【文档说明】2023届高考一轮复习课后习题 人教A版数学（适用于新高考新教材）第三章函数与基本初等函数 课时规范练9　二次函数与幂函数含解析【高考】.docx，共(6)页，61.194 KB，由小赞的店铺上传

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1课时规范练9二次函数与幂函数基础巩固组1.(2021辽宁沈阳高三月考)若幂函数f(x)=(3m2-2m)x3m的图象不经过坐标原点,则实数m的值为()A.13B.-13C.-1D.12.二次函数f(x)的图象经过(0,3),(2,3)两点,且f(x)的最大值是5,则该函数的解

析式是()A.f(x)=2x2-8x+11B.f(x)=-2x2+8x-1C.f(x)=2x2-4x+3D.f(x)=-2x2+4x+33.(2021辽宁锦州高三月考)设a>0,b>0,若a2+2a=b2+3b,则()A.a<bB.a>bC.2a=3bD.3a<4b4

.(2021山东临沂高三月考)已知二次函数f(x)满足f(2+x)=f(2-x),且f(x)在[0,2]上单调递增.若f(a)≥f(0),则实数a的取值范围是()A.[0,+∞)B.(-∞,0]C.[0,4]D.(-∞,0]∪[4

,+∞)5.(2021浙江湖州高三期中)已知函数f(x)=(m2-m-5)𝑥𝑚2-6是幂函数,对任意的x1,x2∈(0,+∞),且x1≠x2,满足𝑓(𝑥1)-𝑓(𝑥2)𝑥1-𝑥2>0,若a,b∈

R,且a+b>0,则f(a)+f(b)的值()A.恒大于0B.恒小于0C.等于0D.无法判断6.(2021天津和平高三月考)已知函数f(x)=x4-x2,则下列结论错误的是()A.f(x)的图象关于y轴对称B.方程f(x)=0的解的个数为2C.f(x)在(1,+∞)上单调递增

D.f(x)的最小值为-147.(多选)(2021福建福州高三月考)若幂函数y=f(x)的图象经过点(27,3),则幂函数f(x)在定义域上是()A.奇函数B.偶函数C.增函数D.减函数8.(多选)(2021湖北宜昌高三期末)已

知函数f(x)=|x2-2ax+b|(x∈R),下列说法正确的是()A.若a2-b≤0,则f(x)在区间[a,+∞)上单调递增2B.存在a∈R,使得f(x)为偶函数C.若f(0)=f(2),则f(x)的图象关于x

=1对称D.若a2-b-2>0,则函数h(x)=f(x)-2有2个零点9.(2021浙江台州高三期末)已知函数f(x)=(x2-2x-3)(x2+ax+b)是偶函数,则f(x)的值域是.综合提升组10.(2021天津静海高三一模)已知幂函数f(x)=xα

满足2f(2)=f(16),若a=f(log42),b=f(ln2),c=f(5-12),则a,b,c的大小关系是()A.a>c>bB.a>b>cC.b>a>cD.b>c>a11.(多选)(2021江苏宿迁高三期中)若函数f(x)=(x-1)|x+a|在区间(1,2)上单调递增,则满足条件的

实数a的值可能是()A.0B.2C.-2D.-312.(2021河南郑州高三月考)若函数f(x)=mx2+(n-1)x+2(m>0,n>0)的单调递增区间为12,+∞,则1𝑚+1𝑛的最小值为.13.(2021四川宜宾高三月考)已知函数f(x)=x2+ax+1(a>0).(1)若f(

x)的值域为[0,+∞),求关于x的方程f(x)=4的解;(2)当a=2时,函数g(x)=[f(x)]2-2mf(x)+m2-1在[-2,1]上有三个零点,求实数m的取值范围.3创新应用组14.(2021浙江丽水高三二模)已知f(

x)=x2-2x,对任意的x1,x2∈[0,3],方程|f(x)-f(x1)|+|f(x)-f(x2)|=m在[0,3]上有解,则实数m的取值范围是()A.[0,3]B.[0,4]C.{3}D.{4}4课时规范练9二次函数与幂函数1.B解析由

题意得3m2-2m=1,解得m=1或-13,①当m=1时,f(x)=x3,函数图象经过原点,不合题意;②当m=-13时,f(x)=x-1,函数图象不经过原点,符合题意,故m=-13.2.D解析二次函数f(x)的图象经过(0,3),(2,3)两点,则图象的对称轴为直线x

=1.又由函数的最大值是5,可设f(x)=a(x-1)2+5(a≠0).于是3=a+5,解得a=-2.故f(x)=-2(x-1)2+5=-2x2+4x+3,故选D.3.B解析因为a>0,所以a2+3a>a2+2a=b2+3b,所以a2

+3a>b2+3b,又因为函数f(x)=x2+3x,在(0,+∞)上单调递增,且a>0,b>0,所以a>b,故选B.4.C解析由题意可知函数f(x)的图象开口向下,对称轴为x=2(如图).若f(a)≥f(

0),从图象观察可知0≤a≤4.5.A解析因为函数f(x)=(m2-m-5)𝑥𝑚2-6是幂函数,所以m2-m-5=1,解得m=-2或m=3.因为对任意的x1,x2∈(0,+∞),且x1≠x2,满足𝑓(𝑥1)-𝑓

(𝑥2)𝑥1-𝑥2>0,所以函数f(x)在(0,+∞)上单调递增,所以m2-6>0,所以m=3(m=-2舍去),所以f(x)=x3.对任意的a,b∈R,a+b>0,即a>-b,所以f(a)>f(-b)=-f(

b),所以f(a)+f(b)>0,故选A.6.B解析因为f(x)=x4-x2的定义域为R,显然关于原点对称,又因为f(-x)=(-x)4-(-x)2=x4-x2=f(x),所以y=f(x)是偶函数,其图象关于y轴对称,故A正确;令f(x)=0,即x2(x+1)(x-1)=0,解

