【文档说明】【精准解析】四川省泸县第二中学2019-2020学年高一下学期第一次在线月考物理试题.doc，共(17)页，588.000 KB，由小赞的店铺上传

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以下为本文档部分文字说明：

2020年春四川省泸县第二中学高一第一学月考试物理试题注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画

出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。6.考试时间：150分钟；物理化学生物同堂分卷考试，每科100分，共300分第I卷选择题（48分）一、单选题（每小题4分，共12个小题，

共48分；其中1-9题为单选题，10-12题多选题，少选得2分，多选错选得0分。）1.下列说法正确的是（）A.2013年8月31日16时26分，中华人民共和国第十二届运动会在沈阳市隆重开幕，这里的“2013年8月31日16时26分”指的是时间B.沈阳地铁1号线（十三号街

-黎明广场）全程长约28km，说的是十三号街-黎明广场之间的位移C.地球的半径约为6400km，太阳和地球之间的距离大约为1.5×108km，如果我们研究地球的公转可以把地球看做质点D.敦煌曲子词中有这样的诗句：“满眼风波多闪烁，看山恰似走来迎．”其中“看山恰似走来

迎”是以山为参考系的【答案】C【解析】【详解】A.“2013年8月31日16时26分”指的是时刻，所以A错误；B.全程长约28km，说的是十三号街-黎明广场之间的路程，所以B错误；C.研究地球的公转时，地球的半径远小于太阳和地球之间的距离，

可以把地球看做质点，所以C正确；D.“看山恰似走来迎”是以人为参考系的，所以D错误；故选C；2.下列关于加速度的说法，正确的是（）A.只要物体的速度不为零，加速度就不为零B.只要物体的速度变化量大，加速度就大C.只要物体的速度大，加速度就大D.只要物体的速度变化率

大，加速度就大【答案】D【解析】【详解】A．加速度描述速度变化的快慢，只要速度发生变化才能出现加速度的物理量，如果物体做匀速直线运动，则加速度为零，故选项A错误；B．物体的速度变化量大，加速度不一定大，只有当变化所用时间相同时，加速度才大，故B错误；C．物体的速度大，但不一定变化，变化也不一

定快，加速度不一定大，故C错误；D．加速度等于速度的变化率，物体的速度变化率大，加速度就大，故D正确．3.伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础．早期物理

学家关于惯性有下列说法，其中正确的是（）A.物体没有受到力不会运动B.没有力作用，物体只能处于静止状态C.物体保持原来运动状态不变的性质是惯性D.一直做运动状态不改变的物体，说明它没有受到力的作用【答案】C

【解析】【详解】A.运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因，没有力，物体可以做匀速直线运动，故A错误；B.没有力作用，物体可以做匀速直线运动，故B错误；C.惯性是保持原来运动状态的性质，惯性的大小只跟质量有关，故

C正确；D.一直做运动状态不改变的物体，也可能是受到了几个力，这几个力合力为零，故D错误；4.质量为m的小球沿水平向东以速度v与竖直木板发生碰撞,作用时间为t,以2v的速度向西反弹回来,在这段作用时间内小球的加速度大小和方向为A.6vt向东B.3vt向东C.2vt向西D.32vt向西【答案】D【解

析】【详解】设向东为正方向，根据加速度定义式有：322vvvatt−−==−所以加速度的大小为32vt，负号表加速度的方向向西．ABC．由上分析可知加速度的大小为32vt，方向向西，ABC错误；D．由上分析可知加速度的大小为32vt，方向向西，D正确．5.如图所示

,a、b、c三个相同的小球,a从光滑斜面顶端由静止开始自由下滑,同时b、c从同一高度分别开始自由下落和平抛.下列说法正确的有()A.它们的落地时间相同B.运动过程中重力做的功相等C.它们落地时的速度相同D.它们落地时重力的

瞬时功率相等【答案】B【解析】【详解】A.设斜面高度为h，a沿斜面下滑的时间为t，则有：212hgsintsin=解得：12htsing=b、c从同一高度分别开始自由下落和平抛,根据2112hgt=解得：12htg=，由此可知它们运动的时间不相等，

