【文档说明】上海市徐汇中学2021-2022学年高一下学期4月学科线上教学双基练习物理试题 含解析.docx，共(16)页，2.227 MB，由小赞的店铺上传

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2021学年第二学期高一年级物理学科线上教学双基练习一、单项选择题1.关于做匀速圆周运动的物体，下列说法正确的是（）A.线速度不变B.向心加速度不变C.周期不变D.运动状态不变【答案】C【解析】【详解】A．做匀速圆周运动的物体，线速度的大小不变，但方向

是始终指向圆心的，所以线速度是时刻发生变化的，故选项A错误．B．做匀速圆周运动的物体，加速度的大小不变，但方向是始终指向圆心的，所以加速度是时刻发生变化的，故选项B错误．C．做匀速圆周运动的物体，其周期为2rv，半径

不变，线速度的大小不变，所以其周期是不变的，选项C正确．D．做匀速圆周运动的物体，其速度的方向时刻发生变化，所以去运动状态是发生变化的，选项D错误．故选C．【点睛】质点沿圆周运动，如果在相等时间里通过的圆弧长度都相等，这种运动就叫做

“匀速圆周运动”，亦称“匀速率圆周运动”．物体作圆周运动的条件：①具有初速度；②受到一个大小不变、方向与速度垂直因而是指向圆心的力（向心力）．物体作匀速圆周运动时，速度的大小虽然不变，但速度的方向时刻改变，所以匀速圆周运动是变速运动．又由于作匀速圆周运动时，它的向心加速度的大小

不变，但方向时刻改变，故匀速圆周运动是变速运动．“匀速圆周运动”一词中的“匀速”仅是速率不变的意思．做匀速圆周运动的物体仍然具有加速度，而且加速度不断改变，因为其加速度方向在不断改变，特别要注意的是物体做匀速圆

周运动由合外力提供向心力，这也是解决匀速圆周运动问题的一个突破口．2.关于万有引力定律，下列说法正确的是()A.牛顿提出了万有引力定律，并测定了引力常量的数值B.万有引力定律只适用于天体之间C.万有引力的发现，揭示了自然界一种基本相互作用的规律D.地球绕太阳在椭圆轨

道上运行，在近日点和远日点受到太阳的万有引力大小是相同的【答案】C的【解析】【详解】试题分析：牛顿提出了万有引力定律，而万有引力恒量是由卡文迪许测定的，故A错误；万有引力定律适用于宇宙万物任意两个物体之间的引力，

是自然界一种基本相互作用的规律，故B错误，C正确；根据万有引力公式2GMmFr=可知，在近日点的距离比远日点的距离小，所以在近日点万有引力大，故D错误．考点：万有引力定律及其应用【名师点睛】对于物理学上重要实验、发现和理论，要加强记忆，

这也是高考考查内容之一．从公式的适用条件、物理意义、各量的单位等等全面理解万有引力定律公式．3.2019年1F赛历出炉，中国将成第1000场大奖赛举办地，假如赛车在弯道上高速行驶，突然后轮脱离赛车，关于脱离赛车后的车轮的

运动情况，以下说法正确的是（）A.仍然沿着汽车行驶的弯道运动B.沿着与弯道垂直的方向飞出C.沿着脱离时轮子前进的方向做直线运动，离开弯道D.上述情况都有可能【答案】C【解析】【详解】赛车沿弯道行驶，任一时刻赛车上任何一点的速度方

向都是赛车运动的曲线轨迹上对应点的切线方向。被甩出的后轮的速度方向就是甩出点轨迹的切线方向，所以脱离赛车后的车轮将沿着脱离时轮子前进的方向做直线运动，离开弯道，选项C正确，ABD错误。故选C。4.如图所示，一球体绕轴O1O2以角速度旋转，A、B为球体上两点．下列说法中正确的（）A.A、B

两点具有相同的角速度B.A、B两点具有相同的线速度C.A、B两点具有相同的向心加速度D.A、B两点的向心加速度方向都指向球心【答案】A【解析】【详解】A．A、B两点共轴转动，角速度相等，A正确；B．因为A、B两点绕地轴转动，A的

转动半径大于B点的转动半径，根据vr=A的线速度大于B的线速度大小，B错误；C．根据2ar=角速度相等，A的转动半径大，则A点的向心加速度大于B点的向心加速度，C错误；D．A、B两点的向心加速度方向

垂直指向地轴，D错误。故选A5.春节期间人们放飞孔明灯表达对新年的祝福，如图所示，孔明灯在竖直Oy方向做匀加速运动，在水平Ox方向做匀速运动，孔明灯的运动轨迹可能为（）A.直线OAB.曲线OBC.曲线OCD.

