【文档说明】河南博爱英才学校2020-2021学年高二第六次月考物理试卷含答案.doc，共(14)页，771.500 KB，由小赞的店铺上传

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物理一、选择题：（1-6题为单项选择题，7-10题为多项选择题.10*5=50分）1.研究光电效应现象的实验装置如图(a)所示,用光强相同的黄光和蓝光照射光电管阴极K时,测得相应的遏止电压分别为1U和2U,产生的光电流I随光

电管两端电压U的变化规律如图(b)所示。已知电子的质量为m,电荷量为-e,黄光和蓝光的频率分别为1v和2v,且12vv。则下列判断正确的是()A.12U>UB.图(b)中的乙线是对应黄光照射C.根据题述条

件无法算出阴极K金属的极限频率D.用蓝光照射时,光电子的最大初动能为2eU2.如图所示,平行板电容器上极板带正电荷,且与静电计相连,静电计金属外壳和电容器下极板都接地,在两极板间有一个固定在P点的正点电荷,以E表

示两极板间电场的电场强度,pE表示点电荷在P点的电势能,θ表示静电计指针的偏角,若保持上极板不动,将下极板向上移动一小段距离至图中虚线位置,则()A.θ增大,E增大,pE增大B.θ增大,E增大,pE减小C.θ减小,E不变,p

E增大D.θ减小,E不变,pE减小3.如图所示是倾角为45°的斜坡，在斜坡底端P点正上方某一位置Q处以速度0v水平向左抛出一个小球A，小球恰好能垂直落在斜坡上，运动时间为1t，小球B从同一点Q处自由下落，下落至P点的时间为2t，不计空气阻力，则12tt∶为

()A.1∶2B.12∶C.1∶3D.13∶4.如图所示,晾晒衣服的绳子两端分别固定在两根竖直杆上的AB、两点,绳子的质量及绳与衣架挂钩间摩擦均忽略不计,衣服处于静止状态.如果保持绳子A端、B端在杆上位置不变,将右侧杆平移到虚线位置,稳定后衣服仍处于静止状态.则()A.绳子的弹力变大B.绳子的弹

力不变C.绳对挂钩弹力的合力变小D.绳对挂钩弹力的合力不变5.如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为1:2，正弦交流电源电压为12VU=，电阻11R=，22R=，滑动变阻器3R最大阻值为20，滑片P处于中间位置，则()A．1R与2R消耗的电功率相等B

．通过1R的电流为3AC．若向上移动P，电压表读数将变大D．若向上移动P，电源输出功率将不变6.为监测某化工厂的污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的长方体流量计。该装置由绝缘材料制成，其长、宽、高分别为a、b、c，左右两端开口。在垂直于上下底面方向加

一匀强磁场，前后两个内侧面分别固定有金属板作为电极。污水充满管口从左向右流经该装置时，接在M、N两端间的电压表将显示两个电极间的电压U。若用Q表示污水流量（单位时间内排出的污水体积），下列说法中正确的是（）A.M端的电势比N端的高B.电压表的示数U与a和b均成正比，与c无关C.电压表的示数U

与污水的流量Q成正比D.若污水中正负离子数相同，则电压表的示数为07.在四川汶川的抗震救灾中,我国自主研制的“北斗一号”卫星导航系统,在抗震救灾中发挥了巨大作用。北斗导航系统又被称为“双星定位系统”,具有导航、定位等功能。“北斗”系统中两颗工作星均绕地

心O做匀速圆周运动,轨道半径为,某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的AB两位置(如图所示).若卫星均顺时针运行,地球表面处的重力加速度为g,地球半径为R,不计卫星间的相互作用力.则以下判断中正确的是()A.这两颗卫星的加速

度大小相等,均为22RgrB.卫星1向后喷气就一定能追上卫星2C.卫星1由位置A运动到位置B所需的时间为3rrRgD.卫星1由位置A运动到位置B的过程中万有引力做功为零.8.如图所示,固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的小球,小球与一轻质弹簧的一端相连,弹簧的另一端固定在地面上的A点,已知杆与

水平面之间的夹角45,当小球位于点时,弹簧与杆垂直,此时弹簧处于原长。现让小球自C点由静止释放,在小球滑到杆底端的整个过程中,关于小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能,下列说法正确的是()A.小球的动能与重力势能之和保持不变B.小

球的动能与重力势能之和先增大后减小C.小球的动能与弹簧的弹性势能之和增加D.小球的重力势能与弹簧的弹性势能之和保持不变9.关于热现象和热力学定律，下列说法中正确的是()A.一定质量的理想气体在等温变化过

