【文档说明】湖南省岳阳市岳阳县第一中学2024-2025学年高一上学期10月月考物理试题 Word版含解析.docx，共(15)页，649.938 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-7c0f712beeedda971642d3b31c408e48.html

以下为本文档部分文字说明：

2024年10月高一物理月考试题一．选择题（共8小题，满分32分，每小题4分）1.分析下列情境中的研究对象，其中能看成质点的是（）A.对苏炳添跑步的姿势进行生理学分析B.研究乒乓球运动员王楚钦发球的旋转情况C由于电子非常小，任何情况下都可以看成质点

D.研究地球绕太阳公转的运动轨迹时【答案】D【解析】【详解】A．对苏炳添跑步的姿势进行生理学分析，其大小形状不可忽略，不能看成质点，故A错误；B．研究乒乓球运动员王楚钦发球的旋转情况，其大小形状不可忽略，不能看成质点，故B错误；C．

能不能看作质点和物体本身的大小无关，而是要看物体的形状大小在所研究的问题中能否忽略不计，故C错误；D．研究地球绕太阳公转的运动轨迹时，地球大小形状可忽略，能看成质点，故D正确。故选D。2.某同学用手机计步器记录了自己周末去逛荔湾湖的运动情况，如图所示下列说

法正确的是（）A.图中的8.52km为位移B.图中的8.52km为路程C.图中7.19km/h为瞬时速度D.图中7.19km/h平均速度【答案】B【解析】【详解】AB．由于人行走的路线并不一定是直线；故图中的8.5

2公里不可能为位移，只能是路程，故A.为错误，B正确；CD．图中的7.19km/h为路程与时间的比值，故为平均速率，故CD错误。故选B。3.2021年9月17日30分许，“神舟十二号”返回舱在东风着陆场安全降落．返回

舱在距离地面十公里左右的高处，开始经过多次的减速，当返回舱距地面高约1m时，四台反推发动机会同时点火，以极强的推力帮助返回舱进一步减速至2m/s，实现软着陆．现假设返回舱软着陆过程可视为竖直下落，着陆过程中其速度随时间按()308m

/svt=−−的规律变化，由此可知，在软着陆的这个过程中（）A.返回舱做变加速直线运动B.返回舱的初速度为30m/sC.返回舱的位移在不断减小D.相同时间内，返回舱速度变化量不变【答案】D【解析】【详解】根据0vvat=−对

比()308m/svt=−−可知初速度为v0=8m/s方向向下，加速度为a=30m/s2方向向上；则返回舱做匀减速直线运动，初速度为8m/s，位移不断增加，因加速度恒定，则相同时间内，返回舱速度变化量不变，故选项ABC错误，D

正确。故选D。4.一物体自t=0时以初速度10m/s开始做匀变速直线运动，4s末的速度是-6m/s。下列选项正确的是（）A.物体的加速度方向与初速度方向相同B.前4s内的平均速度大小为4m/sC.该物体的加速度大小为1m/s2D.前4s内物体离出发点的最远位置为12.5m【答案】D

【解析】【详解】A．物体做匀变速直线运动，末速度与初速度运动方向相反，故可知其在一开始做匀减速运动，随后做匀加速度运动，在物体做匀减速运动时物体的加速度方向与初速度方向相反，故A错误；B．前4s内的平均速度大小为()0106m/s2m/s22tvvv+−+===故B错误；C．该物体的加

速度大小为220610m/s4m/s4tvvat−−−===−故C错误；D．前4s内物体先匀减速到零后反向加速，故在速度减为零时离出发点最远，有()2200010m12.5m224vxa−−===−故D正确；故选

D。5.2022年10月26日上午10时许，由自然资源部组织的中国第39次南极考察队从上海出发远赴南极，由“雪龙号”“雪龙2号”共同执行科考任务。图甲为静止在海面上的“雪龙２号”，不考虑其旅行中质量的变化。关于“雪龙２号

”，下列说法正确的是（）A.重力只作用在雪龙2号的重心处其余部分不受重力作用B.重力与浮力是一对作用力与反作用力C.在南极受到的重力比在上海受到的重力大D.图乙中碎冰块对船体的弹力方向垂直于冰块表面向上【答案

】C【解析】【详解】A．物体的各部分都受重力作用，不是只作用在雪龙2号的重心处，A错误；B．“雪龙2号”受到的重力和浮力是一对平衡力，故B错误；C．由于地球自转，上海的重力加速度小于南极的重力加速度，故“雪龙2号”在南极受到的

