【文档说明】2021年1月浙江省普通高中学业水平考试物理仿真模拟试题（三）（教师版）.docx，共(20)页，1.147 MB，由小赞的店铺上传

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2021年1月浙江省普通高中学业水平考试物理仿真模拟试卷（三）考生须知：1．本试题卷分选择题和非选择题两部分，共6页，满分70分，考试时间60分钟。2．考生答题前，务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔

填写在答题卡上。3．选择题的答案须用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如要改动，须将原填涂处用橡皮擦净。4．非选择题的答案须用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题卡上相应区域内，作图时可先使用2B铅笔，确定后须用黑色字迹的签字笔或钢笔描

黑，答案写在本试题卷上无效。5．本卷中涉及数值计算的，重力加速度g均取10m/s2。一、选择题（本题共18小题，每小题2分，共36分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.许多科学家为

物理学的发展做出了巨大贡献，也创造出了许多物理学方法，如理想实验法．等效代换法．控制变量法．微元法．建立物理模型法．放大法等等．以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述不正确的是（）A.伽利略为了说明力不是维持物体运动的原因用了理想实验法B.牛顿巧

妙地运用扭秤测出引力常量，采用了放大法C.在探究加速度与力和质量关系的实验中采用了控制变量法D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段

的位移相加，其和代表物体的位移，这里采用了微元法【答案】B【解析】A．伽利略为了说明力不是维持物体运动的原因用了理想实验法，故A项正确；B．卡文迪许巧妙地运用扭秤测出引力常量，采用了放大法，故B项错误；C．在探究加速度与力和质量关系的实验中采

用了控制变量法，故C项正确；D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，其和代表物体的位移，这里采用了微元法，故D项正确。本题选叙述不正确的，故选B。2.由库仑定律可知，真空中两

个静止的点电荷，带电量分别为1q和2q，其间距离为r时，它们之间相互作用力的大小为122qqFkr=，式中k为静电力常量。若用国际单位制表示，k的单位应为（）A.22Nm/kgB.22kgm/CC.322kgmsC−−D.22Nm/A【答案】C

【解析】根据122qqFkr=解得212Frkqq=根据Fma=则212markqq=根据质量的单位是kg，加速度的单位m/s2，距离的单位是m，电量的单位是C，可得k的单位是322kgmsC−−故

选C。3.关于电压与电动势的说法中正确的是()A.电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法B.电动势就是两板间的电压C.电动势公式E＝Wq中的W与电压U＝Wq中的W是一样的，都是电场力做的功D.电动

势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量【答案】D【解析】A．电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量，故A错误；B．电动势E是由电源本身决定的，跟电源的体积和外电路均无关，大小不一定等于电源

两极间的电压，更不能说电动势就是电源两极间的电压，故B错误；C．电动势定义式公式E=Wq中的W是非静电力做功，电压U=Wq中的W是静电力做功，故C错误；D．电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势反映电源把其他形式

的能转化为电能本领大小，故D正确。故选D。4.如图所示，曲线a、b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位移一时间（x-t）图像，由图可知（）A.在t1时刻，a、b两车速度相等B.在t1到t2这段时间内，a车

先加速运动再减速运动C.在t1到t2这段时间内，a、b两车的平均速度相等D.在t1到t2这段时间内，a、b两车的平均速率相等【答案】C【解析】A．图线的斜率表示速度，在1t时刻，b图线的斜率大小小于a图线的斜率大小，则b车速度小于a车速度，

故A错误；B．图线的斜率表示速度，在t1到t2这段时间内，a图线的斜率先减小后增大，说明a车先减速运动后反向加速运动，故B错误；C．在t1到t2这段时间内，a、b两车初末位置相同，位移相同，a、b两车

的平均速度相等，故C正确；D．在t1到t2这段时间内，a、b两车运动轨迹不同，a车的路程大于b车的路程，所以a车的平均速率大于b车的平均速率，故D错误；故选C。5.一个物体沿直线运动，从t=0时刻开始，xtt−的图像如图所示，图线与纵横坐标轴的交点坐标分别为1m/s和－1s，由此可

