【文档说明】四川省雅安中学2022-2023学年高二下学期期中（二次月考）生物试题 含解析.docx，共(33)页，533.104 KB，由小赞的店铺上传

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雅安中学2022-2023学年下期高2021级高二月考一、单项选择题1.下列事实或证据不支持细胞是生命活动的基本单位的是（）A.草履虫是单细胞生物，能进行运动和分裂B.人体发育离不开细胞的分裂和分化C.离体的叶绿体在一定条件下能释放

氧气D.用手抓握物体需要一系列神经细胞和肌肉细胞的协调配合【答案】C【解析】【分析】除病毒外，所有的生物都是由细胞构成的，细胞是生物体结构和功能的基本单位，是生物体进行生命活动的基本单位。【详解】A、草履虫是单细胞生物，能进行运动和分裂，能够支持“细胞是生命

活动的基本单位”的观点，不符合题意，A错误；B、人作为多细胞生物，其发育离不开细胞的分裂和分化，说明生命活动离不开细胞，支持“细胞是生命活动的基本单位”，不符合题意，B错误；C、叶绿体不是细胞，因此“离体的叶绿体在一定的条件下能释放氧气”不支持“细胞是生命活动的基本单位

”的观点，符合题意，C正确；D、多细胞生物体的细胞间相互协调和配合，共同完成各项生命活动。因此，用手抓握物体需要一系列神经细胞和肌肉细胞的协调配合能够支持“细胞是生命活动的基本单位”，不符合题意，D错误。故选C。2.下列关于生命

系统结构层次的叙述，不正确的是A.细胞是地球上最基本的生命系统B.“太湖中所有的鱼”属于生命系统研究的一个结构层次C.病毒不属于生命系统的结构层次D.蛋白质和核酸不属于生命系统的结构层次【答案】B【解析】【分析】据题文和选项的描述可知：该题考查学生对生命系统的

结构层次的相关知识的识记和理解能力。知道生命系统的结构层次由简单到复杂的正确顺序（细胞→组织→器官→系统→个体→种群→群落→生态系统→生物圈）是解题的关键。【详解】细胞是地球上最基本的生命系统，A正确；“太湖中所有的鱼

”，是由多种鱼类组成的一个群体，既不属于种群，也不属于群落，因此不属于生命系统研究的一个结构层次，B错误；病毒不能独立地进行生命活动，因此不属于生命系统的结构层次，C正确；蛋白质和核酸属于生物大分子，但不属于生命系统的结构层次，D正确。【点睛】本题的易错点在于：因没有正确理解种

群的含义，即在一定的区域内的同种生物的全部个体，而误将“太湖中所有的鱼”看作是一个种群。3.细胞学说建立的过程是一个在科学探究中开拓、继承、修正和发展的过程，充满了耐人寻味的曲折。下列叙述错误的是()A.德国科学家魏尔肖对细胞学说的补充是“所有的细胞都来源于先前存在的细胞

”B.细胞学说的重要内容之一是动物和植物都是由细胞发育而来的C.细胞学说认为细胞分为真核细胞和原核细胞D.细胞学说阐明了细胞的统一性和生物体结构的统一性【答案】C【解析】【分析】细胞学说是由德植物学家施莱登和动物学家施旺提出的，其内容为：（1

）细胞是一个有机体，一切动植物都是由细胞发育而来，并由细胞和细胞的产物所构成；（2）细胞是一个相对独立的单位，既有它自己的生命，又对与其他细胞共同组成的整体的生命起作用；（3）新细胞可以从老细胞中产生。【详

解】A、德国科学家魏尔肖对细胞学说的补充是“所有的细胞都来源于先前存在的细胞”，A正确；B、细胞学说的重要内容之一是：一切动植物都是由细胞发育而来，并由细胞和细胞的产物所构成，B正确；C、细胞分为真核细胞和原核细胞不是细胞学说的内容，C错误；D、细

胞学说指出动植物都由细胞构成，揭示了细胞的统一性和生物体结构的统一性，D正确。故选C。4.下列关于生物体内糖类的叙述，正确的是（）A.脱氧核糖参与DNA和RNA的组成B.麦芽糖和葡萄糖是动植物细胞共有的还原糖C.有糖类参与形成的糖蛋白主要分布在细胞膜外表面D.淀粉和纤维素是植物细胞内

具有储能作用的多糖【答案】C【解析】【分析】糖类分为单糖、二糖和多糖，二糖包括麦芽糖、蔗糖、乳糖，麦芽糖是由2分子葡萄糖形成的，蔗糖是由1分子葡萄糖和1分子果糖形成的，乳糖是由1分子葡萄糖和1分子半乳糖形

成的；多糖包括淀粉、纤维素和糖原，淀粉是植物细胞的储能物质，糖原是动物细胞的储能物质，纤维素是植物细胞壁的组成成分；【详解】A、脱氧核糖参与DNA的组成，但参与RNA组成的是核糖，A错误；B、麦芽糖只存在于植物细胞内，动物细胞内没有麦芽糖，葡萄糖是动植物细胞共有的还原糖，B错误；

C、有糖参与形成的糖蛋白主要分布在细胞膜外表面，与细胞间的识别有关，C正确；D、纤维素是植物细胞壁的成分，是构成细胞的结构糖，不能储存能量，淀粉是具有储能作用的多糖，且是植物细胞特有的多糖，D错误。故选C。5.用显微镜的一个目镜分别与4个不同物镜组合来观察某一细胞装

片。当成像清晰时，每一物镜与载玻片的距离如图甲所示。图乙是图甲中d条件下观察到的视野，如果不改变载玻片的位置、光圈及反光镜，下列说法正确的（）A.b条件下比c条件下看到的细胞数多B.a条件下视野的亮度比

d条件下大C.a条件下可能观察不到细胞D.由d条件转变为c条件下观察时，应先将装片向左下方移动【答案】C【解析】【分析】分析甲图：甲图表示物镜与载玻片之间的距离，物镜的镜头越长，其放大倍数越大，与玻片的距离也越近，反之则越远。显微镜的放大倍数越大，视野中看的细胞数目

越少。分析乙图：图乙是甲图中d条件下观察到的视野，细胞位于视野的右上方。【详解】A、图中a、b、c、d表示物镜，物镜越长，其放大倍数越大，其与玻片的距离越近。所以a的放大倍数最大，d的放大倍数最小。b的放大倍数比c大，所以b条件下比c条件下看到的细胞数少，A错误；B、a的放大

倍数比d大，所以a条件下视野的亮度比d条件下低，B错误；C、a的放大倍数最大，若转移到高倍镜之前，未将细胞移到视野的中央，则可能观察不到细胞，C正确；D、从低倍镜下移到高倍镜下应先将物像移动视野中央，由于在显微镜下观察到的是倒像，所以应将装片

向右上方移动才能使物像处于视野中央，D错误。故选C。6.水和无机盐是细胞的重要组成成分。下列相关表述正确的是（）A.细胞内的自由水和结合水都是良好的溶剂，都能参与物质运输和化学反应B.同一株植物中，老叶细胞比幼叶细胞中自由水的含量高C.将作物秸

秆充分晒干后，其体内剩余的物质主要是无机盐D.生物体内的某些无机盐离子，必须保持一定的量，这对维持细胞的酸碱平衡非常重要【答案】D【解析】【分析】无机盐的功能：（1）细胞中某些复杂化合物的重要组成成分。如：Fe2+

是血红蛋白的主要成分；Mg2+是叶绿素的必要成分。（2）维持细胞的生命活动。如血液钙含量低会抽搐。（3）维持细胞的形态、酸碱度、渗透压。【详解】A、细胞内的自由水是良好的溶剂，能参与物质运输和化学反应，结合水则是与细胞内

的其他物质相结合，不能参与物质运输和化学反应，A错误；B、代谢越旺盛的细胞内含有的自由水越多，同一株植物中，幼叶细胞比老叶细胞中自由水含量高，B错误；C、将作物秸秆燃烧后剩余的物质主要是无机盐，C错误；D、生物体内的无机盐离子必须保持一定的量，这对维持细

胞的酸碱平衡非常重要，D正确。故选D。7.下列关于细胞的说法，正确的是（）A.原核细胞和真核细胞均以DNA作为遗传物质B.细胞的多样性即不同细胞的结构完全不同C.真核生物是指动物、植物等高等生物，细菌、病毒和真菌都属于原核生物D.

