【文档说明】山东省菏泽市第一中学等六校2020-2021学年高一上学期12月联考物理试题【精准解析】.doc，共(21)页，1.660 MB，由小赞的店铺上传

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山东六校第二次阶段性联合考试高一物理试题（A卷）人教版（考试时间：90分钟试卷满分：100分）命题学校：济宁一中注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B

铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，在选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，只上交答题卡。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.2020年10月，济宁

一中举行了秋季田径运动会，同学们展现了学校良好的精神面貌，下列有关运动说法正确的是（）A.在高一男子100m比赛中，某同学以12.5s的成绩打破了年级记录，则他的平均速度大小为8m/sB.高一男子100m年级记录为12.5s，其中1

2.5s为时刻C.高一女子实心球年级记录为9.69m，其中9.69m为实心球出手后的位移大小D.高一男子100m比赛冲刺时，运动员的速度变化率很大【答案】A【解析】【分析】【详解】A．10m比赛中位移为100m，故平均速度100m/s8m/s12

.5xvt===故A正确；B．高一男子100米年级记录为12.5s，其中12.5s为时间间隔，不是时刻，故B错误；C．实心球出手后的位移是从抛出时手的位置到落点的有向线段，而实心球的成绩是从地面上规定的起点到实

心球的落地点之间的距离，二者不能等同，故C错误；D．百米冲刺时，运动员几乎以最快的速度、几乎做匀速直线运动，所以速度变化率很小，故D错误。故选A。2.目前我国大力提倡发展新能源，不仅在购车方面有国家和地方双补贴、免缴购置税等好政策，而且在出行上部分城市也实施了新能源汽车免

受限号的政策，受到大家的青睐。为检测某新能源动力车的刹车性能，如图所示是一次在平直公路上实验时，动力车整个刹车过程中位移与速度平方之间的关系图像，下列说法正确的是（）A.动力车的初速度为40m/sB.刹车过程动力

车的加速度大小为5m/s2C.刹车过程持续的时间为10sD.刹车过程经过6s时动力车的位移为30m【答案】B【解析】【分析】【详解】AB．根据2202vvax−=−和图像得200240va−=−2040020va−=−解得020m/s

v=25m/sa=A错误，B正确；C．刹车过程持续的时间为020s4s5vta===C错误；D．刹车过程中6s内的位移等于4s内的位移22020m40m210vxa===D错误。故选B。3.下列说法正确的是()A.伽利略理想斜面实验的结论是完

全基于实验事实得出的B.伽利略理想斜面实验证明了力不是物体维持运动的原因C.牛顿第一定律（惯性定律）反映了物体不受外力作用时的运动规律，因此物体只在不受外力时才有惯性D.由牛顿第一定律可知，物体在任何情况下始终处于静止或匀速直线运动状态【答案】B【解析】【分析】【详解】A.伽利略理想斜面实

验的结论是在基于实验事实基础上经过科学的推理得出的，选项A错误；B.伽利略理想斜面实验证明了力不是物体维持运动的原因，选项B正确；C.牛顿第一定律（惯性定律）反映了物体不受外力作用时的运动规律，物体在任何情况下都有惯性，与是否受力无关，选项C错误；D.由牛顿第一定律可知

，物体在不受力或合力为0时处于静止或匀速直线运动状态，选项D错误；故选B.4.2020天猫“双11”订单创建峰值，每秒达58.3万笔。京东11日开场9分钟，下单金额超2000亿。电子商务为国民经济注入更大的活力，其

中物流运输也起到至关重要的作用，运输车液压举升机构可以更快捷的装卸货物。如图所示，在车厢由水平位置逐渐抬起到货物加速下滑的过程中，有关货物所受车厢的支持力NF和摩擦力fF，下列说法中正确的是（）A支持力NF逐