曲线OD【答案】D【解析】【详解】孔明灯在竖直Oy方向做匀加速运动，则合外力沿Oy方向，在水平Ox方向做匀速运动，此方向上合力为零，所以合运动的加速度方向沿Oy方向，但合速度方向不沿Oy方向，孔明灯做曲线运动，结合合力指向轨迹内侧可

知轨迹可能为OD，故D正确，ABC错误。故选D。6.下列速率—时间图象中，图线Ⅰ、Ⅱ分别表示物体以初速度v0做平抛运动时，水平方向和竖直方向的两个分运动情况，其中正确的是（）。A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】【详解】平抛运动水平方向是匀速直线

运动，竖直方向初速度为零的匀加速运动，图线Ⅰ应该是一条平行与t轴的直线，图线Ⅱ是过原点的一条倾斜直线，所以C正确，ABD错误；故选C。7.如图所示，在同一竖直面内，小球a、b从高度不同的两点，分别以初速度av和bv沿水平方向抛出，经过时间at和bt后落到与两抛出点水平距离相等的P点。若不计空气阻

力，下列关系式正确的是（）A.abtt，abvvB.abtt，abvvC.abtt<，abvvD.abtt<，abvv【答案】A【解析】【详解】由平抛运动竖直方向上是自由落体运动，可知212hgt=解得2htg=可得abtt由平抛运动水平方向是匀速直线运动，则0xvt

=可得abvv故A正确，BCD错误。故选A。8.自行车结构图如图所示，大齿轮和小齿轮通过链条相连，小齿轮与后轮同轴，某同学用力踩脚蹬使自行车加速行驶，该过程中，下列说法正确的是（）A.后轮边缘线速度等于大齿轮边缘线速度B.大齿轮边缘线速度大于小齿轮边缘线速度C.后轮角速度等于小

齿轮角速度D.小齿轮角速度等于大齿轮角速度【答案】C【解析】【详解】A．后轮边缘线速度大于大齿轮边缘线速度，故A错误；B．大齿轮边缘线速度等于小轮边缘线速度，故B错误；C．后轮角速度等于小齿轮角速度，故C正确；D．小齿轮角速度大于大齿轮角速度，故D错误。故选C。9.如图

所示，有一皮带传动装置，A、B、C三点到各自转轴的距离分别为AR、BR、CR，已知2ABCRRR==，若在传动过程中，皮带不打滑。则（）A.A点与C点的角速度大小相等B.A点与C点的线速度相同C.B点与C点的角速度大小之比为2

：1D.B点与C点向心加速度大小之比为1：4【答案】D【解析】【详解】AB．A点与C两点是轮子边缘上的点，靠皮带传动，两点的线速度大小相等，方向不同；而A点与C两点半径不等，所以角速度大小不相等，故AB错误；C．A点与B点共轴转动，具有相同的角速度，即=ABA

、C两点线速度大小相等，根据vR=，2ACRR=，所以22CAB==所以B点与C点的角速度大小之比为1：2，故C错误；D．因为RB=RC，B点与C点的角速度大小之比为1：2，根据向心加速度公式2aR=可知

B点与C点的向心加速度大小之比为1：4，故D正确。故选D。10.如图所示，在匀速转动的圆筒内壁上，有一物体随圆筒一起转动而未滑动。当圆筒的角速度增大以后，下列说法正确的是（）A.物体所受弹力增大，摩擦力也增大了的B.物体所受弹力增大，摩擦力减小了C.物体所受

弹力和摩擦力都减小了D.物体所受弹力增大，摩擦力不变【答案】D【解析】【详解】物体做匀速圆周运动，合力指向圆心，对物体受力分析，受重力、竖直向上的静摩擦力、指向圆心的支持力，如图所示重力G与静摩擦力f平衡，即G=

f则静摩擦力不变，且与物体的角速度无关，因为支持力N提供向心力，即N=mrω2所以当圆筒的角速度ω增大以后，需要的向心力变大，则物体所受弹力N增大。故选D。11.自1957年苏联第一颗人造卫星上天后，迄

今人类向太空发射的航天器已经超过4000枚。它们进入轨道后，有的因失去时效而报废，有的因出现故障而失灵，但都仍旧在太空漫游，形成了大量的太空垃圾。在太阳活动期，地球大气会受太阳风的影响而扩张，使一些原本在大气层