知（）A.物体做匀减速直线运动B.物体在1s末的速度大小为2m/sC.物体的初速度大小为0.5m/sD.物体的加速度大小为2m/s2【答案】D【解析】ACD．根据图像可得()1m/sxtt=+根据位移时间公式20

12xvtat=+变形得012xvatt=+比较可得a=2m/s2v0=1m/s可知，物体的加速度不变，做匀加速直线运动，故AC错误，D正确；B．物体在1s末时的速度大小v=v0+at=1+2×1=3m/s故B错误。故选

D。6.如图所示，一对父子掰手腕，父亲让儿子获胜。若父亲对儿子的力记为1F，儿子对父亲的力记为2F，则（）A.21FFB.1F和2F大小相等C.1F先于2F产生D.1F后于2F产生【答案】B【解析】父亲对儿子的力1

F和儿子对父亲的力2F是一对相互作用力，根据牛顿第三定律可知这两个力等大反向，同生同灭，故B正确，ACD错误。故选B．7.牛顿在总结别人的研究结果后，提出了著名的牛顿第三定律，阐述了作用力和反作用力的关系，从而与牛顿第一定律和

牛顿第二定律形成了完整的牛顿力学体系．下列关于作用力和反作用力的说法正确的是()A.物体先对地面产生压力，然后地面才对物体产生支持力B.物体对地面的压力和地面对物体的支持力互相平衡C.人推车加速前进，人对车的作用力的

大小等于车对人的作用力的大小D.物体在地面上滑行，物体对地面的摩擦力大于地面对物体的摩擦力【答案】C【解析】A.物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对作用力与反作用力，是同时产生的，所以选项A不符合题意；B.物体对地面的压力和地面对物体的支持力分别作用在地面和物体上，是一对作用力与反

作用力，不是平衡力，选项B不符合题意；C.人对车的作用力与车对人的作用力是一对作用力与反作用力，大小相等，选项C符合题意；D.物体对地面的摩擦力与地面对物体的摩擦力是一对作用力与反作用力，大小相等，选项D不符合题意．8.中国选手王峥在第七届世界军人运动

会上获得链球项目的金牌。如图所示，王峥双手握住柄环，站在投掷圈后缘，经过预摆和3～4圈连续加速旋转及最后用力，将链球掷出。整个过程可简化为加速圆周运动和斜抛运动，忽略空气阻力，则下列说法中正确的是A.链球圆周运动过程中，链球

受到的拉力指向圆心B.链球掷出瞬间速度方向沿该点圆周运动的径向C.链球掷出后做匀变速运动D.链球掷出后运动时间与速度的方向无关【答案】C【解析】A．链球做加速圆周运动，故拉力和瞬时速度成锐角，既有拉力的分力指向圆心提供向心力，又有拉力的分力沿切向，提供

切向加速度增大速度，故A错误；B．曲线运动的瞬时速度是轨迹的切线方向，故链球掷出瞬间速度方向应该沿圆周在这一点的切向，故B错误；C．链球掷出后只受重力而不计空气阻力，则合外力产生的加速度恒为g，速度会均匀

改变，故其做匀变速运动，C正确；D．链球掷出后做斜抛运动，运动时间由竖直分运动决定，而竖直分速度的大小与夹角有关，则链球掷出后运动时间与速度的方向有关，故D错误。故选C。9.如图所示，气球与物块之间用轻绳连接，无风时轻绳竖直；有水平风力

作用时，轻绳倾斜一定角度后，气球仍静止在空中，下列说法正确的是（）A.无风时地面对物块的支持力等于物块和气球的重力之和B.水平风力与绳子拉力的合力方向竖直向下C.轻绳的拉力大小与水平风力大小无关D.水平风力越大，气球的合力越大【答案】B【解析】A．无风时以气球和物体整体为研究

