【文档说明】湖北省十堰市普通高中联合体2024-2025学年高二上学期10月月考物理试卷 Word版含解析.docx，共(14)页，1.639 MB，由小赞的店铺上传

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2024-2025十堰市普通高中联合体10月考高二物理试题一、选择题。（本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，1--7只有一项是符合题目要求的,8—10每题有2、3项是符合题目要求）1.如

图所示的弹簧振子，O点为它的平衡位置，当振子m离开O点，再从A点运动到C点时，振子离开平衡位置的位移是（）A.大小为OC，方向向左B.大小为OC，方向向右C.大小为AC，方向向左D.大小为AC，方向向右【答案】B【解析】【详解】根据位移的定义是起点到终点的有

向线段，起点是O点，终点是C点，则位移的大小是OC，方向向右.A.大小为OC，方向向左与分析结果不相符，故A项不合题意.B.大小为OC，方向向右与分析结果相符，故B项符合题意.C.大小为AC，方向向左与分析结果不相符，故C项不合题意.

D.大小AC，方向向右与分析结果不相符，故D项不合题意.2.关于多用电表及其使用，下列说法正确的是（）A.电阻挡的刻度不均匀，右边密左边疏B.测电压时，其黑表笔接高电势处，电流从黑表笔流入C.测电阻时要选择适当的挡位，使电表的指针指在刻度盘的中央附近D.测电阻时，若改变倍率，不需要重新进行

欧姆调零【答案】C【解析】【详解】A．电流、电压挡的刻度都是均匀的，电阻挡的刻度不均匀，左边密右边疏，故A错误；B．测电压时，其红表笔接高电势处，因为电流要从红表笔流入，故B错误；为C．测电阻时要选择适当的挡位，要将该电阻与其他元件

断开，使电表的指针指在刻度盘的中央附近，故C正确；D．用电阻挡测电阻时，若从一个倍率变换到另一个倍率，必须重新进行欧姆调零，故D错误。故选C。3.如图所示，质量m＝60kg的人，站在质量M＝300kg的车的一端，车长L

＝3m，相对于地面静止。当车与地面间的摩擦可以忽略不计时，人由车的一端走到另一端的过程中，车将（）A.后退0.8mB.后退0.7mC.后退0.6mD.后退0.5m【答案】D【解析】【详解】人车组成的系统动量守恒，则12mvMv=人和车运动时间相同，有12mxMx=且12xxL+=解得

车后退的距离20.5mx=4.在如图所示电路中，当滑动变阻器滑片P向下移动时，则()A.A灯变亮、B灯变亮、C灯变亮B.A灯变亮、B灯变亮、C灯变暗C.A灯变亮、B灯变暗、C灯变暗D.A灯变亮、B灯变暗、C

灯变亮【答案】D【解析】【详解】试题分析：滑动变阻器滑片P从上向下移动时，电路总电阻减小，电流总电流增大，所以通过A灯的电流增大，A两端的电压增大，所以A灯变亮，路端电压减小，所以并联电路的电压减小，故B两端

的电压减小，所以B灯变暗，总电流时增大的，同过B的电流是减小的，所以通过C的电流增大，故C等变亮，D正确，故选D考点：考查闭合电路的动态变化点评：本题难度较小，电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的

方法5.如图所示，将三个完全相同的小球a、b、c从同一高度以相同速率同时抛出。其中a球竖直上抛、b球竖直下抛、c球平抛，均落到同一水平地面上。不计空气阻力，下列说法正确的是（）A三个小球刚要落地时，速度相同B.三个小球刚要落地时，b球的动能最大C.三个小球

从抛出到落地过程中，重力做功相等D.从抛出到b球落地的过程中，c球的动量变化量最大【答案】C【解析】【详解】C．三个小球从抛出到落地过程中，从同一高度抛出后落到同一水平地面上，竖直高度相同，重力做功mgh相等，故C正确；AB

．三个小球抛出时的速率相同，根据动能定理2201122mghmvmv=−知，三球落地时速度的大小相等，但落地时方向不同，故速度不同，但动能相等，故A错误，B错误；D．三个小球以相同的速率抛出，可知竖直上抛运动的物体运动时间大于平抛运动的时间

，平抛运动的时.间大于竖直下抛运动的时间，所以小球a上抛，运动的时间最长，根据动量定理mgtp=知，a球动量变化量最大，故D错误。故选C。6.如图所示，物体A、B的质量分别为m、2m，物体B置于水平面上，B物体上部半圆形槽的半径为R，将物体

A（可视为质点）从圆槽右侧顶端由静止释放，一切摩擦均不计。则（）A.A、B组成系统动量守恒B.B向右运动的最大位移大小为23RC.A运动到圆槽的最低点时A的速率为3gRD.A运动到圆槽的最低点时B的速率为43gR【答案】B【解析】【详解】A．A、B整体在竖直