外绕地球飞行的太空垃圾被大气包围，从而开始向地面下落。大部分太空垃圾在落地前已经燃烧成灰烬，但体积较大的太空垃圾则会落到地面上，对人类造成危害。太空垃圾下落的原因是（）A.大气的扩张使垃圾受到的万有引

力增大而导致下落B.太空垃圾在燃烧过程中质量不断减小，根据牛顿第二运动定律，向心加速度不断增大，由此导致下落C.太空垃圾在大气阻力作用下速度减小，做圆运动所需的向心力将小于实际的万有引力，过大的万有引力将垃圾拉向了地面D.太空垃圾上表面受到的大气压力大于其下表面受到的大气压力，这种压力差将

它推向地面【答案】C【解析】【详解】在轨道上平稳运行时，万有引力恰好提供向心力。当太空垃圾在大气阻力的作用下速度减小时，它做圆周运动所需的向心力就小于实际的万有引力，因此过大的万有引力将垃圾拉向了地面，故选

C。的12.在光滑水平面上运动的物体，受到水平恒力F作用后，沿曲线MN运动，速度方向改变了90°，如图所示，则此过程中，物体受到的恒力可能是（）A.F1B.F2C.F3D.F4【答案】B【解析】【详解】由图可知，

物体从M向N运动的过程中，沿初速度的方向做减速运动，所以具有与初速度方向相反负力；同时物块向右做加速运动，所以物体还受到向右的作用力．所以物体受到的合力的方向沿F2的方向；故B正确，ACD错误．故选B．13.宇航员王亚平在“天宮1号”飞船内进行了我国首次太空授课，演示了一

些完全失重状态下的物理现象．若飞船质量为m，距地面高度为h，地球质量为M，半径为R，引力常量为G，则飞船所在处的重力加速度大小为（）A.0B.2()GMRh+C.2()GMmRh+D.2GMh【答案】B【解析】【分析】【详解】对飞船受力分析知，所受到万有

引力提供匀速圆周运动的向心力，等于飞船所在位置的重力，即2()MmGmgRh=+可得飞船的重力加速度为2=()GMgRh+故选B。的14.“飞车走壁”是一种传统的杂技艺术，演员骑车在倾角很大的桶面上做圆周运动而不掉下来。如图所示，已知桶壁的倾角为，车和人的总质量为

m，做圆周运动的半径为r，若使演员骑车做圆周运动时不受桶壁的摩擦力，下列说法正确的是（）A.桶面对车的弹力为cotmgB.桶面对车的弹力为sinmgC.人和车的速度为tangrD.人和车的速度为singr【答案】C【解析】【详解】CD．对人和车受力分析如图所示，人和车在竖直方

向受力平衡，水平方向重力与支持力的合力提供向心力2tanvmgmr＝解得：tanvgr＝故D错误，C正确；AB．根据受力可知：cosmgN＝故AB错误。故选C。15.如图所示，长为L的细绳一端固定，另一端系一质量为m的小球.给小球一个

合适的初速度，小球便可在水平面内做匀速圆周运动，这样就构成了一个圆锥摆，设细绳与竖直方向的夹角为.下列说法中正确的是()A.小球受重力、细绳的拉力和向心力作用B.细绳的拉力提供了向心力C.越大，小球运动的线速度越大D.越大，小球运动的周期越大【答案

】C【解析】【详解】小球只受重力和绳的拉力作用，二者合力提供向心力，故AB错误；向心力大小为：tannFmg=，小球做圆周运动的半径为：sinRL=，则由牛顿第二定律得：2tansinmvmgL=，得到线速度：sinsintancosgLvgL==，当越大，si

n、tan越大，所以小球运动的速度越大，故C正确；小球运动周期：2cos2RLTvg==，因此，越大，小球运动的周期越小，故D错误．所以C正确，ABD错误．二、填空题16.如图所示是上海锦江乐园中的“摩天轮”，它高108m，直径为98m，每次可乘坐378人，每转一圈

25min.摩天轮转动时，某一轿厢内坐有一位游客，则该游客随轮一起匀速转动的周期为________s，线速度大小为_______/ms.【答案】①.1500②.0.21【解析】【详解】[1]．根据题意可

知，周期T=25×60=1500s[2]．线速度为2980.21m/s1500rvT==＝17.汽车在水平地面上转弯时，是______力提供向心力，转弯时车速不能太快，当速度为v时，安全转弯的半径最小为R，若当转弯半径为4R时，该汽车安全转弯的最大速度为______v。【答案】①

.静摩擦②.2【解析】【详解】[1]汽车在水平地面上转弯做圆周运动，汽车转弯时受重力、支持力和摩擦力作用，重力和支持力二力平衡，所以汽车做圆周运动所需要的向心力由静摩擦力提供。[2]设最大静摩擦力为f，则有2vfmR=，当半径为4R时，则有'24vfmR=联立解得'2vv=18.