故A错误；B.三个小球的重力一样，下落的高度差一样，所以运动过程中重力做的功相等，故B正确；C.因为a、b两球初速度为0，c的初速度不为0，由机械能守恒定律可知：a、b两球的落地时的速度大小相等，小于c球的落地速度，所以它们落地时的速度不相同，故C错误；D.根据重

力做功的瞬时功率公式：yPmgv=，可知自由落体和平抛的瞬时功率相同即Pb=Pc，由于物体沿斜面下滑到底端时的竖直分速度速度小于自由下落时的竖直速度，即Pa<Pb，由上可知Pa<Pb=Pc，故D错误．6.如图所示，质量2kg的木块放在粗糙的水平桌面上，木块与地面的滑动摩擦因数=0.5

，外力F1、F2沿水平方向作用在木块上，木块处于静止状态，其中F1=9N，F2=2N.若撤去力F2，则木块受到的摩擦力是().A.10N，方向向右B.10N，方向向左C.9N，方向向右D.9N，方向向左【答案】D【解析】【详解】撤去力F2，物块水平受推力F1，但根据

题意可知，推力F1小于物块与接触面间的最大静摩擦力即滑动摩擦力，所以物块不会运动，所以依然处于平衡状态，根据平衡条件可知，此时摩擦力与推力F1等大反向．所以摩擦力方向向左，大小9N．A.10N，方向向右，与分析不符，故A错误．B.10N，方向向左，与

分析不符，故B错误．C.9N，方向向右，与分析不符，故C错误．D.9N，方向向左，与分析相符，故D正确．7.2019年10月15日，第十届环太湖国际公路自行车赛在无锡结束。比赛中甲、乙两赛车(可视为质点)在一条

直线上运动，其速度－时间图象如图所示，下列对甲、乙运动描述中正确的是A.t0时刻甲乙相遇B.0～t0时间内乙的加速度逐渐增大C.0～t0时间内甲乙间的距离先增大后减小D.0～t0时间内的某时刻甲、乙加速度大小相等【答案】D【解析】【详解】AC.t

0时刻两者速度相等，甲的位移小于乙的位移，由于是比赛甲乙起点相同，甲乙距离一直增大，不相遇，选项AC错误；BD.根据加速度图象中图线切线的斜率表示加速度大小，则有甲做匀加速运动，乙的加速度逐渐减小，在0—t0阶段，对乙图做切线，总会找到一条与甲图线平行，选项D正确、B错误；

故选择：D；8.一质量为M的物块放在水平地面上，上面安一根原长为L、劲度系数为k的轻弹簧，现用手拉弹簧上端的P点（开始拉时弹簧为原长），如图所示．当P点位移为H时，物块缓慢地离开地面一段距离．求在这个过程中物块增加的重力势能为（）A.MgHB.2()MgMg

Hk+C.2()MgMgHk−D.MgMgHk−【答案】C【解析】【详解】弹簧的形变量Mgxk=，则物体上升的高度MghHxHk=−=−则重力势能的增加量2()ΔpMgEMghMgHk==−A.MgH与上述计算结果2()ΔpMgEMgHk=−不相符，故A错误；B.2()MgMgH

k+上述计算结果2()ΔpMgEMgHk=−不相符，故B错误；C.2()MgMgHk−上述计算结果2()ΔpMgEMgHk=−相符，故C正确；D.MgMgHk−上述计算结果2()ΔpMgEMgHk=−不相符，故D错误．9.如图所示，球被轻绳AO挂在

竖直光滑墙上不动，关于球的受力情况，下列说法正确的是A.轻绳对球的拉力小于球的重力B.轻绳对球的拉力等于球的重力C.辁绳对球的拉力等于墙对球的弹力D.轻绳对球的拉力大于墙对球的弹力【答案】D【解析】【详解】设绳子和墙面夹角为θ，

对小球进行受析：把绳子的拉力T和墙对球的弹力为N合成F，由于物体是处于静止的，所以物体受力平衡，所以物体的重力等于合成F，即F=G，根据几何关系得出：mgTcos=，N=mgtanθ；所以轻绳对球的拉力大于墙对球的重力，轻绳对球的拉力大于墙对球的弹力，故ABC错误，D正确．10