人体的血小板、成熟红细胞无细胞核，所以这两种细胞属于原核细胞【答案】A【解析】【分析】考点是细胞的统一性和多样性，考查基本知识的掌握程度，属于识记水平的考查。【详解】细胞生物均以DNA作为遗传物质，A正确.细胞结构有统一

性，细胞的多样性即不同细胞的结构不完全相同，B错误.真核生物包括动物、植物和真菌，细菌、蓝藻、放线菌等属于原核生物，病毒没有细胞结构，C错误.人体的血小板、成熟红细胞无细胞核，但不是原核细胞，D错误.【点睛】细胞生物的遗传物质都是DNA，病毒的遗传物质是D

NA或RNA；生物包括病毒和细胞生物，细胞生物包括原核生物和真核生物；真核生物是由真核细胞组成的。8.下列关于细胞中糖类和脂质的叙述，错误的是（）A.纤维素和脂肪彻底氧化分解的终产物都是二氧化碳和水B.维生素D属于胆固醇，其可促进人体肠道对钾和钙的吸收C.相同质量的糖类和脂质彻

底氧化分解，脂肪释放的能量更多D.胆固醇是动物细胞膜的组成成分，还可参与血液中脂质的运输【答案】B【解析】【分析】1、组成脂质的化学元素主要是C、H、O，有些脂质还含有P、N。脂质与糖类都有CHO三种元素，所不同的是脂质分子中氧的含量远远少于糖类，而氢的

含量更多。常见的脂质有脂肪、磷脂和固醇等。2、胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，在人体内还参与血液中脂质的运输。3、维生素D能有效地促进人和动物肠道对钙和磷的吸收。【详解】A、纤维素和脂肪的化学元素是C、H、O，纤维素和脂肪彻底氧化分解的终产物都是二氧化碳和水，A正确；B、维生素D和胆固醇都属

于固醇类脂质，B错误；C、同质量的脂肪和糖类相比，脂肪H含量多，O含量少，脂肪耗氧多，产生能量多，故相同质量的糖类和脂质彻底氧化分解，脂质释放的能量更多，C正确；D、胆固醇是动物细胞膜的组成成分，在人体中还可参与

血液中脂质的运输，D正确。故选B。9.下列哪一实例能说明微量元素是生命活动所必需的（）A.Fe是血红蛋白不可缺少组成成分B.油菜缺少B时只开花不结果C.哺乳动物血液中Ca2+盐含量太低会抽搐D.人体内Mn的含量过高会导致运动失调【答案】B【解析】【分析】大量元素包括C、H、O、N、S、

P、K、Ca、Mg等，微量元素包括Fe、Mn、B、Zn、Mo、Cu等；无机盐主要以离子的形式存在，有些无机盐参与某些大分子化合物的组成，许多无机盐对于维持细胞和生物体的生命活动具有重要功能，有些无机盐还对维持酸碱平衡和渗透压具有重要作用。【详解】A、Fe是血红蛋白

不可缺少组成成分，Fe是微量元素，但没有涉及到缺乏Fe能否影响生命活动，因此不能说明Fe元素是人体生命活动所必需的，A错误；B、B是微量元素，油菜缺少B时只开花不结果，说明微量元素B是生命活动必需的元素，B正确；C、Ca元素是大量元素，不是微量元素，C错误；D、人体内Mn的含量过高会导致

运动失调，没有涉及到缺乏Mn能否影响生命活动，因此不能说明Mn元素是人体生命活动所必需的，D错误。故选B。10.我们如何找到回家的路？荣获2014年诺贝尔生理学或医学奖的三位科学家发现大脑里的神经细胞——“位

置细胞”和“网格细胞”起到了重要作用。下列叙述正确的是（）A.“位置细胞”鲜重中质量百分比最高的元素是CB.“网格细胞”干重中质量百分比最高的元素是OC.上述两种细胞鲜重中原子数量最多的元素均是HD.P和S分别是“位置

细胞”中的大量元素和微量元素【答案】C【解析】【分析】组成细胞的元素：①大量元素：C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg；②微量元素：Fe、Mn、B、Zn、Mo、Cu；③主要元素：C、H、O、N、P、

S；④最基本元素：C；⑤细胞干重中，含量最多元素为C，鲜重中含最最多元素为O。【详解】A、“位置细胞”鲜重中质量百分比最高的元素是O，A错误；B、“网络细胞”干重中质量百分比最高的元素是C，B错误；C、上述两种细胞鲜重中原子数量最多的元素

都是H，C正确；D、P和S都属于大量元素，D错误。故选C。11.下表为某种运动员饮料的部分化学成分表。下列相关叙述正确的是（）成分蔗糖其他糖类NaClKCINaH2PO4质量浓度（g·L-1）30101．00．10．1A.饮料可为人体补充水、糖类和无机盐等能源物质B

.饮料中的蔗糖可被人体水解成果糖和葡萄糖而吸收C.补充磷、钠、钾等微量元素的主要目的是调节机体渗透压D.可利用斐林试剂来检测表中的其他糖类中是否含有葡萄糖【答案】B【解析】【分析】分析表格，该饮料的化学成分包括糖类和无机盐。【详解】A、水和无机盐不是能源物质，A错误；B、饮料中的蔗糖可被

人体在消化道水解成果糖和葡萄糖而吸收，B正确；C、磷、钠、钾都不是微量元素，C错误；D、斐林试剂与还原糖水浴加热呈砖红色，若其他糖类中除了葡萄糖还有果糖、麦芽糖，无法用斐林试剂检测葡萄糖的有无，D错误。故选B。【点睛】12.如表中根据实验目的，所选用的试剂和预期

的实验结果正确的是实验目的试剂预期的实验结果A检测植物组织中的葡萄糖斐林试剂葡萄糖在碱性环境下，与Cu2+反应生成砖红色沉淀B检测植物组织中的脂肪苏丹Ⅳ染液脂肪颗粒被染成红色C观察DNA和RNA在细胞中的分布健那绿和吡罗红混合染色剂健那绿将细胞核染成绿色，吡罗红将细胞质染成红色D检测尿液中的蛋白质

双缩脲试剂A液和B液先混匀后，再与蛋白质作用生成紫色物质A.AB.BC.CD.D【答案】B【解析】【分析】生物组织中化合物的鉴定：（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉

淀）。斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如淀粉）。（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）鉴定，呈橘黄色（或红色）。（4）淀粉

遇碘液变蓝。（5）甲基绿能使DNA呈绿色，吡罗红能使RNA呈红色。（6）染色体易被碱性染料染成深色，如被龙胆紫染成紫色或被醋酸洋红染成紫红色。【详解】A、斐林试剂甲液和乙液混合后使用，检测植物组织中的葡萄糖，

葡萄糖与新制的氢氧化铜反应，在水浴加热的条件下，产生砖红色沉淀，A错误；B、脂肪可以被苏丹Ⅳ染液染成红色，B正确；C、甲基绿能将DNA染成绿色，吡罗红能将RNA染成红色。利用甲基绿和吡罗红混合染色剂对细胞进行染色，可以显示DNA

和RNA在细胞中的分布，C错误；D、双缩脲试剂应先加A液，后滴加B液，D错误。故选B。【点睛】13.图为某同学写的氨基酸的结构通式，下列说法正确的是（）A.该同学所写的结构通式是正确的B.最简单的氨基

酸的R基为―HC.构成生物蛋白质的氨基酸的R基有100多种D.每个氨基酸只有一个氨基和一个羧基，且连在同一个C原子上【答案】B【解析】【分析】组成蛋白质的氨基酸至少含有一个氨基（―NH2）和一个羧基（―COOH），且都有一个氨基（―N

H2）和一个羧基（―COOH）连在同一个碳原子上，根据R基不同，组成蛋白质的氨基酸分为20种。【详解】A.该同学所写的结构通式中氨基（―NH2）是错误的，A错误；B.最简单的氨基酸的R基为―H，B正确；C.构成生物蛋白质的氨基酸的R

基有20种，C错误；D.每个氨基酸至少有一个氨基和一个羧基，且连在同一个C原子上，D错误。故选B。14.生物体中生命活动的主要承担者、遗传信息的携带者、生命活动的主要能源物质依次是（）①糖类②蛋白质③脂肪④核酸A.④②③B.②④③C.②④①D.①②④【