得x=0,x=1或x=-1,方程f(x)=0的解的个数为3,故B错误;令t=x2,g(t)=t2-t=t-122-14,当x>1时,函数t=x2,g(t)=t2-t都单调递增,故f(x)在(1,+∞)单调递增,

故C正确;由当t=12时,g(t)取得最小值-14,故f(x)的最小值是-14,故D正确,故选B.7.AC解析因为y=f(x)是幂函数,设f(x)=xa,因为其图象过点(27,3),即f(27)=27a=3,解得a=13,于是得f(x)=𝑥

13,且f(x)的定义域为R,显然f(x)在定义域R上是增函数,C正确;f(-x)=(-x)13=-𝑥13=-f(x),则f(x)是奇函数,A正确,故选AC.8.5AB解析对于选项A,若a2-b≤0,则f(x)=|(x-a)2+b-a2|=(x-a)2+b-a2在区间[a,+∞)上单

调递增,故A正确;对于选项B,当a=0时,f(x)=|x2+b|显然是偶函数,故B正确;对于选项C,取a=0,b=-2,函数f(x)=|x2-2ax+b|可化为f(x)=|x2-2|,满足f(0)=f(2),但f(x)的图象不关于直线x=1对称,故C错误;对于选项D,如图,a2-b-2

>0,即a2-b>2,则h(x)=|(x-a)2+b-a2|-2有4个零点,故D错误.9.[-16,+∞)解析因为f(x)=(x2-2x-3)(x2+ax+b)是偶函数,所以{𝑓(-3)=𝑓(3)=0,𝑓(1)=𝑓(-1)=0,代入得{9-

3𝑎+𝑏=0,1+𝑎+𝑏=0,解得{𝑎=2,𝑏=-3,所以f(x)=(x2-2x-3)(x2+2x-3)=(x2-3)2-4x2=x4-10x2+9=(x2-5)2-16≥-16,故f(x)的值域为[-16,+∞).10

.C解析由2f(2)=f(16)可得2·2α=24α,因为1+α=4α,所以α=13,即f(x)=𝑥13.由此可知函数f(x)在R上单调递增.而log42=log22log24=12,ln2=log22log2e,5-12=1√5,因为1<log2e<2,

所以log22log24<log22log2e,于是log42<ln2,又因为1√5<12,所以5-12<log42,故a,b,c的大小关系是b>a>c,故选C.11.ABD解析根据题意可知f(x)={𝑥2+(𝑎-1)𝑥-𝑎,𝑥≥-𝑎,-𝑥2-(

𝑎-1)𝑥+𝑎,𝑥<-𝑎,对于y=x2+(a-1)x-a及y=-x2-(a-1)x+a,其图象的对称轴均为直线x=1-𝑎2.当1-𝑎2≥-a,即a≥-1时,作出f(x)的大致图象(为方便说明,略去y轴以及坐标原点,如图1).图1图26由图可知,此时要

满足题意,只需使-a≥2或1-𝑎2≤1,解得a≤-2或a≥-1,故a≥-1;当1-𝑎2<-a,即a<-1时,作出f(x)的大致图象(为方便说明,略去y轴以及坐标原点,如图2).由图可知,此时要满足题意,只需使-

a≤1或1-𝑎2≥2,解得a≥-1或a≤-3,故a≤-3.综上所述,a≥-1或a≤-3.故选ABD.12.4解析函数f(x)图象的对称轴为直线x=-𝑛-12𝑚=12,故m+n=1,所以1𝑚+1𝑛=1𝑚+1𝑛(m+n)=2+𝑛𝑚+𝑚𝑛≥2+2√�

�𝑚·𝑚𝑛=4,当且仅当m=n=12时等号成立,从而1𝑚+1𝑛的最小值为4.13.解(1)因为f(x)的值域为[0,+∞),所以f(x)min=f-𝑎2=14a2-12a2+1=0.因为a>0,所以a=2,则f(x)=x2+2x+1.因

为f(x)=4,所以x2+2x+1=4,即x2+2x-3=0,解得x=-3或x=1.(2)g(x)=[f(x)]2-2mf(x)+m2-1在[-2,1]上有三个零点等价于方程[f(x)]2-2mf(x)+m2-1=0在[-2,1]上有三个不同的根.因为[f(x)]2-2mf(x)+

m2-1=0,所以f(x)=m+1或f(x)=m-1.因为a=2,所以f(x)=x2+2x+1.结合f(x)在[-2,1]上的图象(图略)可知,要使方程[f(x)]2-2mf(x)+m2-1=0在[-2,1]上有三个不同的根,则f(x)=m+1在[-2,1]上有一个实数根,f(x)=m-1

在[-2,1]上有两个不等实数根,即{1<𝑚+1≤4,0<𝑚-1≤1,解得1<m≤2.故m的取值范围为(1,2].14.D解析因为f(x)=(x-1)2-1,x∈[0,3],则f(x)min=-1,f(x)max=3.要

对任意的x1,x2∈[0,3],方程|f(x)-f(x1)|+|f(x)-f(x2)|=m在[0,3]上有解,取f(x1)=-1,f(x2)=3,此时任意的x∈[0,3],都有m=|f(x)-f(x1)|+|f(x)-f(x2

)|=4,其他m的取值,方程均无解,则m的取值范围是{4},故选D.