方向所受合力不为0，竖直方向动量不守恒，系统在水平方向合力为0，只有水平方向动量守恒，则A、B组成系统动量不守恒，故A错误；B．A、B组成的系统在水平方向满足动量守恒，则有AB2mvtmvt=可得AB2mxmx=又因为机械能守恒，则B向右运动到最大位移时，A处于半圆形槽

的左端，则有AB2xxR+=联立解得解得B向右运动的最大位移大小为B23Rx=故B正确；CD．A运动到圆槽的最低点时，由系统水平方向动量守恒得的AB2mvmv=根据系统机械能守恒可得22AB11222mgRmvmv=+联立解得A43vgR=，B3gRv=故CD错误。故选B。7.如

图甲是用气敏电阻改装的酒精含量测试仪电路图，测试仪用于测试汽车司机是否酒驾，R1为定值电阻，R2为气敏电阻．R2的阻值随酒精气体浓度的变化曲线如图乙，电源电动势保持不变．若测试对象呼出的气体中酒精气体浓度越大，则（）A.测试仪中电压表的示数越小B.测试仪中电流表的示数越小C.电源的路端电压越小

D.电压表与电流表示数的比值越小【答案】B【解析】【详解】AB．由图乙可知，酒精气体浓度越大，气敏电阻阻值越大，所以电路中的总电阻越大，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的电流就越小，即电流表示数越小．电压表的示数U=E−I(R1+r)可知电压表示数变大，

故A错误，B正确；C．根据对AB项的分析可知，电源内电压减小，所以电源的路端电压变大，C错误；D．电压表与电流表示数的比值表示气敏电阻的阻值大小，因为酒精浓度越大，气敏电阻阻值就越大，所以电压表与电流表示数的比值就越大，故D错误。故

选B。8.一个质点经过平衡位置O，在A、B间做简谐运动，如图甲所示，它的振动图像如图乙所示，设向右为正方向，下列说法正确的是（）A.0s时质点的加速度最大B.0.4s时质点的加速度方向是B→OC.0.7s时质点由O向B运动，加速度方向向左D.在0.1s到0.

3s质点速度先增大后减小【答案】ACD【解析】【详解】A．由图像可知，0s时质点处于正向最大位移处，则加速度为负向最大，故A正确；B．0.4s末质点处于负向最大位移处，则加速度正向最大，方向为AO→，故B错误；C．由图像可知，0.7s时质点从平衡位置向正向最大位移振动的过程中，加

速度为负方向；则质点由O向B运动，加速度方向向左，故C正确；D．由于质点在平衡位置的速度最大，所以由图像可知，在0.1s到0.3s质点速度先增大后减小，故D正确。故选ACD。9.快递运输时，我们经常看到，有些易损坏物品外面都会利用充气袋进行包裹，这种做法的好处是

（）A.可以大幅度减小某颠簸过程中物品所受合力的冲量B.可以大幅度减小某颠簸过程中物品动量的变化C.可以使某颠簸过程中物品动量变化的时间延长D.可以使某颠簸过程中物品动量对时间的变化率减小【答案】CD【解析】【详解】AB

C．充气袋在运输中起到缓冲作用，在某颠簸过程中，物体的动量变化量不变，由动量定理可知，充气袋可以延长动量变化所用的时间，从而减小物体所受的合力，但不能改变合力的冲量，AB错误，C正确；D．动量对时间的变化率即为物体所受的合力，D正确。故选CD。10.如图所示，平行金属板中有一个带电油

滴悬浮在两板间的P点，不考虑电流表和电压表对电路的影响，选地面的电势为零，当滑动变阻器4R的滑片向b端移动时，下列说法正确的是（）A.油滴带负电，将向下运动B.电压表示数变大C.电源的效率变低D.若电压表、电流表的示数变化量分别为U和I，则1UrRI+【答

案】AC【解析】【详解】AB．油滴原来静止在电容器内，受向上的电场力与向下的重力且二力平衡，由题图可知，电容器内部电场方向向下，所以油滴带负电。当滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中的总电流增大，路端电压减小，所以1R两端

的电压增大，则电容器两端电压减小，即电压表示数变小，电容器内场强减小，油滴所受电场力小于重力，将向下运动，故A正确，B错误；C．电源的效率为221100%100%100%()1IRRrIRrRrR===+++外外外外外当

滑动变阻器4R的滑片向b端移动时，其阻值减小，则外电阻R外减小，电源的效率变低，故C正确；D．根据闭合电路欧姆定律可知1()EUIRr=++可得1()UIRrE=−++若电压表、电流表的示数变化量分别为U和I，则有1ΔΔUrRI=+故D错误。故选AC。三、实验

题11.某物理兴趣小组要精密测量一金属丝的电阻率。（1）用螺旋测微器测其直径，如图a所示，为____________mm，用游标卡尺测其长度，如图b所示，为____________cm。（2）若通过多