答案】C【解析】【分析】蛋白质是生物体中生命活动的主要承担者。糖类是生物体生命活动的主要能源物质。核酸是遗传信息的携带者。【详解】蛋白质是生命活动的主要承担者，蛋白质的结构多样，在细胞中承担的功能也多样；核酸是遗传信息的携带者，是一切

生物的遗传物质，在生物体的遗传、变异和蛋白质的生物合成中具有重要作用；糖类是生命活动的主要能源物质，细胞生命活动的能量主要来自糖类的分解；脂肪是最常见的脂质，是细胞内良好的储能物质。故选C。15.人体内含有多种多样的蛋白质，每种蛋白质()A.都含有20种氨基酸B.都是在细胞内

发挥作用C.都具有一定的空间结构D.都能催化生物化学反应【答案】C【解析】【详解】A、人体中蛋白质不是每种都含有20种氨基酸，例如胰岛素含有16种51个氨基酸，A错误。B、分泌蛋白例如消化酶、抗体、蛋白质类的激素均在细胞外发

挥作用，B错误。C、蛋白质分子由多肽链组成，肽链的折叠、盘曲或者糖基化等过程使得蛋白质都具有一定的空间结构，C正确。D、只有酶起催化作用，但不是所有的蛋白质都属于酶，蛋白质在人体中结构多样性决定了其功能的多样性，人体中蛋白质具有运输、催

化、免疫、调节等多种功能，D错误。故选C。16.下列关于细胞中无机化合物的叙述，正确的是（）A.自由水是生化反应的介质，不直接参与生化反应B.结合水是细胞结构的重要组成成分，主要存在于液泡中C.无机盐参与维持细胞的酸碱平衡，不参

与有机物的合成D.无机盐多以离子形式存在，对维持生命活动有重要作用【答案】D【解析】【分析】水在细胞中以两种形式存在：一部分水与细胞内的其他物质相结合，为结合水；绝大部分以游离的形式存在，可以流动，为自由水，参与细胞中各种代谢活动。细胞中的无机盐含量比较少，但具有重要的生

理功能，如很多无机盐与蛋白质等物质结合成复杂的化合物，参与细胞中各种生命活动，当某些无机盐含量过多或过少时，生物体可能出现相应病症。【详解】A、自由水是生化反应的介质，有些水还直接作为反应物参与生物化学反应，如有氧呼吸，A错误；B、结合水是组成细胞结构的重要成分，主要存在形式是水与蛋

白质、多糖等物质结合，成为生物体的构成成分，而液泡中的水属于自由水，B错误；CD、细胞中大多数无机盐以离子的形式存在，对维持细胞和生物体的生命活动有重要作用，能参与维持细胞的酸碱平衡，也能参与有机物的合成，如Mg2+是合成叶绿

素的原料，C错误、D正确。故选D。17.下列关于纤维素的叙述正确的是（）A.是植物和蓝藻细胞壁的主要成分B.易溶于水，在人体内可被消化C.与淀粉一样都属于多糖，二者的基本组成单位不同D.水解的产物与斐林试剂反应产生砖红色沉淀【答案】D【解析】【分析】植物细胞壁的主要成分是

纤维素和果胶，细菌细胞壁的主要成分是肽聚糖，真菌细胞壁的主要成分是几丁质。【详解】A、蓝藻细胞壁的主要成分是肽聚糖，A错误；B、纤维素不易溶于水，也不能被人体消化吸收，只能促进人体肠道的蠕动，B错误；C、纤维素和淀粉均属于多糖，

二者的基本组成单位相同，都是葡萄糖，C错误；D、纤维素的水解产物为还原糖，可与斐林试剂反应产生砖红色沉淀，D正确。故选D。18.科学施肥是农作物增产的途径之一。下列相关叙述正确的是（）A.氮肥中的N元素可参与构成蛋白质，主要存在于蛋白质的游离氨基中B.磷肥中的Р元素可参与核酸﹑磷脂、NADPH等

物质的形成C.复合肥中各种矿质元素比例适中，各种农作物都可以大量使用D.肥料中还应合理添加参与叶绿素形成的Mg等微量元素【答案】B【解析】【分析】1、常见有机化合物的元素组成：(1)蛋白质的组成元素有C、H、O、N等，有些还含有P。(2)核酸的组成元素为C、H、O、N

、P。(3)脂质的组成元素有C、H、O，有些还含有N、P。(4)糖类的组成元素为C、H、O。2、组成生物体的元素包括大量元素和微量元素，其中Fe、Mn、B、Zn、Mo、Cu等属于微量元素。【详解】A、蛋白质中的N主要在-NH-CO-结构中，A错误；B、磷肥中

含有Р元素，P元素是生物膜组成中磷脂的组成成分；核酸中含有也有Р元素；NADPH是还原型辅酶Ⅱ，含有Р元素，B正确；C、肥料要合理使用，大量使用会造成植物细胞失水，出现植物烧苗现象，C错误；D、镁是大量元素，D错误。故选B。19.如图为氨基酸分子的结构通式，下列叙述正确的是A.结

构④在生物体内约有20种B.氨基酸脱水缩合产生水，水中的氢来自于②和③C.结构④中含有的氨基或羧基全部都参与脱水缩合D.氨基酸分子均可与双缩脲试剂发生紫色反应【答案】A【解析】【分析】1、组成蛋白质的氨基酸至少含有一个氨基和一个羧基，且都有一个

氨基和一个羧基连在同一个碳原子上，根据R基不同，组成蛋白质的氨基酸分为20种；图中①是氨基，②氢，③是羧基，④是R基。【详解】氨基酸的种类由R基决定，R基约有20种，所以氨基酸的种类约有20种，A正确；氨基酸脱水缩合产生的水，水

中的氢来自①和③，B错误；氨基酸的脱水过程中，氨基和羧基一般不来自R基，C错误；双缩脲试剂与肽键发生紫色反应，氨基酸分子中无肽键，故不能与双缩脲试剂发生紫色反应，D错误；故选A。【点睛】本题的知识点是组成蛋白质的氨基酸的结构特点、氨基酸的脱水缩合反应，翻译过程，旨在考查学生理解所学

知识的要点，把握知识的内在联系，并应用相关知识综合解答问题。20.脂质与人体健康息息相关，下列叙述错误的是（）A.分布在内脏器官周围的脂肪具有缓冲作用B.磷脂由C，H，O，P四种元素组成，是构成细胞膜的主要成

分C.脂质存在于所有细胞中，是组成细胞和生物体的重要有机化合物之一D.胆固醇既是动物细胞膜的重要组分，又参与血液中脂质的运输【答案】B【解析】【分析】脂质的种类及其功能：功能分类化学本质分类功能储藏脂类脂肪储藏能量，缓冲压力，减少摩

擦，保温作用结构脂类磷脂是细胞膜、细胞器膜和细胞核膜的重要成份调节脂类固醇胆固醇细胞膜的重要成份，与细胞膜的流动性有关性激素促进生殖器官的生长发育，激发和维持第二性征及雌性动物的性周期维生素D促进动物肠道对钙磷的吸收，调节钙磷的平衡【详解】A、分布在内脏器官周围的脂肪具有缓冲

作用，A正确；B、磷脂由C、H、O、N、P五种元素组成，是构成细胞膜的主要成分，B错误；C、脂质存在于所有细胞中（如所有细胞的细胞膜的主要成分是蛋白质和磷脂），是组成细胞和生物体的重要有机化合物之一，C正确；D、胆固醇既是动物细胞膜的重要组分

，又参与血液中脂质的运输，D正确。故选B。【点睛】本题比较基础，考查脂质的相关知识，要求考生识记脂质的种类、分布和功能，能结合所学的知识准确判断各选项。21.科学研究表明：花生种子发育过程中，可溶性糖（葡萄糖）的含量逐渐减少，脂肪的含量逐渐增加

：花生种子萌发过程中，脂肪的含量逐渐减少，可溶性糖（葡萄糖）含量逐渐增加。下列分析不正确的是（）A.花生种子发育过程中，可溶性糖转变为脂肪，需要大量的N元素B.同等质量的花生种子和小麦种子，萌发过程中耗氧较多的是花生种子C.花

生种子发育过程中，可溶性糖转变为脂肪，更有利于能量的储存D.花生种子萌发过程中，脂肪转变为可溶性糖，与细胞内糖类的氧化速率比脂肪快有关【答案】A【解析】【分析】食物中的油性物质主要是油和脂肪，一般把常温下是液体的称作油，而把

