【文档说明】天津市第一中学2021届高三上学期摸底考（零月考）物理试题（可编辑） PDF版含答案.pdf，共(8)页，954.913 KB，由小赞的店铺上传

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天津一中2020-2021-1高三年级物理学科0月考试卷本试卷分为第I卷（选择题）、第II卷（非选择题）两部分，共100分，考试用时60分钟。第I卷1至4页，第II卷1页。考生务必将答案涂写规定的位置上，答在试卷上的无效。祝各位考生考试顺利!第I卷一、单

项选择题1．甲、乙两质点在一直线上做匀加速直线运动的vt图象如图所示，在3s末两质点在途中相遇，两质点出发点间的距离是()A．甲在乙之前2mB．乙在甲之前2mC．乙在甲之前4mD．甲在乙之前4m2．如图甲、乙所示，两个相同的固定斜面上分别放有一个静止的三角形木块A、

B，它们的质量相等．A木块左侧面沿竖直方向，B木块左侧面垂直于斜面，在两斜面上分别放上一个相同的光滑球后，木块仍保持静止，则放上球后()A．A木块受到的摩擦力等于B木块受到的摩擦力B．A木块受到的摩擦力小于B木块受到

的摩擦力C．A木块对斜面的压力等于B木块对斜面的压力D．A木块对斜面的压力大于B木块对斜面的压力3.甲、乙两人用绳aO和bO通过装在P楼和Q楼楼顶的定滑轮，将质量为m的物块由O点沿Oa直线缓慢向上提升，如图所示，其

中∠aOb为锐角，则在物块由O点沿直线Oa缓慢上升过程中，以下判断正确的是()A．aO绳和bO绳中的弹力都逐渐减小B．aO绳和bO绳中的弹力都逐渐增大C．aO绳中的弹力一直在增大，bO绳中的弹力先减小后增大D．aO绳中的弹力先

减小后增大，bO绳中的弹力一直在增大4．如图，公共汽车沿水平面向右做匀变速直线运动，小球A用细线悬挂车顶上，质量为m的一位中学生手握固定于车厢顶部的扶杆，始终相对于汽车静止地站在车箱底板上，学生鞋底与公共汽车间的动摩擦因数为μ，若某时刻观察到细线偏离竖直方向θ角（取θ=60

°），则此刻公共汽车对学生产生的作用力的大小和方向为()A．大小等于μmg，方向水平向左B．大小等于mg，方向竖直向上vC．大小大于，方向水平向左D．大小大于，方向斜向左上方5．沿直线做匀变速运动的一列火车和一辆汽车的速度分别为v1和v2，v1、v2在各个时刻的大小如表所示，从表中数据可

以看出()t/s01234v1/(m·s－1)18.017.517.016.516.0v2/(m·s－1)9.811.012.213.414.6A.火车的速度变化较慢B．汽车的加速度较小C．火车的位移在减小D．汽车

的速度增加得越来越慢6.如图所示，A、B、C三个小球质量均为m，A、B之间用一根没有弹性的轻质细线连在一起，B、C之间用轻弹簧拴接，整个系统用细线悬挂在天花板上并且处于静止状态．现将A上面的细线剪断，使A的上端失去拉力，则在剪

断细线的瞬间，A、B、C三个小球的加速度分别是()A．1.5g，1.5g，0B．g，2g，0C．g，g，gD．g，g，07．2020年7月31日上午10时30分，北斗三号全球卫星导航系统建成暨开通仪式在人民大会堂举行，中共中央总书记、国家主席、中央军委主席习近平宣布北斗三号全球卫星导航系统

正式开通。北斗三号全球卫星导航系统组网的最后一颗卫星属于地球静止轨道卫星，即始终与地面上某位置保持相对静止，则可以判断该卫星入轨后（）A．运行过程中可能经过北京正上方B．运行速度不可能大于第一宇宙速度C．距地面的高度跟卫星的质量有关D．向心加速度一定大于地面重力加