对象，在竖直方向受竖直向下的重力、地面给的竖直向上的支持力和竖直向上的浮力，根据平衡，地面给的竖直向上的支持力等于竖直向下的重力减去竖直向上的浮力，A错误；B．气球受到水平的风力向左，竖直向上的浮力，沿绳子方向的绳子的拉力，根据平衡，水平风力与绳子拉力的合力应该和竖直向上的

浮力等大反向，B正确；C．轻绳的拉力大小与水平风力大小有关，C错误；D．有水平风力作用时，轻绳倾斜一定角度后，气球仍静止在空中，合力为零，D错误。故选B。10.如图所示为摩托车比赛中运动员在水平路面上急转弯的情景，运动员在通过弯道时如果控制不当会发生侧

滑而摔离正常比赛路线，将运动员与摩托车看作一个整体，下列说法正确的是A.发生侧滑是因为运动员受到离心力的作用B.为了避免转弯时发生侧滑，运动员应加速离开弯道C.发生侧滑是因为运动员受到的合力小于所需的向心力D.运动员转弯所需的向心力由

地面对车轮的支持力与重力的合力提供【答案】C【解析】ABC．发生侧滑原因是运动员的速度过大，所需要的向心力过大，运动员受到的合力小于所需要的向心力，为了避免转弯时发生侧滑，运动员应减速离开弯道，故C正确，A、B错误；D．运动员转弯所需的向心力由赛道对车轮的静摩擦力提

供，故D错误；故选C．11.如图，质量为m的小猴子在荡秋千，大猴子用水平力F缓慢将秋千拉到图示位置后由静止释放，此时藤条与竖直方向夹角为θ，小猴子到藤条悬点的长度为L，忽略藤条的质量．在此过程中正确的是()A.缓慢上拉过程中拉

力F做的功WF＝FLsinθB.缓慢上拉过程中小猴子重力势能增加mgLcosθC.小猴子再次回到最低点时重力的功率为零D.由静止释放到最低点小猴子重力的功率逐渐增大【答案】C【解析】A．缓慢上拉过程中，小猴处于平衡状态，故拉力是

变力，根据动能定理，有：W-mgL（1-cosθ）=0，故W=mgL（1-cosθ），故A错误；B．缓慢上拉过程中小猴子重力势能增加等于克服重力做功，故为mgL（1-cosθ），故B错误；C．小猴子再次回到最低点时重力方向与速度方向垂直，故重力的瞬

时功率为零，故C正确；D．刚刚释放时，速度为零，故重力的功率为零，最低点重力与速度垂直，功率也为零，故由静止释放到最低点小猴子重力的功率先增加后减小，故D错误；12.a、b、c三个长直导线如图放置，a、c平行，b与a、c垂直且a、c关于b对称，O为

a、c连线与b的交点，三根长直导线通入大小相等的恒定电流，方向如图所示，则下列说法正确的是（）A.c受到的安培力方向向左B.b受到的安培力垂直纸面向外C.从左向右看，将b绕O点沿顺时针转动90°，此时b受到的安培力向右D.从左向右看，将b绕O点沿逆时针转动90°，此时a受到的安培力向左

【答案】C【解析】AB．根据磁场的叠加a、c导线在直导线b处产生的磁场方向向下，故b中电流方向与磁场方向平行，因此b不受安培力作用；b导线在从c导线处产生的磁场方向垂直纸面向里，与c导线电流方向平行，故c导线不受b导线的作用力，只受a导线的作用力，根据反向电流相互排斥可知c导线受到的安培力方

向向右，故AB错误；C．从左向右看，将b导线绕O点沿顺时针转动90，b、c导线电流同向，此时a导线对b导线排斥，c导线对b导线吸引，因此b导线受到的安培力向右，故C正确；D．从左向右看，将b导线绕O点沿

逆时针转动90，b导线与a导线电流同向，a、b导线吸引，c、a导线排斥，但引力大于斥力，因此a导线受到的安培力向右，故D错误。故选C。13.从同一高度水平抛出的物体，在空中运动一段时间，落到同一水平地面上。在不计空气阻力的条件下，由平抛运动规律可知（）A.水