常温下是固体的称作脂肪。脂肪由C、H、O三种元素组成。脂肪是由甘油和脂肪酸组成的甘油三酯。糖类是多羟基醛、多羟基酮以及能水解而生成多羟基醛或多羟基酮的有机化合物，可分为单糖、二糖和多糖等。【详解】A、脂肪只含有C、H、O三种元素，不含N元素，A错误；B、花生种子富含油脂（脂肪），小

麦种子富含糖类，脂肪含H多，氧化分解时需要的氧多，故同等质量的花生种子，萌发过程中耗氧量更多，B正确；C、花生种子发育过程中，糖类转变为脂肪，贮存更多的能量，更有利于能量的储存，C正确；D、与脂肪相比，糖类提供能量更快，故花生种子萌发过程中，脂肪转变为可溶性糖，与细胞内糖类的氧化速率比脂肪快

有关，D正确。故选A。22.科学家用水培法培养甜瓜幼苗，每天K+和Mg2+初始状态均为500mg/L，定时测定培养液中K+和Mg2+的剩余量，如图所示。据图分析错误的是A.该实验的自变量有离子种类和甜瓜生长发育时期B.甜瓜对Mg2+的吸收量大于对K+的吸收量C.甜瓜对K+和

Mg2+的吸收速率差异可能与细胞膜上的载体数量有关D.该实验不能说明甜瓜对必需无机盐的吸收速率在授粉期均大于营养生长期【答案】B【解析】【分析】根据曲线图分析，实验的自变量有离子种类和甜瓜生长发育时期，因变量为测定培养液中K+和Mg2

+的剩余量，培养液中K+的剩余量小于Mg2+的剩余量，可推断出甜瓜对Mg2+的吸收量小于对K+的吸收量。【详解】A、据图分析，该实验的自变量是生长发育时期和离子的种类，A正确；B、图中显示Mg2+的剩余量大于对K+的剩余量，说明Mg2+的吸收量小于对K+的吸收量，B错误；C、细胞对离子的吸收方式

是主动运输，需要载体的协助，甜瓜对K+和Mg2+的吸收量不同，可能与细胞膜上运输两种离子的载体的数量不同有关，C正确；D、该实验只能说明甜瓜对K+和Mg2+的吸收速率在授粉期大于营养生长期，而其他无机盐的情况无法判断，D正确。故选

B。23.下列有关生物体中化合物的检测实验，对应正确的是（）选项检测对象试剂颜色反应水浴加热生物材料A淀粉碘液蓝色需要马铃薯块茎B还原糖斐林试剂砖红色需要西瓜汁C蛋白质双缩脲试剂紫色不需要豆浆D脂肪苏丹Ⅲ染液红色不需要花生种子A.AB.BC.

CD.D【答案】C【解析】【分析】生物组织中化合物的鉴定：（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）。（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）鉴定，呈橘黄色

（或红色）。（4）淀粉遇碘液变蓝。【详解】A、淀粉遇碘变蓝色，不需要水浴加热，A错误；B、还原糖（如葡萄糖、果糖）与斐林试剂发生反应，生成砖红色沉淀，需要水浴加热，但西瓜汁本身的颜色会对实验结果造成干扰，B错误；C、

蛋白质与双缩脲试剂产生紫色反应，不需要水浴加热，C正确；D、脂肪能被苏丹Ⅲ染液染成橘黄色，此过程不需要水浴加热，D错误。故选C。24.据瑞典《每日新闻》报道，瑞典研究人员发现在富含蛋白质的食品中，鸡蛋是生产过程能耗最少、最环保的蛋白质食品。下列有关叙述正确的是（）A.新鲜的鸡蛋清中与蛋白质结合

在一起的水属于自由水B.熟鸡蛋比生鸡蛋易消化，原因是高温破坏了肽键结构C.高浓度的NaCl溶液处理使鸡蛋中蛋白质的空间结构被破坏D.臭鸡蛋中的蛋白质可被微生物分解成小分子的氨基酸【答案】D【解析】【分析】高温能破坏

蛋白质的空间结构，使蛋白质的结构变得伸展松散，但不会破坏肽键，仍能与双缩脲试剂发生紫色反应。【详解】A、新鲜的鸡蛋清中水与蛋白质结合在一起，形成液态的胶体，这时的水是结合水，A错误；B、熟鸡蛋比生鸡蛋易消化，原因是高温破坏了蛋白质的

空间结构，使蛋白质变得伸展松散，更容易被分解消化，B错误；C、高浓度的NaCl溶液处理鸡蛋，使鸡蛋中蛋白质从盐溶液中析出的现象叫盐析，盐析不会破坏蛋白质的空间结构，C错误；D、微生物产生的蛋白酶能将臭鸡蛋中的蛋白质分解成小分子肽和氨基酸，

D正确。故选D。25.钙在骨骼生长和肌肉收缩等过程中发挥重要作用。晒太阳有助于青少年骨骼生长，预防老年人骨质疏松。下列叙述错误的是（）A.细胞中有以化合物形式存在的钙B.人体内Ca2+可自由通过细胞膜的磷脂双分子层C.适当补充维生素D可以促进肠道对钙的

吸收D.人体血液中Ca2+浓度过低易出现抽搐现象【答案】B【解析】【分析】无机盐功能有：（1）细胞中某些复杂化合物的重要组成成分；如Fe2+是血红蛋白的主要成分；Mg2+是叶绿素的必要成分。（2）维持细胞的生命活动，如Ca2+可调节肌肉收缩和血

液凝固，血钙过高会造成肌无力，血钙过低会引起抽搐。（3）维持细胞的酸碱度。【详解】A、钙在细胞中主要以离子形式存在，也有以化合物形式存在钙，A正确；B、细胞膜具有选择透过性，人体内Ca2+可通过细胞膜上的转运蛋白进出细胞，不能自由通过细胞膜的磷脂双分子层，B错误；C、维生素D可以促进肠道对钙的吸

收，因此适当补充维生素D有利于肠道对钙的吸收，C正确；D、Ca2+可调节肌肉收缩，血钙过低会引起抽搐，血钙过高会引起肌无力，D正确。故选B。26.人的胰高血糖素是由29个氨基酸组成的直链多肽。下列叙述正确的是（）A.胰高血糖素分子中至少含有28个肽键和29个羧基B

.胰高血糖素由胰岛A细胞合成和分泌C.胰高血糖素变性后不能与双缩脲试剂发生紫色反应D.胰高血糖素作用的靶器官主要是骨骼肌【答案】B【解析】【分析】在直链多肽中，肽键数＝氨基酸数—肽链数，一条肽链至少含有一个游离的氨基（-NH2）和一个游离的羧基（

-COOH）。蛋白质与双缩脲试剂发生作用产生紫色反应，其反应原理是：具有肽键的化合物在碱性条件下与Cu2＋反应生成络合物。由胰岛A细胞合成和分泌的胰高血糖素能促进肝糖原分解，并促进一些非糖物质转化为葡萄糖，从而使血糖水平升高。【详解】A、胰高血糖素分

子是由29个氨基酸组成的直链多肽，其中至少含有28个肽键和1个羧基，A错误；B、胰高血糖素由胰岛A细胞合成和分泌，B正确；C、胰高血糖素变性后含有肽键，能与双缩脲试剂发生紫色反应，C错误；D、胰高血糖素的主要功能是促进肝糖原分解

，并促进一些非糖物质转化为葡萄糖，从而使血糖水平升高，所以胰高血糖素作用的靶器官主要是肝脏，D错误。故选B。27.关于生物技术实践中的有关检验，不正确的是的的A.可以利用玫瑰精油无色透明、有诱人的橘香味判断是否成功提取玫瑰精油B.水中蒸馏、水上蒸馏、水气蒸馏的基本原理都相同，只是蒸馏过程中原料放置

的位置不同C.检验以尿素为唯一氮源的培养是否分离出了分解尿素的细菌，在培养基中加入酚红指示剂，若指示剂变红，则说明分离成功D.检验胡萝卜素纯度的方法是纸层析法，原理是不同的色素分子在层析液中的溶解度不同，随层析液在滤纸上扩散的速度不同，若样品中有杂质，则会