程中内能一定不变B.破镜不能重圆，是因为分子间没有引力C.自然界进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，是不可逆的D.电冰箱的制冷系统能够不断把冰箱内的热量传到外面，违背了热力学第二定律E.毛细现象及浸润现象的产生均与表面张力有关，都是

分子力作用的结果10.下列说法正确的是()A.液体中的布朗运动是悬浮在液体中的固体分子的运动B.晶体均有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点C.反映宏观自然过程的方向性的定律是热力学第二定律的一种表述D.一定质量的某种理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加E.在绝热条件下压缩气体，气体的内能

可能增加，也可能减少二、实验题：（11题6分，12题8分。每空2分，共14分）11.某同学为了测量木块与长木板间的动摩擦因数，准备了长木板、木块（其前端固定有用于挡光的很窄的遮光片）、光电计时器、光电门、米尺、螺

旋测微器、铁架台等器材。用铁架台将长木板倾斜支在水平桌面上，实验装置如图甲所示，在长木板上标出AB、两点，B点处放置光电门（图中未画出），用于记录遮光片通过光电门时的遮光时间。该同学进行了如下操作：（1）用螺旋测微器测量出遮光片的宽度d如图乙所示

，则d=_______mm，测量长木板上AB、两点间的距离L和高度差h。（2）将木块从A点由静止释放，使其沿长木板下滑，记录下木块上的遮光片经过光电门的时间t，由dvt=可计算出木块经B点时的速度，再利用匀变速直线运动规律，由L

和v可计算出木块的加速度的表达式a=________（用题中所给的字母dtL、、表示）。（3）该同学由以上测量出的数据和通过物理规律计算出的物理量，得出木块与长木板间的动摩擦因数的表达式为=_____________（用题中所给的字母d

thL、、、和重力加速度g表示）。12.某探究性学习小组利用如图1所示的电路测量电池的电动势和内阻其中电流表A1的内阻r1=1.0kΩ,电阻R1=9.0kΩ,为了方便读数和作图,给电池串联一个R0=3.0Ω的电阻。1.按图1示电路进行连接后,发现aa',

bb'和cc'三条导线中,混进了一条内部断开的导线.为了确定哪一条导线内部是断开的,将电键S闭合,用多用电表的电压挡先测量a、b'间电压,读数不为零,再测量a、a'电压,若读数不为零,则一定是_________

_导线断开;若读数为零,则一定是__________导线断开.2.排除故障后,该小组顺利完成实验通过多次.改变滑动变阻器触头位置,得到电流表A1和A2的多组I1、I2数据,作出图像如图2所示。由I1—I2图像得到电池的电动势E=__________V,内阻r=__________Ω.三、计算题：

（13题10分，14题12分，15题12分，16题12分）13.（10分）如图甲所示,倾角为θ=30°斜面(足够长)固定在水平地面上,一质量为m=1kg的物体(可视为质点)置于的斜面底端,t=0时对物体施以平行于斜面向上的拉力

F,物体开始沿斜面向上运动,t1=1s时撤去拉力,物体运动的部分v-t图像如图乙,g=10m/s2。求:（1）物体受到的拉力F大小。（2）物体沿斜面上滑的最大距离。14.（12分）如图所示,汽缸呈圆柱形,上部有挡板,内部高度为d。筒内一个很薄的质量不计的活塞

封闭一定量的理想气体,开始时活塞处于离底部2d的高度,外界大气压强为5110Pa,温度为27C,现对气体加热。求:(1)当活塞刚好到达汽缸口时气体的温度;(2)气体温度达到387C时气体的压强。15.（12分）如图所示,质量为1kgM=上表面为一段圆弧的大滑块放在水平面

上,圆弧面的最底端刚好与水平面相切于水平面上的B点,B点左侧水平面粗糙、右侧水平面光滑,质量为0.5kgm=的小物块放在水平而上的A点,现给小物块一个向右的水平初速度04m/sv=,小物块刚好能滑到圆弧面上最高点C点,已知圆弧所对的

圆心角为53,AB、两点间的距离为1mL=,小物块与水平面间的动摩擦因数为0.2=,重力加速度为210m/sg=。求:(1)圆弧所对圆的半径R;(2)若AB间水平面光滑,将大滑块固定,小物块仍以04m/sv=的初

速度向右运动,则小物块从C点抛出后,经多长时间落地?16.（12分）如图所示，在平面直角坐标系xoy内，第I象限的等腰直角三角形MNP区域内存在垂直于坐标系平面向外的匀强磁场，0y的区域内存在着沿y轴正方向的匀强电场。一质量为m、电荷量为q