渐增大B.支持力NF先减小后增大C.摩擦力fF逐渐增大D.摩擦力fF先增大后减小【答案】D【解析】【分析】【详解】AB．货物受重力、支持力和摩擦力作用，由平衡条件可知，支持力NcosFmg=cos随角度的增加而减小，故支持力一定是逐渐减小，故AB错误；CD．静摩擦力等于重力沿斜面向下的分力，

即fsinFmg=随角度的增大，静摩擦力增大；当角度达一定程度时，物体开始滑动，由静摩擦力变为滑动摩擦力，而滑动摩擦力'fcosFmg=cos随角度的增加而减小，故滑动摩擦力将减小；因此摩擦力是先增大后减小的，故C错误D正确。故选D。5.11月28日，“奋斗者”号完成万米深潜

海试任务并顺利返航。“奋斗者”号启航以来，在马里亚纳海沟完成13次下潜，其中8次突破万米，创造10909米的中国载人深潜新纪录……不断刷新的数字背后，是抗压、控制、通信、浮力等多个关键领域的技术攻关，体现着我国自主研发深海装备技术的突破和进步。目前计算机的科技含量已相当

高，且应用于各个领域的各个方面。如图是利用计算机记录“奋斗者”号从海面下潜时与水面的作用力与反作用力的变化图线，根据图线可以得出的结论是（）A.作用力大时，反作用力小B.作用力和反作用力的方向总是相反的C.作用力和反作用力是作用在同一个物体上

D.牛顿第三定律在物体处于非平衡状态时不再适用【答案】B【解析】【分析】【详解】根据牛顿第三定律，作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个相互作用的物体上，与物体本身的运动状态无关，故ACD错误，B

正确。故选B。6.如图所示，随着高层建筑的不断增加，大型的家具或者电器无法通过电梯搬运的时候，工人师傅常常使用定滑轮牵引物体向上运动，假设墙壁光滑，家具或者电器可视为规则的球体，在物体缓慢的从N点滑至M点的过程中（）A

.绳对物体的拉力逐渐减小B.物体与墙的压力逐渐增大C.墙对物体的支持力跟物体对墙的压力是一对平衡力D.绳对物体的拉力先减小后变大【答案】B【解析】【分析】【详解】ABD．对物体受力分析，如图所示，设绳子与竖直方向的夹角为，物体上升的过程中夹角增大

，根据平衡条件可知，竖直方向有cosTmg=可知增大，cos减小，T增大；绳子拉力沿水平方向的分力大小等于墙对物体的支持力，即sinTF=联立得tanFG=可知增大，tan增大，F增大，AD错误，B正确；C．墙对物体的支持力跟物体对墙的

压力是一对相互作用力，C错误。故选B。7.“儿童蹦极”时，拴在腰间左右两侧的是弹性极好的橡皮绳。如图，质量为30kg的小明处于静止状态，将小明视为质点，两根橡皮绳间的夹角恰好为120°，这时两根橡皮绳的拉力大小相等。若此时小明左侧橡皮绳断裂，（取2g10m/s=）则小明此时的加速度（）A

.加速度为零B.加速度ag=，沿未断裂橡皮绳的方向斜向上C.加速度ag=，沿原断裂橡皮绳的方向斜向下D.加速度ag=，方向竖直向下【答案】C【解析】【分析】【详解】小明静止时受到重力和两根橡皮条的拉力，处于平衡状

态，如图所示：由于12TTmg==故两个拉力的合力一定在角平分线上，且在竖直线上，故两个拉力的夹角为120°，当右侧橡皮条拉力变为零时，左侧橡皮条拉力不变，重力也不变；由于三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故左侧橡皮条拉力与重力的合力与右侧橡皮条断开前的弹力反方

向，大小等于mg，故加速度为g，沿原断裂绳的方向斜向下。故选C。8.2020年11月24时30分，我国在中国文昌航天发射场，用长征五号遥五运载火箭成功发射探月工程嫦娥五号探测器，火箭飞行约2200秒后；顺利将探测器送入预定轨道，开启我国首次