速度8．一列简谐横波在某均匀介质中沿x轴传播，从x＝3m处的质点a开始振动时计时，图甲为t0时刻的波形图且质点a正沿y轴正方向运动，图乙为质点a的振动图象，则下列说法正确的是()A．该波的频率为2.5HzB．该波的传播速度为200m/sC．该波是沿x轴负方向传播的D．从t0时刻起，a、b、

三质点中c最先回到平衡位置二、多项选择题9，小球a、b质量分别为m和2m，a从倾角300的光滑斜面的顶端无初速度滑下，b从斜面等高初以v0平抛，比较a、b落地的运动过程，则（）A．所用的时间相等B．落地时速度相等C．b比a先落到地面D．a、b都做匀变速运动10.2020年7月23日1

2时41分，长征五号遥四运载火箭托举着中国首次火星探测任务“天问一号”探测器，在中国文昌航天发射场点火升空。靠近火星时需要通过变轨过程逐渐靠近火星。已知引力常量为G，则下列说法正确的是()A．“天问一号”的发射速度必须大于第二宇宙速度B．“天问一号”在轨道Ⅰ上的机械能大于在轨道Ⅱ上的机械能C

．“天问一号”在P点从轨道Ⅱ变轨到轨道Ⅰ，需要在P点朝速度方向喷气D．若轨道Ⅰ贴近火星表面，已知“天问一号”在轨道Ⅰ上运动的角速度，可以推知火星的密度11.某娱乐项目中，参与者抛出一小球去撞击触发器，从而进入下一关．现在将这个娱乐项目进行简化，假设参与者从触发器的正下方以速

率v竖直上抛一小球，小球恰好击中触发器．若参与者仍在刚才的抛出点，沿A、B、C、D四个不同的光滑轨道分别以速率v抛出小球，如图所示．则小球能够击中触发器的可能是()12．一单摆在地面上做受迫振动，其共振曲线(振幅A与驱动力频率f的关系)如图所示，则下列说法正确的是()A．此单摆的周期约为0.5

sB．此单摆的摆长约为1mC．若摆长增加，共振曲线的峰将向左移动D．若把该单摆从福建移到北京，要使其固有频率不变，应增加摆长300ab第II卷三、填空实验题13．如图所示，斜面倾角为45°，从斜面上方A点处由静止释放一个

质量为m=1kg的弹性小球，在B点处和斜面碰撞，碰撞后速度大小不变，方向变为水平，经过一段时间在C点再次与斜面碰撞。已知AB两点的高度差为h=3.2m，重力加速度为g，取g=10m/s2，不考虑空气阻力。小球在AB段运动过程中重力做功的平均功率

P=________,小球落到C点时速度的大小为____________。14．用如图所示的实验装置，探究加速度与力、质量的关系。实验中，将一端带滑轮的长木板放在水平实验台上，实验小车通过轻细线跨过定滑轮与钩码相连，小车与纸带相连，打

点计时器所用交流电的频率为f50Hz。在保持实验小车质量不变的情况下，放开钩码，小车加速运动，处理纸带得到小车运动的加速度a；改变钩码的个数，重复实验。①实验时，要求钩码的质量远小于小车的质量，这样做的目的是A．避免在滑块运动的过程中发生抖动B．使滑块获得较

大的加速度C．使细线的拉力等于滑块受到的合外力D．使滑块最终能匀速运动E．使纸带上点迹清晰，便于进行测量F．使钩码重力近似等于细线的拉力②实验过程中打出的一条纸带如图，在纸带上便于测量的地方选取第一个计数点，在这个点上标明A，第六个点上标明B，第十一个点上标明C，第十

六个点上标明D，第二十一个点上标明E。测量时发现B点已模糊不清，于是测得AC的长度为12.26cm，CD的长度为6.60cm，DE的长度为6.90cm，则小车运动的加速度a=_____________m/s2AamBCDE③根据实验测得的数据，以小车运动的加速度a为纵轴，钩码的质量m为横轴，得到如

