2023年广州市普通高中毕业班冲刺试题(二)参考答案

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以下为本文档部分文字说明:

12023年广州市普通高中毕业班冲刺训练题(二)试题参考答案一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.题号12345678答案DABCDBCA二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.9.BCD10.BCD11.ACD12.ABD三、

填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.5或者*41kkN14.2115.2516.3140四、解答题:本题共6小题,共70分.17.(10分)(1)解:由题意知,221111122aaSa,又10a,得11a.当2n时,由212nn

naaS,得21112nnnnnSSSSS,得2211nnSS.则数列2nS是首项为211S,公差为1的等差数列.所以211nSnn.又0nS,则nSn.当2n时,11nnnaSSnn,又11a满足上式,所以1nann.(2

)证明:由于111111nnannnnannnn,又na0,所以1nnaa.2xyzHEPBCDAFG18.(12分)(1)证明:取PD中点F,连结,CFEF.因为点E为PA的中点,所以//EFAD且1=2EFAD,又因为//BCAD且1=2BCAD,所以//EF

BC且=EFBC,所以四边形BCFE为平行四边形.所以//BECF.又BE平面PCD,CF平面PCD,所以//BE平面PCD.(2)在平面ABCD中,过D作DGAD,在平面PAD中,过D作DHAD.因为平面PAD平面ABCD,平面PAD平面ABCDAD,所以DG

平面PAD.所以DGDH,所以,,DADGDH两两互相垂直.以D为原点,向量DA,DG,DH的方向分别为x轴、y轴、z轴的正方向建立空间直角坐标系Dxyz(如图),则4,0,0A,(1,3,0)C,2,0,23P,0,0,0D,所以(3,3,0

)AC,6,0,23AP,1,3,0DC,设,,xyzn是平面PAC的一个法向量,则0,0,ACAPnn即330,6230,xyxz取1x,得(1,3,3)n.设直线CD

与平面PAC所成角为.则13027sincos,747DCn,所以直线CD与平面PAC所成角的正弦值为277.19.(12分)(1)解:设事件A为“从被访问的100人中随机抽取2名,

所抽取的都是女性顾客且使用该软件”,从被访问的100人中随机抽取2名,共有2100C个基本事件,事件A共有240C个基本事件,3则2402100C26C165PA.(2)解:由题意,X服从二项分布,且使用该软件的概

率为6031005,则310,5XB.所以10103255kkkPXkC(0k,1,2,„,10).设101011111032C55132C55kkkkkkPXktPXk

3112kk(0k,1,2,„,10).若1t,则6.6k,1PXkPXk;若1t,则6.6k,1PXk

PXk.所以6k时,PX最大.20.(12分)(1)证明:由cos2sin22ACB,得coscos2sincos2222ACBBB,由于ABC,则coscossin2222BAC

AC.故cossin2sincossin2222ACACBBB.所以1sinsinsin2ACB,即sinsin2sinACB.由正弦定理得2acb.(2)解:由(1)得2acb,则222222cos22acacb

acbBacac2312bac223122bac412.当且仅当acb时,等号成立.由于0πB,则π03B,3sin2B.所以222211sinsinsin2222acBacBSBbbb

34.所以2Sb的最大值为34.另法:由(1)得2acb,则222222cos22acacbacbBacac2312bac223122bac12.当且仅当acb时,

等号成立.由于0πB,则π03B,3tan23B.由23cos12bBac,得221cos3acbB.所以2221sin2sincos3sin33222tan41cos4422cos2

BBacBSBBBbbB34.所以2Sb的最大值为34.21.(12分)(1)解:由0,4F,设11(,)Mxy,22(,)Nxy,直线MN:4xty,5代入22312xy,整理得:22(31)24360

tyty,由120yy解得:33,33t由韦达定理:1222431tyyt,1223631yyt,由22111(4)26MFxyty,同理

,226NFty.11MFNF12112626tyty12212122()12412()36tyytyytyy222222481231144288363131tttttt2212123

636tt13为定值.另法:由222111(4)1MFxyty,同理,221NFty.由于120yy,不妨设120,0yy,则2122121211111111yyMFNFyyyytt.由2222112122

22443643131tyyyyyytt22144131tt,得221212131tyyt.所以22212212212111111313631131tyytM

FNFyyttt为定值.(2)由题意:圆的方程为222212121212()()()()224xxyyxxyyxy6即2212121212()()0xyxxxyyyxxyy由对称性可知:若存在定点,则必在x轴上

令0y,有2121212()0xxxxxxyy由(1)可知121228()831xxtyyt,1212(4)(4)xxtyty212124()16tyytyy22223696163131tttt22121631tt代入方程后

有:22228201203131txxtt,即228(4)(2)031xxt,令22040xx即2x.故圆过定点(2,0).22.(12分)(1)解:当12a时,22211ln1(1)2xfxxxx,fx的定义

域是0,,则333112ln2ln'2(1)2(1)xxfxxxxxx.当01x时,0'fx;当1x时,0'fx,故fx的单调递减区间为0,1上,单调递增区

间为1,.(2)证法1:当102a时,111a,由于y2(1)x在1,上单调递增,则11,xa时,有221(1)2xa.要证212xaf,

只要证2(1)fxx,11,xa,只要证221ln10xaxx,11,xa,只要证21ln0axx,11,xa,

(*)7设2()1lngxaxx,11,xa,22212(1)1121252(2)(21)'()20aaxaaaaagxaxxxxaxaxgx在11,a上单调递增,21111111()(1)(1)1ln(1)2l

n(1)(1)1ln(1)gxgaaaaaaaa令11,1tta,下面证明1ln0,(1)ttt,设()1ln,(1)htttt,则11

'()10,(1),thtttt,th在1,上单调递增.()(1)0hth,则1ln0,(1)ttt.∴11(1)1ln(1)0aa.2()1ln0gxaxx,(*)式成立,命题得证.证法2:当102a

时,111a,由于y2(1)x在1,上单调递增,则11,xa时,有221(1)2xa.要证212xaf,只要证2(1)fxx,11,xa,只要证

221ln10xaxx,11,xa,只要证21ln0axx,11,xa,(*)可证1ln,(1)xxx,证明如下:8设()1ln(1)hxxxx,则11'()10(1),xhxx

xx,xh在1,上单调递增.()(1)0hxh,则1ln(1)xxx,要证(*)成立,只要证211axx,11,xa,只要证11ax.显然11(11)1axaa,命题

得证.

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