平初速度越大，物体在空中运动的时间越长B.水平初速度越大，物体在空中运动的时间越短C.质量越大，物体在空中运动的时间越短D.水平初速度越大，物体落地时的速度越大【答案】D【解析】ABC．根据212hgt=可

知，物体在空中运动的时间只与抛出时的竖直高度有关，与初速度无关，与物体质量无关，选项ABC错误；D．根据222002yvvvvgh+=+=可知，水平初速度越大，物体落地时的速度越大，选项D正确。故选D。14.如图所示为汽车在水平

路面上启动过程中v-t图象。0~t1时间内为匀加速阶段，t1~t2时间内表示以额定功率行驶时的变加速阶段，t2后是与t轴平行的直线，则下述说法正确的是（）A.0~t1时间内，牵引力增大，功率不变B.0~t1时

间内，牵引力不变，功率增大C.t1~t2时间内，牵引力增大，加速度减小D.t1~t2时间内，牵引力做的功为2212mv−2112mv【答案】B【解析】AB．在10~t时间内，做匀加速直线运动，加速度不变，根据牛顿第二定律得Ffma−=牵引

力不变。根据PFv=知，功率增大，故A错误，B正确；C．21~tt时间内，功率不变，根据PFv=知，速度增大，牵引力减小，根据牛顿第二定律得Ffam−=可知加速度减小，故C错误；D．21~tt时间内，根据动能定理得22211122fWWmvmv−=−−可知牵引力做

功W不等于22221122mvmv−，故D错误。故选B。15.有一电场的电场线如图所示，场中A、B两点电场强度的大小和电势分别用EA、EB和UA、UB表示，则（）A.EA＞EB，UA＞UBB.EA＞EB，UA＜UBC.EA＜EB，UA＞UBD.EA＜EB，UA＜U

B【答案】D【解析】根据电场线疏密表示电场强度大小，EA＜EB；根据沿电场线电势降低，UA＜UB，故ABC错误，D正确．故选D．16.通电闭合直角三角形线框abc处在匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，电流方向如图所示，那么三角形线框受到的磁场力的

合力为()A.方向垂直于ab边斜向上B.方向垂直于ac边斜向上C.方向垂直于bc边向下D.为零【答案】D【解析】若通以顺时针的电流方向，根据左手定则可知：各边所受的安培力背离中心处．如图所示，由公式F=BIL得出各边的安培力的大小，从而得出安培力大小与长度成正比，

因而两直角边的安培力合力与斜边的安培力等值反向．所以线圈所受磁场力的合力为零．故D正确ABC错误．故选D。17.某数码相机的锂电池电动势为7.2V，容量为875mA·h，能连续拍摄约315张照片。根据以上信息估算每拍摄一张照片消耗的电能最接近以下哪个数值

（）A.0.02JB.20JC.70JD.7×104J【答案】C【解析】锂电池储存的电量3875103600C3150CqIt−===锂电池储存的电能7.23150J=22680JEUq==每拍摄一张照片消

耗的电能02268072J315EEn===C正确，ABD错误故选C。18.如图所示为密立根油滴实验示意图。实验中要设法使带负电的油滴悬浮在电场中。若在实验中观察到某一个带负电的油滴向下加速运动。在该油滴向下运动的过程中，下列说法正确的是（）A.静电力做正功B.重力和静电力的

合力做负功C.重力势能的减少量大于电势能的增加量D.重力势能的减少量小于动能的增加量【答案】C【解析】A．由于下极板带负电，带负电的油滴受电场力向上，因此静电力做负功，A错误；B．由于向下加速运动，合力向下，因此重力和静电力的合力做正功，B错误；C，重力做正功等于

重力势能的减小量，电场力做负功等于电势能的增加量，由于重力大于电场力，因此重力做的功大于电场力做功，即重力势能的减少量大于电势能的增加量，C正确；D．根据能量守恒，减小的重力势能一部分增加了电势能，一部分增加了油滴的动能，因此重力