出现不同的色素带【答案】A【解析】【详解】很多植物芳香油都有无色透明、有诱人的橘香味等特点，因此不能利用该特点来判断，A错误；根据蒸馏过程中原料放置的位置的标准，将水蒸气蒸馏法划分为水中蒸馏、水上蒸馏和水气蒸馏，B正确；分解尿素的细菌能将尿素转化成氨气，使培养基碱性增

强，PH升高，酚红指示剂会变红，因此在培养基中加入酚红指示剂，若指示剂变红，则可以说明分离成功，C正确；检验胡萝卜素纯度的方法是纸层析法，原理是不同的色素分子在层析液中的溶解度不同，故随层析液在滤纸上扩散的速度不同，若样品中有杂质，则会出现不同的色素点（带），D正确。28.人们

常用微生物的发酵作用制作果醋、果酒、腐乳和酸奶等食品，下列叙述错误的是（）A.果酒和果醋发酵利用的微生物分别是酵母菌、醋酸杆菌B.制作腐乳主要是利用毛霉等微生物发酵产生的蛋白酶和脂肪酶C.含有抗生素的牛奶不能发酵制成酸奶，其原因主要是抗生素能抑制乳

酸菌的生长D.不宜摄入过量泡菜等腌制食品，因为含有致癌物亚硝酸盐【答案】D【解析】【分析】1、参与果酒制作的微生物是酵母菌，其新陈代谢类型为异养兼性厌氧型。2、参与果醋制作的微生物是醋酸菌，其新陈代谢类型是异养需氧型。3、参与腐乳

制作的微生物主要是毛霉，其新陈代谢类型是异养需氧型。腐乳制作的原理：毛霉等微生物产生的蛋白酶能将豆腐中的蛋白质分解成小分子的肽和氨基酸；脂肪酶可将脂肪分解成甘油和脂肪酸。【详解】A、由分析可知，果酒和果醋发酵利用的微生物分别是酵母菌、醋酸杆菌，A正确；B、腐乳制作时毛霉等微生物产生的蛋白酶能将豆

腐中的蛋白质分解成小分子的肽和氨基酸；脂肪酶可将脂肪分解成甘油和脂肪酸，B正确；C、参与酸奶制作的微生物是乳酸菌，由于抗生素能杀死或抑制乳酸菌的生长，因此含有抗生素的牛奶不能发酵制成酸奶，C正确；D、泡菜不宜多

吃，原因是腌制食品中含有较多的亚硝酸盐，如摄入过量，会引起中毒乃至死亡，甚至还会在一定条件下转变为致癌物亚硝胺，D错误。故选D。29.在血红蛋白分离过程中，如果红色区带歪曲、散乱、变宽，与其有关的是（）A.血红蛋白释放B.色谱柱的装填C.洗脱过程D.样品的处理

【答案】B【解析】【分析】1、如何检测凝胶色谱柱的装填是否成功由于凝胶是一种半透明的介质，因此可以在凝胶柱旁放一支与凝胶柱垂直的日光灯，检查凝胶是否装填得均匀．此外，还可以加入大分子的有色物质，观察色带移动的情况．如果色带均匀、狭窄、平整，说明凝胶色谱柱的性能良好．如果色谱柱出现纹路或是气泡，轻轻

敲打柱体以消除气泡，消除不了时要重新装柱。2、为什么凝胶的装填要紧密、均匀如果凝胶装填得不够紧密、均匀，就会在色谱柱内形成无效的空隙，使本该进入凝胶内部的样品分子从这些空隙中通过，搅乱洗脱液的流动次序，影响分离的效果。【详解】色谱柱装填时不得有气泡的存在

，气泡会搅乱洗脱液中蛋白质的洗脱次序，如果色谱柱装填得很成功，分离操作也正确的能清楚的看到红色区带均匀、狭窄、平整，随着洗脱液缓缓流出，如果出现红色带区域歪曲、散乱、变宽的现象，说明分离的效果不好，这与凝胶色谱柱的

装填有关，B正确；A、C、D错误。故选B。30.下列有关微生物培养基的配制表述错误的是（）A.培养硝化细菌的培养基中的铵盐可作为氮源和能源B.尿素固体培养基中的K2HPO4能用于维持培养基的pHC.培养光能自养型的蓝细菌的培养基中不需提供有机物D.马铃薯蔗糖固体培养基中的琼脂能

作为酵母菌的碳源【答案】D【解析】【分析】在自然界中，除了光合作用，还有另外一种制造有机物的方式。少数种类的细菌，细胞内没有叶绿素，不能进行光合作用，但是却能利用体外环境中的某些无机物氧化时所释放的能量来制造有机物。例如，生活在土壤

中的硝化细菌，能将土壤中的氨（NH3）氧化成亚硝酸（HNO2），进而将亚硝酸氧化成硝酸（HNO3）。这两个化学反应中释放出的化学能，就被硝化细菌用来将CO2和H2O合成糖类。这些糖类就可以供硝化细菌维持自身的生命活动。【详解】A、硝化细菌

是化能自养型生物，可利用氧化NH3获得能量，将无机物转化为有机物，故培养硝化细菌的培养基中的铵盐可作为氮源和能源，A正确；B、尿素固体培养基中的K2HPO4能用于维持培养基的pH，保证微生物所需的酸碱环境，B正确；

C、培养光能自养型的蓝细菌的培养基中不需提供有机物，蓝细菌可利用二氧化碳和水合成有机物，C正确；D、琼脂的作用是凝固剂，不能作为碳源，D错误。故选D。31.下列有关植物有效成分提取的顺序的描述，正确的是①胡萝卜→粉碎→干燥→萃取→浓缩→过滤→胡萝卜素②石

灰水浸泡→漂洗→压榨→过滤→静置→再次过滤→橘皮油③鲜玫瑰花＋清水→水蒸气蒸馏→油水混合物→分离油层→除水→玫瑰油A.①②③B.①②C.②③D.①③【答案】C【解析】【分析】植物芳香油的提取方法有蒸馏、压榨和萃取等。具体采用哪种方

法要根据植物原料的特点来决定。胡萝卜素的提取方法主要由三种：从植物中提取；从大面积养殖的岩藻中提取；利用微生物的发酵生产。【详解】提取胡萝卜素时应该先进行过滤，滤去不溶物，再进行浓缩，①错误；橘皮精油的提取一般采用压榨法，过程如图：石灰水浸泡→漂洗→压榨→过滤→静置→再次过滤→

橘皮油，②正确；玫瑰精油常用水蒸气蒸馏法进行提取，过程如图：鲜玫瑰花＋清水→水蒸气蒸馏→油水混合物→分离油层→除水→玫瑰油，③正确。综上所述，ABD不符合题意，C符合题意。故选C。【点睛】玫瑰精油常用水蒸气

蒸馏法进行提取。由于水中蒸馏会导致原料焦糊和有效成分水解等问题，故柑橘、柠檬芳香油的制备常使用压榨法。32.下列概念除哪项外，均可用图来表示（）A.①表示固醇，②～④分别表示脂质、磷脂、性激素B.①表示核糖

核苷酸，②～④分别表示含氮碱基、核糖、磷酸C.①表示糖类，②～④分别表示单糖、二糖、多糖D.①表示双层膜的细胞结构，②～④分别表示线粒体、叶绿体、细胞核【答案】A【解析】【分析】1、脂质的种类：（1）脂肪；（2）磷脂；（3）固醇：分为胆固醇、性激素、维生素D。2、RNA

的基本组成单位是四种核糖核苷酸，一分子核糖核苷酸由一分子磷酸、一分子核糖和一分子含氮碱基（A、C、G、U）组成。3、糖类分为单糖、二糖和多糖。【详解】A、固醇包括胆固醇、性激素和维生素D，脂质包括固醇、脂肪、磷脂等，所以不可用该图来

表示，A符合题意；B、核糖核苷酸由磷酸、核糖和含氮碱基组成，可以用该图来表示，B不符合题意；C、糖类分为单糖、二糖和多糖，可以用该图来表示，C不符合题意；D、具有双层膜的细胞结构有线粒体、叶绿体、细胞核，可以用该图来表示

，D不符合题意。故选A。33.下列叙述中，正确的有几项（）①硝化细菌、霉菌、颤藻的细胞都含有核糖体、DNA和RNA②细胞学说揭示了细胞的多样性和统一性③真核生物细胞的分裂方式有：有丝分裂、无丝分裂和减数分裂，而原核生物细