.用打点计时器测定匀加速直线运动的加速度时得到一条纸带,测出xAB=1.2cm,xAC=3.6cm，xAD=7.2cm,计数点A、B、C、D中,每相邻的两个计数点之间有四个点未画出.已知打点计时器所接电源的频率为50Hz.以下说法正确的是（_____）A.打点计时器是只能记录时

间而不能记录位移的仪器B.相邻的两个计数点之间的时间间隔为0.1sC.打B点小车的速度vB=0.2m/sD.本实验也可以使用电火花计时器【答案】BD【解析】【详解】A.打点计时器是使用交流电源的计时仪器，它记录了运动物体在一定

时间的位移，故A错误；B.当电源的频率为50Hz时，它每隔0.02s打一次点，由于每相邻的两个计数点之间有四个点未画出，所以相邻的两个计数点之间的时间间隔为0.1s，故B正确；C.根据2ACBACxvvT==代入数据可得0.18Bmvs=故C错误；D.实验中可用电花火打点

计时器，也可用电磁打点计时器，只是两种打点计时器使用的工作电压不同，故D正确．故选BD11.如图所示，小车放在水平地面上，甲、乙二人用力向相反方向拉小车，不计小车与地面之间的摩擦力，下列说法正确的是（）A.甲拉小车的力和乙拉小车的力是一对作用力和反作用力B.小车静止时甲拉小车的力和乙拉小车的

力是一对平衡力C.若小车加速向右运动表明小车拉甲的力大于甲拉小车的力D.无论小车怎样运动，乙拉小车的力都等于小车拉乙的力【答案】BD【解析】【详解】A．甲拉小车的力和乙拉小车的力作用在同一物体上，作用力和反作用力作用在两个不同物体上，所以甲拉小车的力和乙拉小车的力不是一对作用力和反作用力，

故A错误；B．小车静止时，甲拉小车的力和乙拉小车的力作用在同一物体上，力大小相等，方向相反，在同一条直线上，所以小车静止时甲拉小车的力和乙拉小车的力是一对平衡力，故B正确；CD．无论小车小车怎样运动，乙拉小车的力与小车拉乙的力作用在两个物体上，是一对作用力和反作用力，它们力大小相等，方向相反，

故D正确；同理无论小车小车怎样运动，小车拉甲的力与甲拉小车的力，也是一对作用力和反作用力，它们力大小相等，方向相反，故C错误；故选BD．12.长木板上表面的一端放有一个木块，木块与木板接触面上装有摩擦力传感器，如图甲所示，木

板由水平位置缓慢向上转动（即木板与地面的夹角α变大），另一端不动，摩擦力传感器记录了木块受到的摩擦力Ff随角度α的变化图像如图乙所示．下列判断正确的是A.木块与木板间的动摩擦因数μ=11cosfFmgB.木块与木板间的动摩擦因数μ=21cosfFmg

C.木板与地面的夹角为θ2时，木块做自由落体运动D.木板由θ1转到θ2的过程中，木块的速度变化越来越快【答案】AD【解析】【详解】AB．由图可得，当夹角为θ1时，物体刚好开始滑动，则11cosfFmg=解得1

1cosfFmg=故A正确，B错误；C．由图可得，当夹角为θ2时，摩擦力为零，则木块只受重力作用，加速度为g，但此时速度不为零，木块不是做自由落体运动，故C错误；D．木板由θ1转到θ2的过程中，根据牛顿第二定律可得，sincosmgmgma−=解得：sincosagg=−当θ逐渐增

大时，加速度a逐渐增大，即木块的速度变化越来越快，故D正确.第II卷非选择题（52分）二、实验题（14分）13.在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，打点计时器使用的交流电的频率为50Hz，记录小车运动的纸带如图所示，在纸带上选择0、1、2、3、4、5的6个计数点，相邻两计数点之间还有四个