重力大于在上海受到的重力，故C正确；D．碎冰块对船体的弹力方向垂直于接触面的切面，不是垂直于冰块表面，故D错误。故选C6.如图所示滑块A和B叠放在传送带上，B被细线连于墙上。如果传送带逆时针转动，滑块A和B都相对地面静止，则下列说法正确的是（）A.A受到的静摩擦力水平向右B.无论传送带的转速是多少

，A都不受摩擦力C.B受到的静摩擦力水平向左D.B受到的摩擦力与传送带的速度成正比【答案】B【解析】【详解】AB．无论传送带的转速是多少，A都不受摩擦力，若受，不能平衡，故A错误，B正确；C．对AB整体受到向右的绳的拉力作用，则B受到传送带的向左的滑动摩擦力，故C错误；D．滑动摩擦力与相对

速度无关，只与动摩擦因数（粗糙程度）和正压力有关，故D错误。故选B。7.如图所示，电动公交车做匀加速直线运动出站，依次连续经过T、S、R三点，已知ST间的距离是RS的两倍，ST段的平均速度是2.5m/s，RS段的平均速度是5m/s，则公交车经过R点时的瞬时速度为（）A.5.5m/sB

.6m/sC.6.5m/sD.7m/s【答案】A【解析】【详解】根据题意，由匀变速直线运动平均速度公式有2.5m/s2STvv+=。5m/s2RSvv+=由运动学公式2202vvax−=有22222()STRSvvvv−=−联立得5.5m/sRv=故选A。8.有

下列几种情景，请根据所学知识选择对情景的分析和判断的正确说法是（）A.火箭点火后即将升空，由于火箭还没运动，所以加速度一定为零B.匀速行驶的磁悬浮列车，单位时间速度的变化量一定为零C.汽车刹车时加速度与速度方向相反，所以刹车时加速度一定比启动时加速度小D.公路上高速行驶的轿车刹车，由于轿车行驶速

度大，所以加速度一定很大【答案】B【解析】【详解】A．点火后即将升空的火箭，由于受到向上巨大的冲力，根据牛顿第二定律得知，加速度不为零，故A错误；B．匀速行驶的磁悬浮列车，速度不变，单位时间速度的变化量一定为零，故B正确；C．加速度是矢量，比较大小时应比

较其绝对值的大小，汽车刹车时加速度与速度方向相反，刹车时加速度可能比启动时加速度大，故C错误；D．加速度是反映速度变化快慢的物理量，轿车行驶速度大，加速度不一定大，故D错误。故选B。二．多选题（共3小题，满分15分，每

小题5分）9.某人驾驶一辆汽车甲正在平直的公路上以某一速度匀速运动，突然发现前方100m处停着一辆乙车，甲车司机立即刹车，甲车刹车后做匀减速直线运动。已知甲车刹车后第1个2s内的位移是48m，第4个2s内的位移是2m，则下列说法正确的是（）A.汽

车甲刹车后第3个2s内的位移为16mB.汽车甲刹车后做匀减速直线运动的加速度大小为244ms/C.汽车甲开始刹车时的速度大小为28m/sD.汽车甲可能与乙车相撞【答案】AC【解析】【详解】BC．假设8s内汽车一直匀减速运动，有2413xxaT−=解得241224823m/s3346

xxaT−−===−又21012xvtat=+得初速度为2012348216726m/sm/s26v+==速度减为零的时间01670067.3s236vta−−==−可知汽车在8s前速度减为零。设汽车加速度大小为a，有2101112xvta

t=−即048m22va=−汽车速度减为零的时间为00=vta采用逆向思维，最后两秒内的位移为20162m2vxaa=−=联立解得204m/s,28m/sav==B错误，C正确；A．根据匀变速运动规律有231

2()xxaT−=−汽车甲刹车后第3个2s内的位移为()22312()48242m16mxxaT=+−=+−=A正确；D．汽车刹车到停止的距离220128m98m<100m224vxa===所以甲车不会撞上

乙车，D错误。故选AC。10.公元前4世纪，古希腊哲学家亚里士多德通过观察大量物体下落的现象，归纳出：物体越重，下落得越快.下列论述和实例中能反驳和推翻亚里士多德的落体理论的是A.在空气中，石块总比羽毛下落得快B.完全相同的两张纸片，其