胞的分裂方式为无丝分裂④真核生物的遗传物质均为DNA，原核生物的遗传物质部分为RNA⑤细胞学说不涉及原核细胞、真菌和病毒，仅涉及动物细胞、植物细胞⑥新型冠状病毒的生命活动离不开最基本的生命系统A.二B.三C.四D.五

【答案】B【解析】【分析】1、原核细胞和真核细胞最主要的区别就是原核细胞没有核膜包被的典型的细胞核；它们的共同点是均具有细胞膜、细胞质、核糖体和DNA、RNA。2、细胞学说提出“动植物都是由细胞构成的“，该内容揭示了生物界具有统一性或动植物具有统一性。3、原核生物的增殖方式为二分裂，真核生

物的分裂方式有减数分裂、有丝分裂和无丝分裂。【详解】①原核和真核细胞都含有核糖体，DNA和RNA，①正确；②细胞学说揭示了细胞和生物体结构的统一性，②错误；③原核生物细胞的分裂方式为二分裂，③错误；④真核和原核

生物的遗传物质均为DNA，④错误；⑤细胞学说提出“一切动植物都是由细胞构成的“，不涉及原核细胞、真菌和病毒，⑤正确；⑥新型冠状病毒的生活方式是寄生，故生命活动离不开最基本的生命系统，⑥正确。故选B。【点睛】

34.玉米种子发育到玉米幼苗的过程中，关于细胞内水和无机盐的叙述，正确的是A.玉米种子在萌发过程中，主要以被动运输的方式从外界吸收水和无机盐B.玉米幼苗从土壤中吸收的水分主要用于光合作用和呼吸作用C.储存于玉米种子的细胞内，可用于细胞代谢的水

主要是自由水D.有机肥中主要是有机物，不能为玉米提供无机盐【答案】C【解析】【分析】1、水是活细胞中含量最多的化合物，细胞内水以自由水与结合水的形式存在，结合水是细胞和生物体的重要组成成分，自由水是细胞内良好的溶剂，细胞内的许多化学反应必须溶解在水中才能进行，水是化学反应的介质，

水还参与细胞内的化学反应，自由水在生物体内流动还对于运输营养物质和代谢废物具有重要作用，自由水与结合水的比值越高细胞新陈代谢越强，抗逆性越差，反之亦然；自由水与结合水的比值并不是一成不变的，在一定的情况下，自由水与结合水可以相互转化。2、无机盐的作用：①细胞中许多有机物的

重要组成成分；②维持细胞和生物体的生命活动有重要作用；③维持细胞的酸碱平衡；④维持细胞的渗透压。【详解】A、玉米种子在萌发过程中，主要以被动运输（自由扩散）的方式从外界吸收水，而吸收无机盐是主动运输，A错误；B、玉米幼苗从土壤中吸收的水分主要用于蒸腾作用，B错误；C、

细胞代谢越旺盛，自由水含量越高，玉米种子中用于细胞代谢的水主要是自由水，C正确；D、有机肥中的有机物经微生物分解后可为玉米提供无机盐，D错误。故选C。35.下列关于元素和化合物的叙述，正确的是（）A.活细胞中数量最多元素是O，其次是CB.ATP、DNA、RNA都含有腺苷，组成元

素都有C、H、O、N、PC.有氧呼吸、蛋白质的合成等过程都有水的生成D.农民晒干种子后，种子不含自由水，代谢强度很低便于储藏【答案】C的【解析】【分析】1.根据细胞内元素占生物体总重量的比例，将组成细的元素分为大量元素和微量元

素，占生物体总重量万分之一以上的为大量元素，如C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg等，其中C、H、O、N是组成细胞的基本元素，C是组成细胞的最基本元素；占生物体总重量万分之一以下的为微量元素，如Fe、Mn、B、Zn、Mo、Cu、Cl

等。2.ATP中文名叫三磷酸腺苷，结构式简写A-p～p～p，其中A表示腺嘌呤核苷，T表示三个，P表示磷酸基团。3.细胞中的水以自由水和结合水的形式存在，结合水是细胞结构的主要组成成分，自由水是细胞内良好的溶剂，是许多化学反应的介质，还参与细胞内的化学反应和物质运

输。【详解】A、活细胞中含量最多的是O，其次是C，而数量最多的是H，其次是氧，A错误；B、ATP、DNA、RNA组成元素都是C、H、O、N、P，但ATP和RNA都含有腺苷（由腺嘌呤和核糖形成），而DNA中无腺苷，B错误；C、有氧呼吸的第三阶段中有水生成，光合作用的暗反应阶段有水生成，蛋白质是由氨

基酸经脱水缩合过程形成的，C正确；D、种子晾晒过程中失去的水主要是自由水，但晾晒后仍含有自由水，此时自由水和结合水的比例减少，代谢强度很低便于储藏，也可以延长种子的保存时间，D错误。故选C。36.下列关于细胞物质组成的说法，正确的

是（）A.多糖、脂质、蛋白质和核酸都是生物大分子，都由许多单体构成B.磷脂和胆固醇都能参与构成动物细胞膜，胆固醇还参与血液中脂质的运输C.性激素、丙酮酸、肾上腺素都是由相同种类的元素组成D.蔗糖、麦芽糖都可与斐

林试剂反应生成砖红色沉淀【答案】B【解析】【分析】常见的脂质有脂肪、磷脂和固醇。①脂肪是最常见的脂质，是细胞内良好的储能物质，还是一种良好的绝热体，起保温作用，分布在内脏周围的脂肪还具有缓冲和减压的作用，可以保护内脏器官；②磷脂是构成细胞

膜的重要成分，也是构成多种细胞器膜的重要成分；③固醇类物质包括胆固醇、性激素和维生素D，胆固醇是构成细胞膜的重要成分、在人体内还参与血液中脂质的运输，性激素能促进人和动物生殖器官的发育以及生殖细胞的形成，

维生素D能有效地促进人和动物肠道对钙和磷的吸收。【详解】A、脂质包括脂肪、磷脂和固醇类，脂质不属于生物大分子，A错误；B、磷脂和胆固醇都能参与构成动物细胞膜，胆固醇还参与血液中脂质运输，B正确；C、性激素和丙酮酸

元素组成为C、H、O，肾上腺素的元素组成是C、H、O、N，元素组成并不相同，C错误；D、蔗糖不属于还原糖，不能与斐林试剂反应生成砖红色沉淀，D错误。故选B。37.如图为真核生物体内不同化学元素组成化合物的示意图，下列相关说法正确的是（）A.若①是大分子化合物，则可

能具有物质运输功能B.若③彻底水解的产物中含有糖类，则该化合物的种类有五种C.若②为储能物质，则可以是脂肪、淀粉和糖原D.若①③共同构成的物质能被碱性染料染色，则其只分布在细胞核中【答案】ACD【解析】【分析】题图分析：图中①含有C、H、O、N、S等元

素，可能为蛋白质；②含有C、H、O，应为糖类或脂肪；③含有C、H、O、N、P，可能为核酸、核苷酸、磷脂或ATP。【详解】A、若①是大分子化合物，且含有S元素，则①可能为蛋白质，载体蛋白具有物质运输功能，

A正确；B、③可能为DNA、RNA、ATP、4种核糖核苷酸、4种脱氧核糖核苷酸等，不止五种，B错误；C、脂肪、淀粉、糖原的元素组成为C、H、O，且都为储能物质，即②可为储能物质，C正确；D、若①③共同构成的物质能被碱性染料染色，则为染色体，其只分布在细胞核中，D正确。故选ACD。38.