点未画出，纸带旁并排放着带有最小分度为毫米的刻度尺，零点与“0”计数点对齐，由图可以读出三个计数点1、3、5到0点的距离填入下列表格中．(1)距离d1d2d3测量值/cm__________________(2)

计算小车通过计数点“2”的瞬时速度为v2=______m/s.(结果保留两位小数)(3)小车的加速度是a=______m/s2.(结果保留两位小数)【答案】(1).1.20(2).5.40(3).12.00(4).0.21(5).0.60【解析】【详解】(1)[1][2][3]毫米刻度尺的最小

位数是毫米，要估读一位，则：1231.20cm5.40cm12.00cmddd===，，(2)[4]相邻两计数点之间还有四个点未画出，所以相邻的计数点间的时间间隔为t=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：

()()132125.401.200.01m/s0.21m/s2220.1xddvTT−−====(3)[5]从图中可以读出x13、x35间的距离,它们的时间间隔T=0.2s，根据匀变速直线运动的推论公式2xaT=，得：()()235133221xxdddd

xaT−=−−−==整理：()()220.120.0540.0540.012m/s0.60m/s40.01a−−−==14.在“探究合力的方法”的实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套（如图甲所示）；图乙是在白纸上根

据实验结果画出的图．（1）实验时，需要两次拉伸橡皮条：一次是让橡皮条在互成角度的两个弹簧测力计的共同作用下拉长；另一次是让橡皮条在一个弹簧测力计作用下拉长．对两次拉长橡皮条的要求，下列说法正确的是_________．A、用两个

弹簧测力计拉橡皮条时，两个弹簧测力计的示数必须相同B、两弹簧测力计之间的夹角应为90°C、弹簧测力计、细绳和橡皮条都应与木板平行D、将橡皮条与绳的结点拉到相同位置（2）图乙所画的四个力中不是通过弹簧测力计直接测出的是________（选填F1、F2、F或F'），本实验所采用的科学方法是

____________________．（选填“控制变量法”或“等效替代法”）【答案】(1).(1)CD；(2).(2)F，(3).等效替代法；【解析】【详解】(1)A、两弹簧测力计拉橡皮条时，两弹簧测力计的示数不一定相同，故A错误；B.本实验

只要使两次效果相同就行，两个弹簧称拉力的方向没有限制，故B错误；C.弹簧测力计、细绳、橡皮条都应贴近木板且与木板平行，故C正确；D.用两个弹簧秤拉橡皮条，使橡皮条的结点拉到位置O；若只用一个弹簧秤拉，要产生相同的效果，必须是橡皮条形变量

相同且形变的方向也相同，所以必须是：把橡皮条的结点拉到位置O，故D正确．故选CD.(2)该实验中F是由平行四边形法则得出的合力，而F′是通过实际实验得出的，即用一个弹簧测力计测出的，而F在F1、F2组成的平行四边形的对角线上，不是通过弹簧测力计直接测出的．本实验所采用的科学

方法是等效替代法．故答案为(1)CD;(2)F，等效替代法；【点睛】（1）本实验采用“等效法”，即要求两次拉橡皮筋的效果相同，对于两弹簧拉力大小以及夹角大小没有具体要求，只要便于作图以及减小误差即可；因此在

实验中尽量减小力的测量及作图中出现的误差；（2）通过平行四边形定则得出的合力在平行四边形的对角线上，由于误差的存在，通过弹簧测力计得出的力与其有一定的夹角．三、解答题（38分）15.如图所示，轻弹簧原长010cmL=、劲度系数100N/mK=，传感器可以读出轻绳上的弹力大小．小球

静止时，轻绳水平，传感器计数3NF=，弹簧的轴线与竖直方向的夹角37(sin370.6==，cos370.8=，210m/s)g=．求：（1）小球的质量m；（2）此时弹簧的长度L；（3）若将水平轻绳剪断，则剪断瞬间，小球的加速

度大小和方向．【答案】（1）0.4kg（2）15cm（3）27.5m/s，方向水平向右【解析】【详解】(1)以物体为研究对象，受力分析如图所示：根据几何关系可知：tanFmg=代入数据可得：0.4kgm=；(