中一张揉成纸团，它们同时从空中同一高度下落时，纸团先着地C.完全相同的两个小铁球，从空中同一高度处同时下落，同时着地D.真空玻璃管中，羽毛和金属片下落一样快【答案】BD【解析】【详解】A、在空气中,石块总比羽毛下落得快是因为石块的加速度大,这不能推翻亚里士多德的落体理论,故A错误;B、完全相同的两

张纸片,重力是相同的,其中一张揉成纸团,它们同时从空中同一高度下落时,纸团先着地,这就与“物体越重,下落得越快”相矛盾,所以B选项是正确的;C、完全相同的两个小铁球,从空中同一高度处同时下落,同时着地,不

能说明亚里士多德的落体理论“物体越重,下落得越快”,故C错误;D、真空玻璃管中,羽毛和金属片下落一样快,推翻了亚里士多德的落体理论“物体越重,下落得越快”,所以D选项是正确的;综上所述本题答案是：BD11.一滑块冲上固定斜面后做匀减速直线运动，最终静止在斜面上Q点，如图所示，从滑块通过斜面的底

端P开始计时，已知滑块在第1s内通过的距离为6m，停止运动前的最后1s内通过的距离为2m，则的（）A.滑块运动的加速度大小为4m/s2B.滑块通过P点时的速度大小为16m/sC.P、Q两点间的距离为8mD.滑块从P点运动到Q点的时间为2

s【答案】ACD【解析】【详解】A．滑块沿斜面向上匀减速直线运动，逆向思考，滑块沿斜面向下匀加速直线运动，由212sat=，得24m/sa=，故A正确；B．由2012svtat=-得08m/sv=，即滑块通过P点时的速

度大小为8m/s，故B错误；C．由2202vvas−=，P、Q两点间的距离为8ms=，故C正确；D．由0vvat=−得08s2s4vvta−===故D正确；故选ACD．三．实验题（共1小题，满分6分，每小题6分）12.某同学探究

弹力与弹簧伸长量的关系。（1）将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在_____方向（填“水平”或“竖直”)。（2）弹簧自然悬挂，待弹簧稳定时，长度记为0L，弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为xL；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为1L至6L，数据如表：代

表符号0LxL1L2L3L4L5L6L数值(cm)25.3527.3529.3531.3033.435.3537.4039.30表中有一个数值记录不规范，代表符号为_______。（3）如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与________

的差值（填“0L或xL”）。（4）由图可知弹簧的劲度系数为___________N/m（结果保留两位有效数字，重力加速度取29.8m/s）。【答案】①.竖直②.L3③.xL④.4.9【解析】【详解】（1）[1]实验中

弹簧下端悬挂砝码，根据二力平衡可知弹簧的弹力大小，所以，要求弹簧在竖直方向，则刻度尺也应在竖直方向；（2）[2]毫米刻度尺精确到1mm，所以要估读一位，以厘米为单位时，小数点后保留两位，所以L3是不规范的。（3）[3]加上砝码，弹力改变量为加上砝码的重力，对应的弹簧伸

长量应该是后来的长度减去没加砝码时的长度，没加砝码时有砝码盘，所以横轴是弹簧长度与xL的差值。（4）[4]根据胡克定律可得mgkx=从图像可以看出4.9N/mmgkx==四．解答题（共4小题，满分47分）13.如图所示，在水平地面上放一质量为1.5k

g的木块，木块与地面间的动摩擦因数为0.6，在水平方向上对木块同时施加相互垂直的两个拉力1F、2F，已知16NF=、28NF=，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，（g取210m/s，sin370.6=）求：（1）1F与2F的合力大小和方向；（

2）木块受到的摩擦力大小。【答案】（1）10N，方向与2F的夹角为37，与1F的夹角为53；（2）9N【解析】【详解】（1）根据题意，由平行四边形法则，1F与2F的合力的大小为221210NFFF=+=设合力方向与

2F的夹角为，有几何关系有123tan4FF==即37=则合力方向与2F的夹角为37，与1F的夹角为53。（2）根据题意可知，木块的最大静摩擦力为m9Nfmg==由于1F与2F的合力大于最大静摩擦力，则木块受滑动

摩擦力，则木块受到的摩擦力大小m9Nff==14.滑雪运动员不借助雪杖，由静止从山坡以加速度a1匀加速滑下，测得50s末到达坡底时的速度为30m/s，又沿水平面以加速度a2匀减速滑行225米后停下。求：（1）两个过程的加速度a1和a2；（2）到达坡底后在水平面上第20

s末的速度。【答案】（1）a1=0.6m/s2，加速度方向与速度方向相同；a2=2m/s2，加速度方向与速度方向相反；（2）0【解析】【详解】（1）加速下滑的过程22110300m/s0.6m/s50vat−−===方向与速度