某多肽化合物M可被水解成1个五肽、2个三肽、3个四肽、4个二肽，下列有关分析错误的是A.这些短肽中至少共含有10个氨基B.这些短肽中共含有21个肽键C.这些短肽中至少共含有62个氧原子D.多肽化合物M中共含有31个氨基酸【答案】C【解析】【详解】A、根据题干信息分析，某多肽化合物M可被水

解后形成了1+2+3+4=10个肽链，所以这些短肽中的至少共含有10个氨基，A正确；B、这些短肽中含有的肽键数=4+2×2+3×3+4×1=21个，B正确；C、这些短肽中至少含有的氧原子数=21+10×2=41个，C错

误；D、多肽化合物M中共含有5+2×3+3×4+4×2=31个氨基酸，D正确。故选C。39.下图1是血红蛋白的提取和分离流程图，图2是为用SDS—聚丙烯酰胺凝胶电泳鉴定某血浆蛋白的结果，下列叙述中错误的是（）A.图1中①②分别代表血红蛋白的释放、凝胶色谱柱的装

填B.为防止血液凝固，在采血容器中要预先加入抗凝血剂柠檬酸钠C.凝胶色谱法能除去血红蛋白溶液中相对分子质量较大的杂质D.根据电泳结果，可得出“提取的血浆某白蛋白一定由两条肽链组成”的结论【答案】D【解析】【分析】血红蛋白的提取与分离的实验步骤主要有：（1）样品处理：①红细胞的洗涤，②血红蛋

白的释放，③分离血红蛋白。（2）粗分离：①分离血红蛋白溶液，②透析。（3）纯化：调节缓冲液面→加入蛋白质样品→调节缓冲液面→洗脱→收集分装蛋白质。（4）纯度鉴定--SDS聚丙烯酰胺凝胶电泳。【详解】A、血红蛋白的提取和分离流程为：红细胞的洗涤→血红蛋白的释放→分离血红蛋白溶液→透析→凝胶色

谱柱的制作→凝胶色谱柱的装填→样品的加入和洗脱，所以①表示血红蛋白的释放，②表示凝胶色谱柱的装填，A正确；B、在采血容器中预先加入抗凝血剂柠檬酸钠，可防止血液凝固，B正确；C、凝胶色谱法的基本原理是根据相对分子质量的大

小分离蛋白质，凝胶色谱法能除去血红蛋白溶液中相对分子质量较大的杂质，C正确；D、电泳的原理是利用待分离样品中各种分子带电性质的差异以及分子的大小、形状等的不同，使带电分子产生不同的迁移速度，本实验只能判

断肽链的大小有两种，而不能判断其条数。由图可知，只能得出提取的血浆某白蛋白含有两种大小不同的肽链，而不一定是只有两条，D错误。故选D。40.安莎霉素是一类主要由海洋中的稀有放线菌产生的次级代谢产物，具有较高的抗菌活性和药用价值。产安莎霉素的放线菌具有一个普遍

的共性-氨基酸缺陷型（不能自身合成某些特定的氨基酸）。科研人员从深海采集淤泥样本，再分离、纯化并筛选出产安莎霉素的放线菌，过程如图所示。相关叙述错误的是（）A.过程①用稀释涂布平板法接种于待检测培养基B.待检测培养基属于选择培养基，应以安莎

霉素为唯一碳源C.分离纯化时间不足将导致遗漏菌落的种类和数目D.从培养基成分上看，基本培养基与完全培养基存在差异的成分是氨基酸【答案】B【解析】【分析】固体培养基可用来分离菌种。分离的方法有平板划线法和稀释涂布平板法。【详解】A、由图可知，过程①用稀释涂布平板法接种于待检

测培养基，A正确；B、安莎霉素是一类主要由海洋中的稀有放线菌产生的次级代谢产物，以安莎霉素为唯一碳源起不到选择作用，B错误；C、分离纯化时间不足可能有些菌落未形成，将导致遗漏菌落的种类和数目，C正确；D、产安莎霉素的放线菌具有一个普遍的共性-氨基酸缺陷型，从培养基成分上看，基本培养基与完全培养

基存在差异的成分是氨基酸，D正确。故选B。二、非选择题41.如图为显微镜下看到的人口腔上皮细胞和洋葱表皮细胞．请据图分析回答下列问题：（1）图甲是____________细胞，图乙是____________细胞，判断的理由

是洋葱表皮细胞具有____________，人的细胞则没有。（2）这两种细胞在形态和功能上所存在的差异体现了细胞的多样性，但在结构上由于都具有______________，而使得这两者之间具有共性，这种共性体现了细胞的___________性。（3）大肠杆菌与这两种细胞在结构

上的区别主要是_____________。【答案】（1）①.洋葱表皮②.口腔上皮③.细胞壁和液泡（2）①.细胞膜、细胞质、细胞核②.统一（3）大肠杆菌没有成形的细胞核而这两种细胞有【解析】【分析】题图分析，甲表示洋葱表皮细胞，乙表示人口腔上皮细胞，两种细胞共有的结构为细胞膜、细胞质、细

胞核和多种细胞器。【小问1详解】图甲是洋葱表皮细胞，图乙是人口腔上皮细胞。这是因为是甲细胞具有细胞壁和液泡，这是植物细胞特有的，而乙细胞则没有。【小问2详解】这两种细胞的形态和功能上所存在的差异体现了细胞的多样性，但在结构上由于都具有细胞质、细胞核、细胞膜和一些细胞器，因而这两种细胞在结

构上具有统一性。【小问3详解】大肠杆菌为原核细胞，细胞中没有核膜包被的细胞核，因此，大肠杆菌细胞与这两种细胞在结构上的区别主要是没有核膜包被的细胞核。42.如图是某化合物的结构图,请据图分析回答下列问题:（1）图中化合物的名称是

____,含__种氨基酸。（2）形成该化合物的化学反应叫作____,形成的化学键是_____写出结构简式），在这个过程中,相对分子质量减少了__。该多肽若要形成环状肽,可再发生化学反应的基团编号是____。（3）通常,细胞内具有正常生

物学功能的蛋白质需要有正确的氨基酸序列和一定的_____________。假设21种氨基酸的平均相对分子质量为125,现由四条肽链共80个氨基酸构成蛋白质,其相对分子质量约为____。【答案】（1）①.三肽②.3##三（2）①.脱水缩合②.-CO-NH-③.36

④.①⑥（3）①.空间结构②.8632【解析】【分析】分析题图：题图是某化合物的结构图，其中①是氨基，②③⑤是R基，④是肽键，⑥是羧基，该化合物分子中含有2个肽键，是由三个氨基酸形成的三肽。【小问1详解】图中④是肽键，

该化合物中含有2个肽键、3个R基，是由三个氨基酸形成的三肽。构成该化合物的三个氨基酸的R基（题图中的②③⑤）均不同，故图中化合物含3种氨基酸。【小问2详解】氨基酸通过脱水缩合反应形成该化合物，形成的化学键是肽键（-C

O-NH-）。在这个过程中的脱水数=肽键数=氨基酸数-肽链数=3-1=2个，其相对分子质量减少18×2=36。该多肽若要形成环状肽，可再发生化学反应的基团编号是①⑥，其中①是氨基，⑥是羧基。【小问3详

解】通常，细胞内具有正常生物学功能的蛋白质需要有正确的氨基酸序列和空间结构；某些物理或化学因素可以破坏蛋白质的空间结构，使肽键暴露，暴露的肽键易与蛋白酶接触，从而使蛋白质易被蛋白酶水解。假设21种氨基酸的平均相对分子质量为1

25，现由四条肽链共80个氨基酸构成的蛋白质，其相对分子质量=氨基酸数目×氨基酸平均相对分子质量一脱去水分子数×18=80×125-（80-4）×18=8632。43.饲喂选做食材用的北京鸭时，主要以玉米、谷类和菜叶为饲料，使其肥育，这样烤出的鸭子外观饱满

，皮层酥脆，外焦里嫩。北京烤鸭通常的食用方法是取一张用小麦粉制作的荷叶饼，用筷子挑一点甜面酱，抹在荷叶饼上，夹几片烤鸭片盖在上面，放上几根葱条、黄瓜条或萝卜条，将荷叶饼卷起食用。请回答下列问题。（1）北京鸭食用玉米、谷类和菜叶能迅速育肥的原因是_

_____。（2）若将鸭皮下的脂肪组织制成临时装片，滴加苏丹Ⅲ染色液，体积分数为50%的酒精溶液而不是蒸馏水洗去浮色，这是因为_______，然后在____________下找到花生子叶的最薄处，移到视野中央；换高倍显微镜观察，视野中被染成___

_____色的脂肪颗粒清晰可见。（3）一张鸭肉卷饼中至少包括了三类多糖，它们是__________________。（4）鸭肉中含有丰富的蛋白质，这些蛋白质不同的根本原因是________________。【答案】（1）玉米、谷物和菜叶是富含糖类的食物，糖类在鸭体内转变成了脂肪（2）①.苏

丹Ⅲ能溶于酒精中②.低倍镜③.橘黄（3）淀粉、糖原、纤维素（4）基因的选择性表达【解析】【分析】生物组织中化合物的鉴定：①斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）。②蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。③脂肪可用苏丹Ⅲ染液鉴定，呈橘黄色。【小问