势能的减少量大于动能的增加量，D错误。故选C。二、非选择题（本题共5小题，共34）19．（6分）某小组利用如图甲的装置测量木块与木板间的动摩擦因数，打点计时器的周为T。(1)测量木块在水平木板上运动的加速度a。实验中打出的一条纸带如图乙所

示，从某个清晰的点O开始，每5个打点取一个计数点，依次标出1、2、3…，量出3和6两点分别到O点的距离为s1、s2，则木块的加速度a=_______（用题目中的字母表示）；(2)实验测得木块的加速度为a，还测得钩码和木块的

质量分别为m和M，已知当地重力加速度为g，则动摩擦因数μ=____________；(3)因纸带与打点计时器间的阻力导致测量的动摩擦因数比真实值______（填“偏大”“偏小”或“不变”）。【答案】(1).2122225ssT−(2).()=mgmMaMg−+(3).偏大【解析】(1)[1]由2

xaT=可得2112122()2(35)225sssssaTT−−−==(2)[2]由牛顿第二定律可得()mgMgmMa−=+解得()=mgmMaMg−+(3)[3]测量值忽略了纸带与打点计时器间的摩擦，即()mgMgfmMa

−−=+真得()=mgmMafMg−+−真则因纸带与打点计时器间的阻力导致测量的动摩擦因数比真实值偏大20.（6分）国标(GB/T)规定自来水在15℃时电阻率应大于13Ω·m，某同学利用图甲电路测量15℃自来水的电阻率，其中内径均匀的

圆柱形玻璃管侧壁连接一细管，细管上加有阀门K以控制管内自来水的水量，玻璃管两端接有导电活塞（活塞电阻可忽略），右活塞固定，左活塞可自由移动。实验器材还有：电源(电动势的为3V，内阻可忽略)；理想电压表V1(量程为3V)；理想电压表V2(量程为3V)；定值电阻R1(阻值

4kΩ)；定值电阻R2(限值2kΩ)；电阻箱R(最大限值9999Ω)；单刀双掷开关S，导线若干；游标卡尺，刻度尺实验步骤如下：A.用游标卡尺测坡璃管的内径d=30.0mm；B.向坡璃管内注满自来水，并用刻度

尺测量水柱长度L；C.把S拨到1位置，记录电压表V1示数；D.把S拨到2位置，调整电阻箱阻值，使电压表V2示数与电压表V示数相同，记录电阻箱的阻值R；E.改变坡璃管内水柱长度，重复实验步骤C、D，记录每一次水柱长度L和电阻箱阻值R；F.断开S

，整理好器材。(1)坡璃簪内水柱的电阻值R的表达式为：R=______（用R1、R2、R表示）)：(2)利用记录的多组水柱长度L和对应的电阻箱阻值R的数据，绘制出如图丙所示的1RL−关系图象。则自来水的电阻率=

______Ω·m（保留两位有效数字）；(3)本实验中若电压表V1内阻不是很大，则自来水电阻率测结果将______（填“偏大”“不变”或“偏小”）。【答案】(1).12RRR(2).14(3).偏大【解析

】(1)[1]设把S拨到1位置时，电压表V1示数为U，则此时电路电流为1UIR=总电压为1xURUUR=+总当把S拨到2位置，调整电阻箱阻值，使电压表V2示数与电压表V1示数相同也为U，则此时电路中的电流为UIR=由于两次总电压相等，都等

于电源电压E，可得21xRRRR=解得12xRRRR=(2)[2]从图乙中可知，R=2×103Ω时，-115.0mL=，此时玻璃管内水柱的电阻为12=4000ΩxRRRR=水柱横截面积为2427.06510m2dS−==由电阻

定律LRS=代入数据可得14Ωm=(3)[3]若电压表V1内阻不是很大，则把S拨到1位置时，此时电路电流大于1UR，实际总电压将大于1xURUUR=+总所以测量的Rx将偏大，因此自来水电阻率测量结果将偏大。21.