方向相同；在水平面上做匀减速运动时2222230m/s2m/s22225vax===加速度的方向与速度方向相反；（2）在水平面上运动的时间为2230s15s2vta===到达坡底后在水平面上第20s末的速度为0。15.A、B两列火车，在同一轨道上同向

行驶，A车在前，其速度vA=10m/s，B车在后，速度vB=30m/s。因大雾能见度很低，B车在距A车△s=75m时才发现前方有A车，这时B车立即刹车，但B车要经过180m才能够停止。问：（1）B车刹车后的加速度是多大？（2）若B车刹车时A车仍按原速前进，请判断两

车是否相撞？若会相撞，将在B车刹车后何时？若不会相撞，则两车最近距离是多少？（3）若B车在刹车的同时发出信号，A车司机经过△t=4s收到信号后加速前进，则A车的加速度至少多大才能避免相撞？【答案】（1）22.5m/s，方向与运

动方向相反；（2）6s两车相撞（3）20.83m/sAa【解析】【详解】（1）B车刹车至停下过程中00,30m/s,180mtBvvvs====由202BBvas−=得222.5m/s2BBvas=−=−故B车刹车时加速度大小为22

.5m/s，方向与运动方向相反；（2）假设始终不相撞，设经时间t两车速度相等，则有ABBvvat=+解得1030s8s2.5ABBvvta−−===−此时B车位移2211308m2.58m160m22BBBsvtat=+=−=A车的位移108m80mA

Asvt===因sB=160m＞△s+sA=155m设经过时间t两车相撞，则有212ABBvtsvtat+=+代入数据解得126s,10stt==故经过6s两车相撞；（3）设A车的加速度为Aa时两车不相撞，两车速度相等时()AAB

Bvattvat+−=+即10()302.5Aattt+−=−此时B车的位移212BBBsvtat=+即2301.25Bstt=−A车的位移21()2AAAsvtatt=+−要不相撞，两车位移关系要满足BAsss+的解得20.83m/sAa16.

强行超车是道路交通安全的极大隐患之一，如图是汽车超车过程的示意图，汽车甲和货车均以36km/h的速度在限速16m/s的路面上匀速行驶，其中甲车车身长15Lm=、货车车身长28mL=，某时刻货车在甲车前8ms=处，若此时甲车司机开始迅速加速从货车左侧超车，加速度大小为22m/s，假定货车速度保

持不变，不计车辆变道和转向的时间及车辆的宽度，求：（1）甲车在不超速的前提下完成超车的最短时间；（2）若甲车开始超车时，看到道路正前方的乙车迎面驶来，此时二者车头相距118.5m，乙车速度为43.2km/h，甲车超车的整个过程中，乙车速度始终保持

不变，请通过计算分析，甲车能否安全超车？若甲车不能安全超车，则乙车至少以多大的加速度减速才能使甲车安全超车；（3）接（2）问，若乙车车长36mL=，且加速时最大加速度不超过210m/s，甲车恰好能安全超车且甲乙两车

都不超速的情况下甲乙两车错车的最短时间。【答案】（1）5s；（2）不能安全超车，21m/s；（3）0.44s【解析】【详解】（1）甲车和货车初速度为136km/h10m/sv==公路限速为m16m/s=v甲车速度从v1加速至

vm所用时间为m1111610s3s2vvta−−===该段时间内甲车和货车的位移分别为m11139m2vvxt+==21130mxvt==因为1212xxsLL+++所以甲车加速至vm后还需要匀速行驶一段时间才能完成超车，该时间为21212m12sxsLLxtvv+++−==

−则甲车在不超速的前提下完成超车的最短时间为min125sttt=+=（2）乙车的初速度大小243.2km/h=12m/sv=5s内，若乙车匀速运动，则乙车位移大小212()125m=60mxvtt=+=乙由160m39m32m131m118.5mxxx++=++=乙匀甲车不能安全超车。设乙车

以加速度大小2a减速才能使甲车安全超车，甲车超车时间125sttt=+=则212221118.5m2xxvtat++−=解得221m/sa=（3）乙车以21m/s减速5s后速度2212m/s-5m/s7m/svvat=−==乙车错车时的最大加速度2310m/sa=甲乙两车错车

的最短时间为0t，则2m020301312vtvtatLL++=+解得00.44st此时乙车速度323011.4m/s<16m/svvat=+=甲乙两车错车的最短时间为0.44s。