2)根据平衡条件可得弹簧弹力：15NsinFF==由胡克定律可知：10()FkLL=−解得15cmL=(3)轻绳剪断瞬间弹簧弹力不能突变，由三力平衡可知：重力与弹簧弹力合力大小即为F则由牛二律Fma=可得：27.5m/sa=方向水平向右．16.某款小轿车对紧急制动性

能的设计要求是：以20m/s的速度行驶时，急刹车距离不得超过25m．在一次实验紧急制动性能测试中，该款小轿车以某一速度匀速行驶时实行紧急制动，测得制动时间为1.5s，轿车在制动的最初1s内的位移为8.2m．则：(1)求小汽车安全制动

的加速度．(2)试根据测试结果进行计算来判断这辆轿车的紧急制动性能是否符合设计要求．【答案】(1)8m/s2(2)8.2m/s2>8m/s2符合设计要求【解析】【分析】由题意可知考查匀减速直线运动规律，据此结合运

动学公式计算可得．【详解】(1)设小汽车安全制动的加速度为ao，做匀减速运动的物体可视为反向的匀加速直线运动，其运动规律具有对称性，由运动学公式可得2ov2ax=2222o20=m/s8m/s2225vax==(2)设小

轿车的实际加速度大小为a，初速度为vo，则vo=1.5a，匀减速1s后的速度为v1，115105ovvat.aa.a=−=−=位移为x1，由运动学公式可得11151511m=8.2m22ovv.a.aaxt++−==计

算可得小轿车的实际加速度大小282m/sa.=>8m/s2说明这辆轿车的紧急制动性能符合设计要求．【点睛】本题主要要掌握匀变速直线运动的规律，根据不同的条件选择不同形式的公式．如果物体做匀减速运动，可视为反向的匀加速直线运动，其运动规律具

有对称性．17.如图所示，两个滑块A和B的质量分别为mA=1kg和mB=5kg，放在静止于水平地面上的木板的两端，两者与木板间的动摩擦因数均为μ1=0.5；木板的质量为m=4kg，与地面间的动摩擦因数为μ2=0.1。某时刻A、B两滑块开始相向滑动

，初速度大小均为v0=3m/s。A、B相遇时，A与木板恰好相对静止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，A、B可看成质点，取重力加速度大小g=10m/s2。求(1)开始运动时木板的加速度a(2)B与木板相对静止时，木板的速度；(3)木板的长度及木板

的总位移【答案】(1)22.5m/s，方向向右；(2)1m/s；(3)1.9m，0.55m【解析】【详解】(1)对木板，根据牛顿第二定律得：112()BAABmgmgmmmgma−−++=代入数据解得：22.5m/sa=方向向右(2)A向左运动，根据牛顿第二定律得：

1AAAmgma=代入数据解得：25m/sAa=方向向右B向右运动，根据牛顿第二定律得：1BBBmgma=代入数据解得：25m/sBa=方向向左当木板与B共速时共同速度为1v，则有：1011Bvvatat=−=代入数据解得：10.4st=，11m/sv=(3)此过程木板相对于地面的位移：211

10.2m2xat==此过程A相对于地面的位移：2101110.8m2AAxvtat=−=此过程B相对于地面的位移：2101110.8m2BBxvtat=−=此时B相对木板静止，突变为静摩擦力，A受力不变加速度仍为5m/s2，方向向右，对B与木板受力分析，有：121(())AABBmgmmm

gmma+++=+代入数据解得：2153m/sa=方向向左当木板与A共速时共同速度为2v，则有：212212Avvatvat=−=−+代入数据解得：20.3st=，20.5m/sv=此过程木板相对于地面的距离：122210.50.3m0.

225m22vvxt++===此过程A相对于地面的位移：2212210.075m2AAxvtat=−=此过程B相对于地面的位移：220.225mBxx==木板的长度为：12121.9mAABBLxxxx=

+++=此后三者一起减速运动，根据牛顿第二定律可得加速度大小为：2321m/sag==最后通过的位移：22330.25m0.125m221vxa===故木板的最大相对于地面位移：1230.55mxxxx=++=