地外天体采样返回之旅。在这则新闻中，以下判断正确的是（）A.新闻中涉及的单位“年”是国际单位制中的导出单位B.“千克米每二次方秒”被定义为“牛顿”，“牛顿”是国际单位制中的导出单位C.秒是国际单位制中力学三个基本物理量之一D.所有的物理量都有单位【答案】B【解析】

【分析】【详解】A．“年”是时间的一个单位，但不是国际单位制中的单位。A错误；B．“千克米每二次方秒”是由Fma=推导出来的，是国际单位制中的导出单位，为了纪念牛顿把它定义为牛顿，B正确；C．国际单位制中力学三个基本物理量是：长度、质量、时间，秒是时间的单位，不是物理量，C错误：

D．并不是所有物理量都有单位，如前面学过的动摩擦因数就没有单位。D错误。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.如图所示，圆柱形的仓库内有三块长度不同的滑板aO、bO、c

O，其下端都固定于底部圆心O，而上端则搁在仓库侧壁上，三块滑板与水平面的夹角依次是30°、45°、60°．若有三个小孩同时从a、b、c处开始下滑（忽略阻力），则A.a处小孩最后到O点B.b处小孩最先到O点C.c处小孩最先到

O点D.a、c处小孩同时到O点【答案】BD【解析】【分析】【详解】小孩在斜面上的加速度为：sinsinmgagm==，斜面的长度为：cosRs=根据匀变速直线运动的规律有：212sgt=，把加速度和斜面

的长度代入可得：21sincos2Rgt=，化简可得：22sincosRtg=，所以a、b、c处的三个小孩的下滑时间为分别为：2a28331322RRtgg==，2b242222RRtgg==，2c28331322RRtgg==，分析可得：bacttt=，故B

D正确，AC错误．10.有一辆遥控电动玩具汽车，已知车内电动马达驱动后轮转动。现玩具汽车的前轮、后轮分别放在平板小车甲、乙之上，如图所示。按动遥控器上的“前进”、“后退”键，汽车就能前进或后退，地面与甲、乙车之间的摩擦力不计。

以下叙述正确的是（）A.按动遥控器上的“前进”键，甲车对前轮摩擦力向前，甲车相对地面向前进B.按动遥控器上的“前进”键，乙车对后轮摩擦力向前，乙车相对地面向后退C.按动遥控器上的“后退”键，甲车对前轮摩擦力向后，甲车相对地面向后退D.按动遥控器上的“后退”键，乙车

对后轮摩擦力向后，乙车相对地面向前进【答案】BD【解析】【分析】【详解】当按动遥控器上的“前进”键，后轮是主动轮顺时针转动，所以乙车对后轮摩擦力向前，后轮对乙车的摩擦力向后，而前轮是从动轮，所以甲车对前轮的摩擦力向后，前轮对甲车的摩擦力向前。因此甲车向前运动，而乙车向后

运动。当按动遥控器上的“后退”键，后轮是主动轮逆时针转动，所以乙车对后轮摩擦力向后，后轮对乙车的摩擦力向前，而前轮仍是从动轮，所以甲车对前轮的摩擦力向前，前轮对甲车的摩擦力向后。因此甲车向后运动，而乙车向前运动。AC错误，BD正确。故选BD。11.如图所示，一辆有驱动力的

小车上有一水平放置的弹簧，其左端固定在小车上，右端与一质量为1Kg的物块相连．物块和小车一起向右匀速运动时，弹簧处于压缩状态，弹簧弹力大小为2N．若小车开始向右加速运动，则A.随着小车的加速度增大，物块受到的摩擦力逐渐减小B.随着小车

的加速度增大，物块受到的弹簧弹力逐渐增大C.当小车的加速度大小为5m／s2时，物块一定与小车相对滑动D.当小车的加速度大小为4m／s2时，物块一定与小车相对静止【答案】D【解析】【分析】小球和小车具有相