图所示的a一m图像如图图中图线A所示，现仅增大木板与水平方向夹角，得到的图像可能是图中的（图中所示的A、B、D、E图线相互平行）四、计算题15．如图所示为一架小型四旋翼无人机，它是一种能够垂直起降的小型遥控飞行器，目前正得到越来越广泛的应用。现进行试验，无人机的质量为m＝2kg，

设运动过程中所受空气阻力大小恒为f＝4N，当无人机在地面上从静止开始以最大升力竖直向上起飞，经时间t＝4s时离地面的高度为h＝16m，取g=10m/s2。求:（1）其动力系统所能提供的最大升力F（2）无人机通过调整升力继续上升，恰能悬停在距离地面高度为H＝36m处，求无人机从h上升到H

的过程中，动力系统所做的功W（3）无人机从H=36m处，由于动力设备故障，突然失去升力而坠落至地面，求无人机所受落至地面时的速度16.有一质量为M、长度为l的矩形绝缘板放在光滑的水平面上，另一质量为m、电荷量为—q的物块(视为质点)，以初

速度v0从绝缘板的上表面的左端沿水平方向滑入，绝缘板所在空间有范围足够大的匀强电场，其电场强度大小E＝3mg5q，方向竖直向下，如图所示．已知物块与绝缘板间的动摩擦因数恒定，物块运动到绝缘板的右端时恰好相对于绝缘板静止；若将匀强电场的方向改变为竖直向上，电场强度大小不变，且物

块仍以原初速度从绝缘板左端的上表面滑入，结果两者相对静止时，物块未到达绝缘板的右端．求：(1)电场强度方向竖直向下时，物块在绝缘板上滑动的过程中，系统产生的热量；(2)电场强度方向竖直向下时与竖直向上时，物块受到的支持力之比；(3)电场强度方向竖直向上时，物块相对于绝缘板

滑行的距离．17，如图甲所示，长为L的轻细绳一端固定在水平天花板上的O点，另一端拴着一个质量为m的小球（可视为质点）。现把小球拉至A点，使绳水平伸直，由静止释放小球，绳在竖直平面内转过90°后，球经过最低点B，再转过θ角后，绳碰到固定

在C点的光滑长钉（钉子的直径及空气阻力均忽略不计）。（1）求小球经过B点时，绳对小球的拉力大小（2）当θ=60°时，绳碰钉后，小球恰能沿圆轨道通过C点的正上方，求C点到O点的距离d（3）在保持钉子和O点的距离恒为d

的情况下，改变钉子的位置，但该位置不能在O、B连线的右侧，且小球均能沿圆轨道通过钉子的正上方，在图乙中画出小球经过钉子正上方时对绳子拉力大小F与cosθ的关系图线（只画图线并标出关键点的坐标值，不要求书写过程）参考答案：1．D2．A3.C4．D5．A6.A7．

B8．B9，CD10.ACD11.CD12．BCD13．40W8m/s14．①F②0.3③DE15．（1）221athmafmgF可得F=28N（2）v1=at21210))((mvhHfmgW可得W=416J（3）'mafmg22'2vHa24m/

s16.解析：(1)电场强度方向向下时，根据动量守恒定律得mv0＝(M＋m)v所以v＝mM＋mv0根据能量守恒定律得Q＝12mv20－12(M＋m)v2＝mMv202M＋m.(2)电场强度向下时FN＝mg－qE

，电场强度向上时FN′＝mg＋qE，所以FNFN′＝14.(3)两次产生的热量相等μFN′l′＝Q，μFNl＝Q，所以l′＝l4.答案：(1)mMv202M＋m(2)1∶4(3)l417，注意:交卷时只交答

题卡!说明：分值计划选择4分*12=48分填空实验2分*5=10分计算题12分14分16分