的带正电粒子（粒子重力不计）从电场中(2,)Qhh−−点以初速度0v水平向右射出，经过坐标系原点O处射入第I象限，最后以垂直于PN的方向射出磁场。已知PN平行于y轴，N点的坐标为(2,2)hh。求（1）电场强度E的大小；（2）磁感应强度B的大小。参考答案1.答案：D解析

：根据光电效应方程则有：km1101E=hv-W=eU，km2202E=hv-W=eU，由于蓝光的频率2v大于黄光的频率1v，则有12U<U，所以图(b)中的乙线是对应蓝光照射；用蓝光照射时，光电子的最大初动能为2eU，阴极K金属的极限频率0202WeUv==v-hh，故D正确，A、B、C错误；故

选D。2.答案：D解析：电容器电量不变;下极板向上移动时,两板间的距离减小,根据4CSkd=可知,电容C增大,则根据Q=CU可知,电压U减小;故静电计指针偏角θ减小;两板间的电场强度4QkQUEdCdS===;因此电场强度与板间

距无关,因此电场强度不变;根据PUEd=,P点与下极板的距离d减小,则P点的电势降低,根据PPEqU=可知正点电荷在P点的电势能减小,故选项D正确.3.答案：D解析：对小球A，设垂直落在斜坡上对应的竖直高度为h，则有210101,222yvgthhvtv===，解得小球A的水平位移为2h，所

以小球B运动时间2t对应的竖直高度为3h，即2123,132gthtt==∶∶.4.答案：D解析：对挂钩受力分析,如图所示,根据平衡条件,又有2cosTmg=绳子右端的B点在杆上位置不动,将右杆向左移动到虚线位置时,角度θ变小,故绳子拉力T变小,故A、B错误.绳中的拉力左

右相等,两侧绳子与竖直方向的夹角均为θ,根据三力平衡条件可知,两绳子的拉力T的合力F始终与G等值反向,保持不变.故C错误,D正确.故选D.5.答案：B解析：理想变压器原副线圈匝数之比为1:2，可知原副线圈的电流之比为2:1，根据2PIR=可知1R与2R消

耗的电功率之比为2:1，故A错误；设通过1R的电流为I，则副线圈电流为0.5I，初级电压：12=UIRII−−；根据匝数比可知次级电压为22()II−，则2232()1120.52mIIRRI−=+=，解得3AI=，

故B正确；若向上移动P，则3R电阻减小，次级电流变大，初级电流也变大，根据PIU=可知电源输出功率将变大，电阻1R的电压变大，变压器输入电压变小，次级电压变小，电压表读数将变小，故CD错误；故选B。6.答案：C解析

：正负离子向右移动,受到洛伦兹力,根据左手定则,正离子向后表面偏,负离子向前表面偏.所以前表面比后表面电势低,最终正负离子会受到电场力、洛伦兹力处于平衡,有qEqvB=,即UvBb=.那么UvbB=,而污水流UcUQvbcbcbBB===，可以知道Q与U成正比,与a、b无关,根据公式cUQB=,

则QBUc=,电压表的示数与磁感应强度、流量Q以及流量计的高有关,与离子浓度无关.所以只有C选项是正确的.7.答案：ACD解析：A.根据地球表面万有引力等于重力列出等式：2GMmmgR=①根据万有引力提供向心力，列出等式：2GMmmar=②由①②得：22Rgar=，故A正确。B.卫星1

向后喷气，那么卫星1在短时间内速度就会增加，卫星1所需要的向心力也会增加，而此时受到的万有引力大小几乎不变，也就小于所需要的向心力。那么卫星1就会做离心运动，偏离原来的轨道，卫星1就不能追上卫星2.故B错误。C.根据万有引力提供向心力，列出等式：22GMmmrr=,得233g

RGMrr==卫星1由位置A运动到位置B所需的时间33rrtRg==，故C正确。D.卫星1由位置A运动到位置B的过程中万有引力提供向心力，该力方向始终与速度方向垂直，所以做功为零。故D正确。8.答案：BC解析：在小球运动

的过程中，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之间相互转化，但三者之和不变。由C到B的过程中，弹簧的弹性势能减小，重力势能减小，但动能增加，根据机械能守恒定律，可判定选项AD错误；由B到最低点的过程中，重力势能减小，弹性势能增加，选项

BC正确。9.答案：ACE解析：A、一定量的理想气体得内能仅仅与温度有关，理想气体在等温变化过程中内能一定不变。故A正确；B、“破镜不能重圆”。这是因为镜破处分子间的距离太大了，超过分子直径10倍，分子间作用力几乎不存在了，故B错误；C、根据热力学第二定律，自然

