁吸合，再将电阻箱换成热敏电阻，故顺序为⑤④②③①．【名师点睛】结合表格

中数据，利用欧姆定律估算电动势和电阻的数值，选择电源和滑动变阻器．明确实验的目的是实现对30~80℃之间任一温度的控制，其中30~80℃就是提示的信息，结合表格数据，可知电阻值的取值．11.如图甲，在水平桌面上固定着两根相距L＝20cm、相互平行

的无电阻轨道P、Q，轨道一端固定一根电阻R＝0.02Ω的导体棒a，轨道上横置一根质量m＝40g、电阻可忽略不计的金属棒b，两棒相距也为L＝20cm。该轨道平面处在磁感应强度大小可以调节的竖直向上的匀强磁场中。开始时，磁感应强度B0＝0.1T。设棒与轨道间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取1

0m/s2。（1）若保持磁感应强度B0的大小不变，从t＝0时刻开始，给b棒施加一个水平向右的拉力，使它由静止开始做匀加速直线运动。此拉力F的大小随时间t变化关系如图乙所示。求b棒做匀加速运动的加速度及b棒与轨道间的滑动摩擦力大小；（2）若从t＝0开始，磁感应强度B随时间t按

图丙中图像所示的规律变化，求从t＝0到金属棒b将要运动所经历的时间。【答案】（1）25m/sa＝，0.2NfF＝；（2）1.8s【解析】【详解】（1）由题图乙可得拉力F的大小随时间t变化的函数表达式为00.40.1(N)FFFtt=+=+

当b棒匀加速运动时，根据牛顿第二定律有fFFFma−−=安0FBIL=安0EBLv＝0BERRILv==vat=联立可得220fBLaFFmatR=++由图像可得当0t＝时，0.4NF＝；当1st＝时，0.5NF＝，代入上式，可解得25m/sa＝0.2N

fF＝（2）当磁感应强度均匀增大时，闭合电路中有恒定的感应电流I。以b棒为研究对象，它受到的安培力逐渐增大，静摩擦力也随之增大，当磁感应强度增大到b棒所受安培力F安′与最大静摩擦力fF相等时开始滑动，感应电动势20.02VBLEt==1AEI

R==b棒将要运动时，有tfFBILF安＝＝所以1tBT＝，根据0ttBBtB+＝解得1.8st＝12.如图所示，在大小为B的匀强磁场区域内，垂直磁场方向的水平面中有两根固定的足够长的金属平行导轨，在导轨上面平放着两根导体棒ab和cd，两棒彼此平行，构成一矩形回路。

导轨间距为L，导体棒的质量均为m，电阻均为R，导轨电阻可忽略不计。设导体棒可在导轨上无摩擦地滑行，初始时刻ab棒静止，给cd棒一个向右的初速v0，求：（1）当cd棒速度减为0.7v0时的加速度大小；（2）从开始运动到最终稳定，ab棒中产生的

电热为多大？（3）两棒之间距离增长量x的上限。【答案】（1）22205BLvm；（2）2018mv；（3）022mRvBL【解析】【详解】（1）设当cd棒速度减为0.7v0时ab棒的速度为v′，由动量守恒定律得000.7mvmvmv=+①解得00.3vv=此时回路的电流是(0.70.3

)2BLvvIR−=②cd棒的加速度为BILam=③解得22205BLvam=（2）设两棒稳定时共同的末速度为v，据动量守恒定律得0()mvmmv=+④解得012vv=⑤由能量守恒定律得，最终稳定后电路22200111()22

4Qmvmmvmv=−+=ab中产生的电热为2018abQmv=（3）由法拉第电磁感应定律得，电路中产生的感应电动势BLxEtt==⑥这段时间内回路的电流为2EIR=⑦对cd棒由动量定理得0BILtmvmv−=−⑧由⑤～⑧解得0

22mRvxBL=【物理—选修3-3】13.在“用单分子油膜估测分子大小”实验中（1）某同学操作步骤如下①取一定量的无水酒精和油酸，制成一定浓度的油酸酒精溶液②在量筒中滴入一滴该溶液，测出它的体积③在蒸发皿中盛一定量的水，再滴入一滴油酸酒精溶液，待其散开稳定④在蒸发皿上覆盖透明玻璃，描出油

膜形状，用透明的方格纸测量油膜的面积改正其中的错误（2）若油酸酒精溶液浓度为0.10%，一滴溶液的体积为4.8×10-3mL，其形成的油膜面积为40cm2，则估测出油酸分子的直径为．【答案】（1）②在量筒中滴入N滴溶液③在水面上先撒上痱子粉；

（2）1.2×10-9m【解析】试题分的：实验原理为通过量筒测出N滴油酸酒精溶液的体积，然后将此溶液1滴在有痱子粉的浅盘里的水面上，等待形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔描绘出油酸膜的形状，将画有油酸薄膜轮

廓的玻璃板放在坐标纸上，按不足半个舍去，多于半个的算一个，统计出油酸薄膜的面积．则用此溶液的体积除以其的面积，恰好就是油酸分子的直径；根据浓度和一滴溶液的体积相乘得到纯油酸的体积，用此纯油酸的体积除以其的面积，就是油酸分子的直径．（1）②要测出一滴油酸酒精溶液的体积，即在量筒中滴入N滴溶液，测出其

体积为V，则一滴该溶液的体积为0VVn=；③为了使一滴油酸酒精溶液散开后界面比较清晰，要在水面上先撒上痱子粉．（2）1滴酒精油酸溶液的体积为V0=4.8×10-3ml，由油酸酒精溶液体积浓度为0.10%，可得1滴酒精

油酸溶液中纯油酸的体积为V=0.1%V0；在水面上形成的油酸薄膜轮廓面积S=40×10-4m2，所以油酸分子直径36940.1%4.810101.2104010VdmmS−−−−===14.如图，绝热气缸A与导热气缸B均固定于地面，由刚性

杆连接的绝热活塞与两气缸间均无摩擦．两气缸内装有处于平衡状态的理想气体，开始时体积均为0V、温度均为0T．缓慢加热A中气体，停止加热达到稳定后，A中气体压强为原来的1.2倍．设环境温度始终保持不变，求气缸A中气体的体积AV和温度AT．【答案】076V；01.4T【解

析】【详解】设初态压强为p0，膨胀后A，B压强相等pB=1．2p0B中气体始末状态温度相等p0V0=1．2p0（2V0-VA）∴076AVV＝，A部分气体满足00001.2AApVpVTT=∴TA=1．4T0答：气缸A中气体的体积076AVV＝，温度TA=1．4T0考点：玻意耳定律【

点睛】本题考查理想气体状态变化规律和关系，找出A、B部分气体状态的联系（即VB=2V0-VA）是关键．