（6分）如图为某高速公路出口的ETC通道示意图．一汽年驶入ETC车道，到达O点的速度030/vms=，此时开始减速，到达M点时速度减至6/vms=，并以6/ms的速度匀速通过MN区．已知MN的长度36dm=，汽车减速运动的加速度大小23/ams=，求：（1）O、M间的距离x．

（2）汽车从O点到N点所用的时间t．【答案】（1）144m（2）14s【解析】根据题意可知考查匀减速、匀速运动规律．选好研究过程代入公式即可得．根据2202ax−=−得，220144m2xa−==从O点到达M点所用的时间2018sta−

==匀速通过MN区所用的时间26sdt==，汽车从点O到N点所用的时间1214sttt=+=．22.（7分）据了解，2020年3月24日夜间，重庆中西部、东南部地区先后出现强对流天气。监测显示，当天夜间我市共出现雷电9507次，沙坪坝、

渝北、江北、巴南、渝中。南岸、两江新区、水川、璧山等地出现冰雹，并伴有6-7袋级阵性大风。某同学研究冰雹下落的规律时，了解到冰雹是从12.5千米的高空形成并下落的。假设冰雹间无相互作用且下降过程中质量不变，重力加速度g=

10m/s2；(1)若不计空气阻力的影响，请你计算冰雹落地时的速度大小；(2)由于受到空气阻力的影响，冰雹实际到达地面附近时的速度已趋于稳定不变（即收尾速度），一颗直径大约两厘米的球形雹块，收尾速度为20m/s，冰雹下

落过程中所受空气阻力Ff大小与速度v的关系如图乙所示。①请在图丙中定性画冰雹下落过程中的v-t图像；②求当冰雹的速度为5m/s时加速度的大小。【答案】(1)500m/s；(2)①②7.5m/s2【解析】(1)根据自由落体

公式22vgh=解得500m/sv=(2)①由牛顿第二定律得mgkvma−=由上式可以看出，随着速度的增大，加速度减小，当阻力等于重力时速度最大，速度图像如图所示；②由mgkvma−=mmgkv=解得27.5m/sa=23.（9分）在水平轨道上有一弹簧左端系于A点，右端与质量为m的小球接触但不连接

。现用外力推动小球将弹簧压缩至P点保持静止，此时弹性势能为EP=mgs（s为一定值）。P、B之间的距离为2.5s，小球与水平轨道的动摩擦因数为µ=0.1，静止释放弹簧，小球沿水平轨道向右运动从DB进入圆弧轨

道，如图所示。BC是一段竖直墙面，DEF是固定在竖直平面内的一段光滑绝缘圆弧轨道，轨道上端D点的切线水平，B、D间距很小，可看作重合的点。圆心O与轨道下端F的连线与竖直墙面的夹角为53。在BC右边整个空间有水平向左、大小为F0=0.75mg的恒定

风力，小球进入圆孤轨道之后恰好能沿着轨道DEF运动，一段时间后从轨道下端F处脱离，最后打在竖直墙面BC的C点。已知重力加速度为g，sin53=0.8，求：(1)小球运动到B点的速度大小；(2)轨道DEF的半径R；(3)小球打在C点前瞬间的速度大小。【答案】(1)32Bgsv=；(2)67Rs=

；(3)8514Cgsv=【解析】(1)小球由静止释放到运动到B点，根据动能定理有212.52Bmgsmgsmv−=解得32Bgsv=(2)由题意得2235()()44Fmgmgmg=+=合设DEF轨道半径为R，设在E点小球达到等效最高点，由于小球恰好能

沿着DEF轨道运动，则在E点有254EvmgmR=根据动能定理得22511(1sin53)422EBmgRmvmv−−=−解得67Rs=(3)过点F做切线以及垂直BC的水平线，则α为53。如图又因为043mgF=

则小球所受合力的方向与水平方向夹角成53。即在F点小球速度方向与合力方向共线，小球做直线运动，由几何关系得16cos537BCRlRs=+=从B到C全程动能定理有221122BCCBmglmvmv=−解得8514Cgsv=