【文档说明】江苏省扬州市高邮市2023-2024学年高三上学期开学考试物理试题 含解析.docx，共(16)页，2.760 MB，由小赞的店铺上传

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2023-2024学年第一学期高三期初学情调研测试物理试题注意事项：1、本试卷共6页，满分为100分，考试时间75分钟。2、答题前，请务必将自己的学校、班级、姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在答

题卡的规定位置。3、作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满涂黑；作答非选择题，必须用0.5毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上指定位置作答，在其他位置作答一律无效。4、如需作图，必须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗。一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分。每

题只有一个选项最符合题意。1.图为“玉兔二号”巡视器在月球上从O处行走到B处的照片，轨迹OA段是直线，AB段是曲线，则下列说法正确的是（）A.研究巡视器的车轮转动情况可将车轮看作质点B.巡视器从A到B的位移大小等于AB轨迹的长度C.AB段平均速率大于该段平均速度的大

小D.在OA段运动时一定有加速度【答案】C【解析】【详解】A．研究巡视器的车轮转动情况时，车轮的大小与我们研究的问题有关，不能将车轮看作质点，A错误；B．由于AB段是曲线，因此巡视器从A到B的位移大小

小于AB轨迹的长度，B错误；C．平均速率是指路程与所需时间的比，而平均速度是位移与所需时间的比，AB段路程大于位移的大小，因此AB段的平均速率大于该段平均速度的大小，C正确；D．在OA段可能做匀速直线运动，没有加速度，D错误。故选C。2.如图所示，甲、乙、丙、丁分别代表四辆车从同

一地点同时出发的位移图像和速度图像，则下列说法正确的是（）A.甲车做匀加速运动，乙车做匀速运动B.10~t内，甲车在任一时刻的瞬时速度都不可能等于乙车的速度C.在2t时刻丁车与丙车正好相遇D.vt−图像的“面积”表示位移采用了微元法【答案】D【解析】【详解】A．x-t图像中，斜率表

示速度，甲做速度变小的减速直线运动，乙做匀速直线运动，故A错误；B．x-t图像中，斜率表示速度，由图可知开始时甲的斜率大于乙的斜率，t1时刻时甲的斜率小于乙的斜率，即甲的速度先大于乙的速度后来小于乙的速度，所以在0-t1时间内甲车在某一时刻的瞬时速度可能等于乙车的速度，故B错误；C．

丙、丁两车在t2时刻速度相同，从图中的图线下方面积不等，可得此时两车不相遇，故C错误；D．速度-时间图象的面积表示位移运用了微元法，故D正确。故选D。3.如图所示，快速飞行的羽毛球击中并嵌入西瓜，则（）A.羽毛球飞

行过程中受到重力和空气的作用力B.羽毛球飞行过程中运动状态不变C.羽毛球嵌入过程中惯性增大D.羽毛球对西瓜的力大于西瓜对羽毛球的力【答案】A【解析】【详解】A．结合实际情况，羽毛球飞行过程中受到重力和空气的作用力，A正确；B．由于羽毛球所受合力不为零

，飞行过程运动状态改变，B错误；C．惯性只由质量决定，与其他因素无关，C错误；D．根据牛顿第三定律，羽毛球对西瓜的力等于西瓜对羽毛球的力，D错误。故选A。4.2023年8月3日，我国使用长征四号丙运载火箭，成功将风云三号06星发射升空，卫星顺

利进入高度为830km预定轨道，近似做匀速圆周运动。下列说法正确的是（）A.卫星在轨运行时，处于失重状态B.卫星在轨运行时，加速度不变C.点火发射的瞬间，火箭的加速度为0D.火箭加速上升过程，卫星处于

失重状态【答案】A【解析】【详解】A．卫星在轨运行时，万有引力充当向心力，卫星处于失重状态，故A正确；B．卫星在轨运行时，加速度大小不变，方向时刻指向圆心，故B错误；C．点火发射的瞬间，火箭的加速度向上，不为0，故C错误；D．火箭加速

上升过程，加速度向上，卫星处于超重状态，故D错误。故选A。5.某同学用如图所示的实验装置验证“力的平行四边形定则”。弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M，弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉

，使结点O静止在某位置，关于本实验下列说法正确的是（）的A.本实验采用控制变量法B.重复实验时不需要使O点静止在同一位置C.本实验不需要测量重物M所受的重力D.图中A的示数为3.60N【答案】B【解析】【详解】A．本实验采用等效替

代法，故A错误；B．重复实验时，无论O点位置是否改变，两个力的合力均为重物的重力，则重复实验时不需要使O点静止在同一位置，故B正确；C．重物的重力是合力，则应测量重物M所受的重力，故C错误；D．由图可知，弹簧测力计的最小刻度为0.2N，

则读数为3.6N，故D错误。故选B。6.如图是太阳系行星分布示意图，则（）A.地球绕太阳运动速度不变B.木星与土星公转的角速度相等C.地球、火星与太阳的连线在相等时间内扫过的面积相等D.八大行星中，海王星公转周期最大，向心加速度最小【答案】D的【解析】【详解】A．地球绕太阳运动的轨道是

一椭圆，当地球从近日点向远日点运动时，地球运动的速度大小逐渐减小，故A错误；B．行星绕太阳做圆周运动的向心力由万有引力提供，可得22MmGmrr=解得3GMr=土星公转半径比木星公转半径大，因此土

星公转角速度比木星的公转角速度小，故B错误；C．根据开普勒第二定律知同一椭圆运动过程中，行星与太阳的连线在相等的时间内扫过的面积相等，不同的行星周期不同，它们与太阳的连线在相等的时间内扫过的面积不相等，故C错误；D．行星绕太阳做圆周运

动的向心力由万有引力提供，可得2224MmGmrrT=解得234rTGM=可知，海王星的轨道半径最大，公转周期最大；根据2MmGmar=解得2MaGr=可知，海王星的轨道半径最大，海王星的向心加速度最小，故

D正确。故选D。7.如图所示为教材中的实验装置图，把两个质量相等的小钢球分别放在A、C两处，由此可以探究（）A.向心力的大小与转动半径的关系B.向心力的大小与角速度大小的关系C.向心力的大小与线速度大小的关系D.线速度的大小与角速度大小

的关系【答案】B【解析】【详解】该实验探究向心力大小与质量，半径，角速度之间的关系，实验采用的是控制变量法，将两个质量相等的小钢球分别放在A、C两处时，质量，半径都相同，因此该过程探究向心力的大小与角速度大小的关系。故选B。8.已知河水流速稳定为2m/s，汽艇在静水中的速度恒为1m/s。图中实线

为河岸，虚线为汽艇从河岸M驶向对岸N的实际航线。若以最短的航线渡河，下列情形可能正确的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】因为汽艇的静水速度小于河水的流速，可知汽艇合速度方向不能垂直河对岸，即汽艇不能垂直河岸渡河；当汽艇的速度方向垂

直合速度的方向时，此时合速度方向与河岸的夹角最大，汽艇的位移最小。故选B。的9.如图所示，某一小球以一定的速度水平抛出，在落地之前经过空中A、B两点，在A点小球速度为10m/s，方向与水平方向的夹角为30，在B点小球速度方向与水平方向的夹角为60（空气

阻力忽略不计，210m/sg=）。以下判断中正确的是（）A.小球经过A、B两点间的时间3st=B.小球经过A、B两点间的时间2s=tC.A、B两点间的高度差10mh=D.A、B两点间的高度差20m=h【答案】C【解析】【详解】AB．小球的初速度为0cos3053m/sAvv==竖直分速

度为0sin305m/syAvv==则小球在B点的竖直分速度为0tan6015m/syBvv==小球经过A、B两点间的时间为1syByAvvtg−==AB错误；CD．A、B两点间的高度差为2210m2yByAvvhg−==C正确，D错误。故选C。10.如图所示，一质量为

M的人站在台秤上，一根长为R的轻杆一端连接一个质量为m的小球，手持轻杆的另一端O点，使小球绕O点在竖直平面内做匀速圆周运动，则下列说法正确的是（）A.小球在运动到c点时，台秤受到水平向右的静摩擦力B.若小球恰好