一艘轮船以一定的速度、船头垂直河岸向对岸行驶，河水匀速流动（河道是直的），则若水流速度越大，则轮船渡河通过的路程______（越大、越小、不变），所用时间______（越长、越短、不变）。【答案】①.越大②.不变【解析】【详解】[1][2]从

运动的独立性考虑，设河宽为d，船速为v1，水流速度为v2，渡河时间为t，船沿水流方向通过的路程为L，当船垂直河岸方向渡河时，这几个物理量的关系为t＝1dvL＝v2t船实际通过的路程为s＝22dL+故水流速度越大，船通过的路程越长，但时间

不变。19.某同学将弹珠平行于竖直墙面水平向右弹出，利用摄像机记录其运动过程，处理之后的运动轨迹如图所示。测得每块砖的高度为8.1cm、长度为27cm，忽略空气阻力，重力加速度取210m/s=g，则弹珠从图中A点运动到B点所用时间为___________s，

弹珠弹出时的水平初速度为___________m/s。【答案】①.0.09②.3【解析】【分析】【详解】[1]根据平抛运动230.08120.081gT−=解得0.09sT=[2]初速度为00.27m/s3m/s0.09v==20.一行星绕某恒星做圆周运动．由天文观测可得其运行的周期为T、线

速度的大小为v，已知引力常量为G，求（1）行星运动的轨道半径（2）恒星的质量．【答案】（1）2vT；（2）32vTG【解析】【分析】【详解】（1）根据圆周运动周期与线速度的关系有2RvT=可得行星运动的半径2vTR=（2）根据万有引力提供圆周运动的向心力，有2224MmGmRRT=得中

心天体的质量为23233224()422vTRvTMGTGTG===【名师点睛】在万有引力这一块，涉及的公式和物理量非常多，掌握公式222224MmvGmmrmrmarrT====在做题的时候，首先明确过程中的向心力，然后弄清

楚各个物理量表示的含义，最后选择合适的公式分析解题，另外这一块的计算量一是非常大的，所以需要细心计算三、综合题21.我国滑雪运动员谷爱凌在备战2022年北京冬奥会期间的一次滑雪训练中，在滑雪道上获得一定的初速度后从跳台水平飞出，在空中飞行一段距离后着陆。如图所示

，从O点水平飞出，经3.0s落到斜坡上的A点。已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角=37°，不计空气阻力。（g取10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80），求：（1）O点与A点的高度差和OA距离L；（2）谷爱凌刚要离开O点时的速度大小；（3）谷爱凌何时离斜面最

远。【答案】（1）45m，75m；（2）20m/s；（3）1.5s【解析】【详解】（1）由题意，谷爱凌在空中做平抛运动，根据平抛运动知识，在竖直方向上，O点与A点的高度差为21sin2hLgt==解得45m=75mhL=（2）在水平方向上有0cosL

vt=解得020m/sv=（3）将运动员的运动沿斜面和垂直斜面分解，则离斜面最远时，垂直于斜面的速度为零，所以有010sincosvgt=−联立解得11.5st=22.如图所示，AB为竖直半圆轨道的竖直直径，轨道半径R=0.9m，轨道B端与水平面相切，质量m=1kg的光滑小球从水平

面以初速度V0向B滑动，取g=10m/s2．（1）若V0=6m/s，求小球经轨道最低点B瞬间对轨道的压力为多少？（2）若小球刚好能经过A点，则小球在A点的速度至少为多大？小球离开A点后在水平面的落点与B点

的距离为多少？【答案】（1）50N；（2）3m/s，1.8m【解析】【详解】（1）小球在B点的受力分析如图：由牛顿第二定律有：20mvNmgR−=解得小球受到的支持力N=20mvmgR+=50N由牛顿第三定律可知，小球对道轨的压与与N大小相等

，方向相反．（2）小球恰好过最高点，即只由重力提供向心力有：2AmvmgR=解得小球在A点的最小速度：3m/sAvgR==小球离开A点后做平抛运动有：2122Rgt=Asvt=解得t=0.6s，s=1.8m