同的加速度，对小球运用牛顿第二定律，判断出加速度的方向，得知小车的加速度方向，从而知道小车的运动情况．【详解】A．当小车与物块相对滑动后，随着小车的加速度增大，物块受到的滑动摩擦力不变，故A错误；B．当小车与物块相对静止时，弹簧弹力始终不变，故B错误；CD．由题可知，物块与小车间

的最大静摩擦力大于等于2N，当摩擦力等于2N时，方向向右，弹力等于2N，物块的合力为4N，由牛顿第二定律可得，加速度为4m/s2，故C错误，D正确．故选D．【点睛】解决本题的关键抓住小球和小车具有相同的加速

度，运用牛顿第二定律进行求解．12.如图所示，固定的斜面上叠放着A、B两木块，木块A与B的接触面是水平的，水平力F作用于木块A，使木块A、B保持静止，且0F。则下列描述正确的是（）A.B可能受到5个

或4个力作用B.斜面对木块B的摩擦力方向可能沿斜面向下C.A对B的摩擦力可能为0D.A、B整体可能受三个力作用【答案】ABD【解析】【分析】【详解】A．对物体B受力分析，受重力，A对B的压力，A对B水平向左的静摩擦力，斜面对B垂直向上的支持力，斜面对B可能

有静摩擦力（当A对B向左的静摩擦力的平行斜面方向分力与重力的下滑分力平衡时为零），故B受4个力或者5个力，故A正确；B．当A对B向左的静摩擦力的平行斜面方向分力大于重力的下滑分力时，B物体有上滑趋势，故受到平行斜面向下的静摩擦力

，故B正确；C．对物体A受力分析，受推力、重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件，B对A的静摩擦力与推力F平衡，根据牛顿第三定律，A对B的摩擦力水平向左，大小为F；故C错误；D．对AB整体受力分析，受重力、支持力、推力，可能有静摩擦力（当推力的平行斜面方向分力与重力的下滑分力

平衡时为零），故可能受三个力作用，故D正确。故选ABD。三、非选择题：本题共6小题，共60分。13.某课外科技活动小组学习了平行四边形定则后，利用DIS实验装置研究“力的合成与分解”，如图所示A、B为两个相同的双向力传感器，该型号传感器在受到拉力时读数为正，受到压力时读数为负。

A连接质量不计的细绳，可沿固定的板做圆弧形移动。B固定不动，通过光滑铰链连接长0.3m的杆，将细绳连接在杆右端O点构成支架，保持杆在水平方向，按如下步骤操作：①测量绳子与水平杆的夹角∠AOB=θ；②对两个传感器进行调零；③用另一绳在O点悬挂一个钩码，记录两个传感器读数；

④取下钩码，移动传感器A改变θ角重复上述实验步骤，得到如下表格。F14.0042.320…4.008…F2－3.472－1.164…3.460…θ3060…150…(1)根据表格，A传感器对应的表中力为_____（填“F1”或“F2

”），钩码质量为_____kg（结果保留一位有效数字）。(2)本实验中多次对传感器进行调零，对此操作说明正确的是_____。A．因为事先忘记了调零B．何时调零对实验结果没有影响C．为了消除横杆自身重力

对结果的影响D．可以完全消除实验的误差【答案】(1).F1(2).0.2(3).C【解析】【分析】【详解】(1)[1][2]A传感器中的力均为正值，故A传感器对应的是表中力F1，平衡时mg=F1sinθ当θ=30时，F1=4.004N，可求得m≈0.2kg(2)[3]在挂钩码之前，对传感器进行调

零，目的是消除横杆自身重力对结果的影响故选C。14.为了探究质量一定时加速度与力的关系。一同学设计了如图甲所示的实验装置。其中M为带滑轮的小车的质量，m为砂和砂桶的质量。（滑轮质量不计）(1)实验时，一定要进行的操作或保证的条件是（）A．用天平测出砂和砂桶