能通过圆轨道最高点，小球的速度为gRC.当小球运动到b点处于失重状态，小球对轻杆的作用力一定小于重力D.小球在a、b、c三个位置时，台秤的示数一定相同【答案】A【解析】【详解】A．小球在运动到c点时，轻杆对小球有向左的拉力，提供小球做圆周运动的向心力，根据牛顿第三定律，轻杆对人

有向右的拉力，人处于静止状态，台秤对人有向左的静摩擦力，故人对台秤有向右的静摩擦力，A正确；B．由于是球杆模型，小球在最高点的最小速度接近零，B错误；C．在b点时，由于加速度向下，处于失重状态，杆对小球的作用力和小球重力

合力共同提供向心力，因此2mvTmgR+=当杆的拉力恰好等于重力时，小球的速度2vgR=而当2vgR杆对小球的拉力大于重力，C错误；D．小球在a、c位置时，竖直方向加速度为零，而在b位置时，小球的加速度向下，处于失重状态，

因此在b位置，台秤的示数最小，D错误。故选A。11.如图所示，倾角为37=且长0.4mL=的传送带以恒定的速率1m/sv=沿顺时针方向运行，现将一质量2kgm=的物块（可视为质点）以03m/sv=的速度从底部滑上传送带，传

送带与物块之间的动摩擦因数0.5=，取210m/sg=，则物块（）A.先做减速后做匀速运动B.开始加速度大小为22m/sC.经过0.2st=到达顶端D.相对传送带发生的位移大小为0.4m【答案】C【解析】【详解】AB．开始加速度大小为2sincos10m/smgmgam+==

物块与传送带共速时2202vvax−=得0.4mxL==则物块只做匀减速运动至与传送带共速，AB错误；C．到达顶端的时间为00.2svvta−==C正确；D．相对传送带发生的位移大小为0.2mxxvt=−=D错误。故选C。二、非选择题：共5题，共56分

。其中第12题~第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。12.在“探究加速度与力的关系”的实验中，某同学设计了如图甲所示的实

验装置。在调节桌面水平后，利用力传感器来测量细线拉力。（1）为探究加速度与力的关系，下列实验操作中正确的是______。A．选用电火花计时器比选用电磁打点计时器实验误差会更小B.实验过程中，沙和沙桶的质量可以约等于小车的质量C.力传感器的示数即小车所受合外力的大小D.先用手将小车

按在图示位置，然后接通电源再释放小车（2）该同学在实验中得到一条纸带如图乙所示，相邻计数点间有4个点未画出，打点计时器所接交流电的频率为50Hz，小车的加速度大小为______2m/s（结果保留两位有效数字）。（3）该同学在小车内放置一质量为0m的砝码，多次改变砂的质量，通过

实验得到多组a、F数据，并利用测量数据画出aF−图像，已知图线的斜率大小为k，则小车的质量为______（用k、0m表示）。（4）该同学用图丙所示装置完成“探究加速度与力、质量的关系”的实验，可通过位移的

测量来代替加速度的测量，即1122axax=，使用这种方法需要满足两小车______。A.所受拉力相同B.运动时间相同C.小车质量相等（5）在利用图甲装置进行实验时，是否需要进行阻力补偿？如果需要，请说明如何操作

？如果不需要，请说明理由？________________________【答案】①.AB##BA②.2.4③.02mk−④.B⑤.需要，不挂重物情况下，将长木板远离定滑轮的一端适当垫高，轻推小车，如打出纸带的点迹间距几乎相等即可说明阻力补偿到位的

【解析】【详解】（1）[1]A．电火花对纸带的阻力较小，实验误差较小，A正确；B．传感器可测出小车所受拉力，对砂和砂桶的质量没有要求，B正确；C．传感器示数的2倍减摩擦阻力等于小车所受合力，C错误；D．小车应该在靠近打点计时器的位置释放，D错误。故选AB。（2）[2]相邻计数点的时间间

隔为15s0.1s50T==小车的加速度为222228.819.619.6110m/s2.4m/s40.1a−−−=（3）[3]根据()02Ffmma−=+得002Ffammmm=−++则02kmm=+小车质量为02mmk=−（4）[4]根据212xat=由题意可知，需满足运动时