1详解】玉米、谷物和菜叶是富含糖类的食物，糖类在鸭体内转变成了脂肪，故北京鸭食用玉米、谷类和菜叶能迅速育肥。【小问2详解】苏丹Ⅲ染色液自身是一种有机物，能溶于酒精中，而不溶于蒸馏水，故可用酒精而不用蒸馏水

洗去浮色。在脂肪鉴定的实验中，去浮色后在低倍镜下找到花生子叶的最薄处，然后移到视野中央，之后换高倍显微镜观察，视野中被染成橘黄色的脂肪颗粒清晰可见，因为脂肪可被苏丹Ⅲ染色液染成橘黄色。【小问3详解】鸭肉卷饼中至少包括糖原

（肝糖原或肌糖原）、淀粉、纤维素三类多糖。【小问4详解】基因指导蛋白质的合成，蛋白质不同的根本原因是基因的选择性表达。44.某同学从被石油污染的土壤中分离得到A和B两株可以降解石油的细菌，在此基础上采用平板培养法比较二者降解石油的能力，并分析两个菌株的其他生理功能。实验所用的

培养基成分如下。培养基Ⅰ：K2HPO4，MgSO4，NH4NO3，石油。培养基Ⅱ：K2HPO4，MgSO4，石油。操作步骤：①将A、B菌株分别接种在两瓶液体培养基Ⅰ中培养，得到A、B菌液；②液体培养基Ⅰ、Ⅱ中添加琼脂，分别制成平板Ⅰ、Ⅱ，并按图中所示在平板上打甲、

乙两孔。回答下列问题。菌株透明圈大小平板Ⅰ平板ⅡA+++++B++-（1）实验所用培养基中作为碳源的成分是____________。培养基中NH4NO3的作用是为菌株的生长提供氮源，氮源在菌体内可以参与合成____________（答出2种即可）等生物大分子。（2）为了比较A、B降解石油的能力，某

同学利用步骤②所得到的平板Ⅰ、Ⅱ进行实验，结果如表所示（“+”表示有透明圈，“+”越多表示透明圈越大，“-”表示无透明圈），推测该同学的实验思路是在无菌条件下，将___________分别接种到平板Ⅰ的甲和乙两孔处，平板Ⅱ也进行同样的操作，

在相同且适宜条件下培养一段时间，比较两个平板的两孔处的__________并作记录，根据透明圈大降解能力强，透明圈小降解能力弱，进而比较A、B降解石油的能力.（3）现有一贫氮且被石油污染的土壤，根据上表所示实验结果，治理石油污染应选用的菌株是

____________，理由是___________。【答案】（1）①.石油②.DNA、RNA、蛋白质（2）①.等量等浓度的A菌液和B菌液②.透明圈大小（3）①.A②.A菌株降解石油的能力高于B菌株，并且在没有添加氮源的培养基中也能生长【解析】【分析】培养基的概念及营养构成（

1）概念：人们按照微生物对营养物质的不同需求，配制出的供其生长繁殖的营养基质；（2）营养构成：各种培养基一般都含有水、碳源、氮源、无机盐，此外还要满足微生物生长对pH、特殊营养物质以及氧气的要求。例如，培养乳酸杆菌时需

要在培养基中添加维生素，培养霉菌时需将培养基的pH调至酸性，培养细菌时需将pH调至中性或微碱性，培养厌氧微生物时则需要提供无氧的条件。【小问1详解】根据题意可知，实验所用培养基中作为碳源的成分是石油。培养基中NH4NO3能为菌株的生长提供氮源，氮源在菌体内可以参与合成蛋白质、核酸

等生物大分子，是菌体生长比不可少的。【小问2详解】为了比较A、B降解石油的能力，某同学利用步骤②所得到的平板Ⅰ、Ⅱ进行实验，结果如表所示（“+”表示有透明圈，“+”越多表示透明圈越大，“-”表示无透明圈），推测该同学的实验思路是在无菌条件下，将等量等浓度的A菌液和

B菌液分别接种到平板Ⅰ的甲和乙两孔处，平板Ⅱ也进行同样的操作，在相同且适宜条件下培养一段时间，比较两个平板的两孔处的透明圈的大小并作记录，根据透明圈大降解能力强，透明圈小降解能力弱，进而比较A、B降解石油的能力.，结合实验结果可知菌株A降解石油

的能力强于菌株B。【小问3详解】现有一贫氮且被石油污染的土壤，而表中的实验结果说明，A菌株降解石油的能力高于B菌株，并且在没有添加氮源的培养基Ⅱ中也能生长，因此在治理该地区石油污染时应选用A菌株。45.无机盐在生物体内虽然含量不多，但是当某些无机盐缺乏时，生

命活动难以正常进行。（1）在某地区种植冬小麦经常出现白苗病，观点一认为是土壤中缺锌引起的，理由是锌是许多酶的活化剂，缺锌导致叶绿素合成有关酶的活性降低，使叶片失绿；观点二认为是土壤中缺镁引起的，理由是_______

________。（2）有同学利用三组长势相同的冬小麦幼苗完成下列实验，探究哪种观点正确。组别培养液实验处理观察指标A全素培养液相同且适宜条件下培育相同的一段时间幼苗的生长发育状况B缺锌培养液C缺镁培养液①预

测实验结果与结论：A组的冬小麦幼苗正常生长。若B组冬小麦幼苗表现出白苗病，C组正常生长，则观点一正确；若__________，则观点二正确；若___________________，则观点一和观点二都不正确；若_______________，

则观点一和观点二都正确。②若实验证明冬小麦白苗病是由缺锌引起的，从科学研究的严谨角度出发，进一步证明该观点正确，还应增加的实验步骤是__________________，然后在相同条件下培养一段时间。增加步骤后预期的实验结果是__________。【答案】（1）镁是构成叶绿素

的元素，缺镁导致叶绿素无法形成（2）①.C组冬小麦幼苗表现出白苗病，而B组正常生长②.B、C两组冬小麦幼苗均正常生长③.B、C两组冬小麦幼苗都表现为白苗病④.已出现白苗病的B组内加入含锌的培养液(适量的锌离子

)的⑤.B组冬小麦幼苗白苗病病症消失，正常生长【解析】【分析】判断元素是否必需元素通常用溶液培养法。在人工配制的完全培养液中，除去某种矿质元素，然后观察植物的生长发育情况：如果植物的生长发育仍正常，说明该元素不是植物所必需的；如果植物的生长发育不正常（出现特定的缺乏症状），且只有

补充了该种元素（其他元素无效）后，植物的生长发育又恢复正常（症状消失），说明该元素是必需的矿质元素。【小问1详解】在某地区种植的冬小麦经常出现白苗病，观点一认为是土壤中缺锌引起的，理由是锌是许多酶的活化剂，缺锌导致叶绿素合

成有关酶的活性降低，使叶片失绿；观点二认为是土壤中缺镁引起的，其依据的原理是镁是构成叶绿素的元素，缺镁导致叶绿素无法形成，因而表现出白苗病。【小问2详解】为了对上述推测做出判断，进行如下实验，实验设计中分成三组，编号为A、B、C三组；三组实验所用的培

养液分别为全素培养液、缺锌培养液、缺镁培养液，而后将三组长势相同的冬小麦幼苗分别置于上述等量的培养液中，在相同且适宜的条件下培养一段时间，观察长势变化。①预测实验结果为：A组的冬小麦幼苗正常生长。若B组冬小麦幼苗表现出白苗病，C组正常生长，则可说明白化苗的出现是由于缺

锌引起的，即观点一正确；若B组冬小麦幼苗正常生长，而C组冬小麦表现出白苗病，则可说明白化苗的出现是由缺镁引起的，即观点二正确；若B、C两组冬小麦幼苗都正常生长，则观点一和观点二都不正确，说明白化苗的出现可能是别的因素的引起的；若B、C两组冬小麦幼苗都表现为白苗病，则观点一和观点二都正确

。②若实验证明冬小麦白苗病是由缺锌引起的，从科学研究的严谨角度出发，为进一步证明该观点正确，还需要在B组冬小麦幼苗白苗病病症出现后，在其中加入含锌的培养液(适量的锌离子)，若培养一段时间后，白苗病症状消失，正常生长，则可证明白化苗的出现是缺锌引起的。获得更多

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