的质量B．将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C．小车靠近打点计时器，先释放小车，再接通电源，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数D．改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带E．为减小误差，实验中一定要保证

砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M(2)该同学在实验中得到如图乙所示的一条纸带（相邻两计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为____m/s2（结果保留两位有效数字）。(3)以弹簧测力计的示

数F为横坐标，加速度为纵坐标，画出的a-F图象是一条直线，图线与横轴的夹角为，求得图线的斜率为K，则小车的质量为（）A．2tanB．1tanC．kD．2k【答案】(1).BCD(2).1.3(3).D【解析】【分析】【详解】(1)[1]A．物体M受到的力可由弹簧测力计读出，

故砂和砂桶的质量可以不用测出。故A错误；B．将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力是需要进行的操作，因为这样物体M受到的合力就等于拉力。故B正确；C．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数是需要操作的。故C正确；D．改变砂和砂桶的质

量，打出几条纸带，是用来探究加速度与外力关系，故也是需要进行的操作；故D正确；E．因为外力的大小可以通过测力计读出，故不需要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M，故E错误；故选BCD。(2)[2]连续相等时

间内的位移之差△x=0.5cm，根据△x=aT2得222220.510m/s=1.3m/s0.06xaT−==(3)[3]由牛顿第二定律得2F=ma解得2Fam=a-F图象的斜率2km=解得小车的质量2mk=故D

正确。15.目前大家的生活在不断提升，高铁已经成为最为主要的交通工具之一，特别是对于路程比较远的人都会选择坐高铁，目前我们国家的高铁技术达到世界先进水平。动车铁轨旁边相邻里程碑之间的距离是1000m，若同学乘坐动车时，通过观察里程碑和车厢内的电子屏显示的动车速度来估

算动车减速进站时的加速度的大小。当他身边的窗户经过某一里程碑时，屏幕显示的动车速度是180km/h。动车又前进了3个里程碑时速度变为36km/h。把动车进站过程视为匀减速直线运动，求：(1)动车进站的加速度大小；(2)动车还

要行驶多远才能停下来。【答案】(1)0.42m/s；(2)125m【解析】【分析】【详解】(1)已知初速度为0180km/h50m/sv==，末速度为36km/h10m/sv==，位移为3L3000mx==，由2202axvv=−可得22222201

050m/s0.4m/s223000vvax−−===−即动车进站的加速度大小为20.4m/s，负号表示动车做减速运动。(2)设动车还要行驶x才能停下来，则有220axv=−代入数据解得125mx=。16.某同学学习了牛顿运动定律后，奇

思妙想，他利用弹簧测力计设计了如图所示的竖直加速度测量仪，可以用来测量某升降装置竖直上、下运行的加速度。一根轻弹簧固定在小木板上，旁边附有标尺。将重力为0.9N的重物P挂在弹簧下端，静止时指针指向刻度尺C处，当悬挂重力为1.0N的重物Q时，静止时指针所指的刻度标记为

O。重物Q与弹簧、木板、标尺共同组成竖直加速度测量仪。取重力加速度210m/sg=。(1)在某次测量中弹簧指针恰好指向位于刻度A处。求此时升降装置的加速度；(2)当指针位于刻度E处时，升降装置的加速度。【答案】(1)32m/s，方向竖直向

下；(2)22m/s，方向竖直向上【解析】【分析】【详解】(1)指针指向刻度O时，小球Q所受弹力为1.0NT=指针指向刻度C时，小球P所受弹力为0.9NT=由题可知，弹簧形变量x为一个大格时，弹力大小变化为0.1

NT=由小球Q的重力可知，小球Q的质量0.1kgm=当弹簧形变量1x为三大格时，弹力大小变化为10.3NT=指针指向刻度A时，小球Q所受弹力为11.0N0.3N0.7NT=−=由牛顿第二定律得11GTma−=解得213m/sa=，方向竖直向下(2