界进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，是不可逆的，故C正确；D、电冰箱的制冷系统能够不断把冰箱内的热量传到外面的过程中要消耗电能，所以并不违背了热力学第二定律，故D错误；E、凡作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力。它产生的原因是液体跟气体接触的

表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力，毛细现象及浸润现象的产生均与表面张力有关，都是分子力作用的结果，故E正确。故选：ACE。10.答案：BCD解析：A、布朗运动是悬浮在液体

中固体小颗粒(如花粉)的运动，不是分子的运动，故A错误；B、晶体与非晶体的区别是晶体具有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，故B正确；C、热力学第二定律是反映宏观自然过程的方向性的定律，故C正确；D、根据理想气体的状态方程PVCT=，

可知一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，气体的温度升高；又因为一定质量理想气体的内能大小只与温度有关，与体积无关，所以内能一定增加。故D正确；E、在绝热条件下压缩气体时，外界对气体做功，但没有热交换；故气体的内能增加；故E错误；故选

：BCD。11.答案：(1)4800(4.798~4.802均可)(2)12dtL(3)2222()2dghtgLh−−解析：(1)螺旋测微器固定刻度为4.5mm，可动刻度为0.01mm30.00.300mm=，所以最终读数为4.5m

m0.300mm4.800mm+=。(2)22()22dvtaLL==。(3)长木板与水平方向的夹角为，木块质量为m，下滑时由牛顿第二定律有2221sincos,sin,cos,2hLhdmgmgmaaLLtL−

−====，联立以上各式可解得2222()2dghtgLh−=−12.答案：1.aa';bb';2.1.4(1.36～1.44均可);0.5(0.4～0.6均可)解析：1.根据UIR=,导线电阻R等于零,所以良好的同一根导线上任何两点都不会存在电势差,若一

根导线两端有电势差,则导线断开。据此可推断出导线是完整的还是断开的。2.将电流表1A和1R串联当成电压表使用,电压测量值211()UIrR=+,根据闭合电路欧姆定律有11120()()IrREIrR+=−+,整理得0121111rREIIrRrR+=−++,由题图可知,纵轴截

距-3110.1410A=EbrR=+,3330.1410(110910)V1.4VE−=+=,斜率的绝对值表示011rRrR++,即010.140.05260rRkrR+−==+,解得0.5r=。13.答案

：（1）有力F时,加速度大小为1a:1sincosFmgmgma−−=,撤力F,减速上滑时加速度大小为2a:2sincosmgmgma+=,由v-t图有:2116/ams=,228/ams=,解得:F=24N。（2）由v-t图有,撤力时速度大小为:16/vms=,加速上滑距离为1x

:112vxt=,减速上滑距离为2x:2222vax=,最大上滑距离为x:12xxx=+,解得24?xm=.解析：14.答案：（1）以封闭气体为研究对象：最初状态为：10PP=，12dVS=，1300KT=设温度升高到2T时

，活塞刚好到达汽缸口，此时有：202,PPVdS==根据盖·吕萨克定律：1212VVTT=解得：2600KT=（2）32660KTT=，封闭气体先做等压变化，活塞到达汽缸口之后做等容变化所以：3ld=此

时有：3p，3VdS=，3660KT=由理想气体状态方程：331113PVPVTT=解得：531.110PaP=解析：15.答案：(1)设小物块在B点时的速度大小为1v,根据动能定理得:22011122mgLmvmv=−设小物块在B点时的速度大小为2v,物块从B点滑到圆弧面上最高点C点

的过程,小物块与大滑块组成的系统水平方向动量守恒,根据动量守恒则有:12()mvmMv=+根据系统机械能守恒有:221211()(cos53)22mvmMvmgRR=++−联立解得:1mR=(2)若整个水平面光滑,物块以v0的速度冲

上圆弧面,根据机械能守恒有:220311(cos53)22mvmvmgRR=+−解得:322m/sv=物块从C抛出后,在竖直方向的分速度为:38sin532m/s5yvv==这时离体面的高度为:cos530.4mhRR=−=2

12yhvtgt−=−解得:4282s25t+=解析：16.答案：（1）粒子在电场中做类平抛运动：02hvt=212hat=Eqma=所以202mvEqh=（2）粒子到达O点时，沿+y方向的分速度：0yEqvattvm==

=粒子在O点速度v与x轴正向夹角，则0tan1yvv==045=粒子从MN中点垂直于MP进入磁场，垂直于NP射出磁场，粒子在磁场中的速度为v，则02vv=由题意可知：粒子做圆周运动的轨道半径为2r

h=2vqvBmr=0mvBqh=解析：