间相同。故选B。（5）[5]需要补偿摩擦力。不挂重物的情况下，将长木板远离定滑轮的一端适当垫高，轻推小车，如打出纸带的点迹间距几乎相等即可说明阻力补偿到位。13.复兴号列车以60m/s的速率经过一段圆弧形弯道，小昊同学观察放在桌面上的智能手机中的“指南针”，发现在15s

内匀速转过了18，取210m/sg=，3=。求列车转弯的角速度大小和半径r。【答案】（1）0.02rad/s；（2）3000m【解析】【详解】（1）o18rad0.3rad10==列车转弯的角速度大小0.3rad0.02rad/s15st===（2）根据vr=可知转弯半径

60m3000m0.02vr===14.氢气球吊着重物在空中沿竖直方向以04m/sv=匀速下降，当下降到离地80mh=高度处开始受到水平恒定风力10NF=作用，使重物在水平方向做匀加速运动，氢气球和重物总质量25k

gm=。求：（1）重物落地时沿水平方向运动的位移的大小x；（2）重物落地前瞬间速度的大小v。【答案】（1）80mx=；（2）45m/sv=【解析】【详解】（1）由竖直方向匀速运动可知020shtv==又由水平方向匀加速可知20.4m/sFam==由运动学公式212xat=可得80mx=

（2）由8m/sxvat==又由220xvvv=+的可得45m/sv=15.如图甲所示，长木板B固定在光滑水平面上，可视为质点的物块A静止叠放在B的最左端。现用5NF=的水平力向右拉A，经过4s，A运动到B的最右端，且其vt−图像如图乙所示，已知A、B的质量分别为1kg、3k

g，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取210m/sg=，求：（1）A、B间的动摩擦因数和长木板的长度L；（2）若B不固定，A、B的加速度大小；（3）若B不固定，A在B上运动的时间。【答案】（1）16m；（2）21m/s；（3）42s【解析】【详解】（1）根据v-t图像可求物体A的加速

度22m/svat==根据牛顿第二定律AAFmgma−=可得0.3=长木板位移根据图像面积可得184m16m2L==（2）若B不固定，假设A、B发生相对滑动，则A的加速度2AAA2m/sFm

gam−==对长木板B分析可知ABBmgma=解得2B1m/sa=因此假设合理，A的加速度为22m/s，B的加速度为21m/s。（3）物体A在长木板上滑行的相对位移为长木板长度，即2AB1()2Laat=−解得

42st=16.如图甲所示，挡板垂直固定在倾角37=的固定斜面上，处于原长的轻弹簧一端固定在挡板上，另一端与物块B连接，弹簧与斜面平行，紧贴物块B下面有一物块A。现施加平行于斜面向上的力F作用，此刻为00t=，使其沿斜

面向上做加速度为20.2m/sa=的匀加速直线运动，在弹性限度内。已知弹簧的劲度系数200N/mk=，物块A、B的质量均为1kg，与斜面间的动摩擦因数均为0.8=。取210m/sg=，求：（1）施加F前，物块A受到的摩擦力大小0f；（2）1.0st=时，物块A发生的位移大小x和外力F的

大小；（3）通过推导计算，定量地在图乙中画出物块A、B间的弹力ABF随物块A的位移x变化图像。（取00.1mx范围即可）【答案】（1）6N；（2）0.1m，45.2NF=；（3）()12.620000.1mABFxx=+【解析】【详解】（1）施加F前，物块

A受到重力、支持力和摩擦力，根据平衡关系则有0sin0fmg−=解得06Nf=（2）物块A做匀加速直线运动，根据位移时间公式可得相应的位移为210.1m2xat==根据胡克定律=弹Fkx可得弹簧弹力20NF=弹对两物块整体分析有2sin2cos2FmgmgFma

−−−=弹代入数据解得45.2NF=（3）对物块B受力分析，根据牛顿第二定律，有sincosABFmgmgkxma−−−=可得()12.620000.1mABFxx=+相应的图像为获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com