)指针指向刻度E时，小球Q所受弹力为21.0N0.2N1.2NT=+=由牛顿第二定律得22TGma−=解得222m/sa=，方向竖直向上17.为了坚持实战实训，全面提高训练水平，红军和蓝军在公路上展开追击演练。如图所示，AB

、CO为互相垂直的丁字形公路，CB为一斜直小路，CB与CO成60角，CO间距为300m。蓝军骑着摩托车以54km/h的速度正沿AB公路逃窜。当其经过路口O处时，守候在C处的红军立即以1.42m/s的加速度启

动汽车，汽车所能达到的最大速度为126km/h。(1)若红军沿COB路径追捕蓝军，则经过多长时间在何处能将蓝军截获？（不考虑汽车转向的时间）(2)若红军抄CB近路到达B处时，蓝军又以原速率掉头向相反方向

逃窜，红军则继续沿BA方向追赶，则总共经多长时间在何处能将蓝军截获？（不考虑摩托车和汽车转向的时间）【答案】(1)36.875s，553.125m；(2)33.39s，388.35m【解析】【分析】【详解】(1)

摩托车的速度54m/s15m/s3.6v==汽车的最大速度126m/s35m/s3.6mv==汽车达到最大速度的时间135s25s1.4mvta===行驶的距离11437.5m2mvst==在1t时间内摩托车行驶的距离11375msvt==因为11137.5msCOs−=故汽车在1t时间内

尚末追上摩托车，相隔距离()11237.5msssCO=−−=设需再经时间2t，汽车才能追上摩托车，则由()2msvvt=−得211.875st=，从而，截获总共所需时间1236.875sttt=

+=截获处在OB方向距O处距离为553.125msvt==(2)由几何关系可知600mcos60COCB==因1sCB，故汽车秒CB近路达最大速度时尚未到达B点。设再经过2t时间到达B点，则12m4.64sCBstv−=在()12tt+时间内摩托车行驶的

距离()212444.6msvtt=+=此时摩托车距B点22tan6075msOBsOCs=−=−=此后蓝军掉头向相反方向逃窜。设需再经时间3t汽车才能追上逃犯，则33.75smstvv==−从而，截获逃犯总共所需时间12333.39stttt=++=截获处在OB间

距O处()123388.35msvttvt=+−=18.如图所示，质量为1kgm=的小物块在沿斜面向上的外力作用下，静止于倾角为37=的固定的足够长的斜面上的Ａ点，斜面质量5kgM=。已知小物块与斜面间的摩擦因数为0.5=

，设小物块与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力（g取10m/s2，sin370.6=，cos370.8=）则(1)求外力F的取值范围；(2)当木块恰好不沿斜面向上运动时，求此时斜面给地面的压力大小和摩擦力大小；(3)若将外力F大小改为15N，方向不变

，小物块的加速度大小是多少？【答案】(1)2N10NF剟；(2)54N和8N；(3)5m/s2【解析】【分析】【详解】(1)当m与斜面间的静摩擦沿斜面向下取到最大值时外力上取到最大值，此时有：maxmaxsinFmgf=+其中：maxcosfNmg

==解得max10NF=当m与斜面间的静摩擦沿斜面向上取到最大值时外力F取到最小值，此时有minmaxsinFfmg+=其中mincosfNmg==解得min2NF=综上，可得2N10NF剟。(2)以物块和斜面组成的整体为研究对象，对整体受力分析，将F分解为水平

向右的分力1F和竖直方向上的分力2F1max4cos10N8N5FF===2max3sin10N6N5FF===根据平衡条件可得18NfFF==2()(6106)N54NNFMmgF=+−=−=根据牛顿第三定律，斜面给地面

的压力大小和地面给斜面的支持力大小相等，压力大小为54N，斜面给地面的摩擦力大小和地面给斜面的摩擦力大小相等，摩擦力大小8N。(3)外力F大小改为15N时，对物块由牛顿第二定律可得sincosFmgmgma−−=解得25m/sa

=即小物块的加速度大小为5m/s2。