次测量得到的电阻的伏安特性曲线（纵坐标I−横坐标U）为过原点的直线，其直线的斜率为k，由d表示电阻丝的直径，L表示电阻丝的长度，其电阻率的表达式为____________。【答案】（1）①.1.840②.4.240（2）24dkL【解析】【小问1详解】[1]螺旋测微器的固定刻度读

数为1.5mm，可动刻度的最小分度为0.01mm，需要估读到下一位，读数为34.0×0.01mm=0.340mm故金属丝的直径为1.5mm+0.340mm=1.840mm[2]游标卡尺主尺的读数为42mm，游标尺的最小分度为0.05mm，读数为8×0.05mm=0.4

0mm金属丝的长度为42mm+0.40mm=42.40mm=4.240cm【小问2详解】由UIR=，可知电阻的伏安特性曲线的斜率1kR=由电阻定律可知22LLRSd==解得电阻率的表达

式为24dkL=12.测定电源的电动势和内电阻的实验电路和UI−图象如图所示；请回答下列问题：（1）如图甲所示，在闭合开关之前为防止电表过载而移动滑动变阻器的滑动头P，应放在滑动变阻器___________处

（填“a”或“b”）（2）现备有以下器材：A．干电池1个B．滑动变阻器（050Ω）C．电压表（0～3V）D．电压表（0～15V）E．电流表（0～0.6A）F．电流表（0～3A）其中电流表应选___________，电压表应选___________。（填字母代号）（

3）根据原理图在实物图上把线连好___________；（4）如图乙是根据实验数据画出的UI−图象。由此可知这个干电池的电动势E=________V，内电阻r=________Ω。（计算结果均保留三位有效数字）（5）由于电压表的分流作用使本实验电

路存在系统误差，导致E测_______E真，r测_______r真（填“”“”或“=”）。【答案】①.a②.E③.C④.⑤.1.49⑥.0.725⑦.⑧.【解析】【详解】（1）[1]滑动变阻器采用限流接法，在闭合开关之前为防止电表

过载，划定变阻器滑动头P应放在滑动变阻器a处；（2）[2][3][由图乙可知：电路中的最大电流为0.4A，因此电流表选择量程为0.6A比较合适，故电流表选择E，电源电动势约为1.5V，因此电压表选择量程为3V比较合适，故电压表选择C；（3）[4]根据电路图连接的实物

图如下图所示（4）[5][6]由图乙可知，电源的U﹣I图象与纵轴的交点坐标值是1.49，则电源电动势为1.49V，图象的斜率表示电源内阻，所以电源内阻为1.491.20Ω0.725Ω0.4r−==（5）[7][8]由电路图可知，相对于电源来说，电流表采用外接法，由于电压表分流，电流测量值小于真实值

，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的UI−图象如图所示：电源的UI−图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻，由图象可知，电源电动势的测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值

。四、计算题。（本题共3小题，共42分）13.如图所示，在光滑水平面上，有一质量M＝3kg的薄板，板上有质量m＝1kg的物块，两者以v0＝4m/s的初速度朝相反方向运动，薄板与物块之间存在摩擦且薄板足够长，取水平向右为正方向，求：（1）

物块最后的速度；（2）当物块的速度大小为3m/s时，薄板的速度。【答案】（1）2m/s，方向水平向右；（2）113m/s，方向水平向右【解析】【分析】【详解】（1）由于水平面光滑，物块与薄板组成系统动量守恒，设共同运动速度大小为v，由动量守恒定律得Mv0

－mv0＝（m＋M）v代入数据解得v＝2m/s方向水平向右。（2）由（1）知，物块速度大小3m/s时，方向向左，由动量守恒定律得Mv0－mv0＝－mv1＋Mv′的为代入数据解得v′＝113m/s方向水平向右。14.如图所示，在高h=0.8m的平台上放置一质量

为M=0.99kg的小木块（视为质点），小木块距平台右边缘距离d=2m，一质量m=0.01kg的子弹以400m/s的速度沿水平方向射入小木块并留在其中，然后一起向右运动。最后，小木块从平台边缘滑出落在距

平台右侧水平距离s=0.8m的地面上，g取210m/s，求：（1）小木块滑出平台时的速度大小v；（2）子弹射入小木块后，子弹和小木块的共同速度；（3）木块与平台间的动摩擦因数μ。【答案】（1）2m/s（2）4m/s（3）0

.3【解析】【小问1详解】小木块从平台滑出后做平抛运动，竖直方向有212hgt=解得0.4st=水平方向有0.8msvt==可得小木块滑出平台时的速度大小为2m/sv=【小问2详解】子弹射入木块的过程中，根据系统动量守恒可得()0mvMmv=+共解得子弹和小木块的共同速度

为4m/s=共v【小问3详解】木块在平台上滑动过程中做匀减速运动，根据动能定理2211()()()22MmgdMmvMmv−+=+−+共解得0.3=15.如图所示，质量05kgm=的小球用长l=1m的轻绳悬挂在固定点O，质量110kgm=的物块静止在质量230kgm=的14光滑

圆弧轨道的最低点，圆弧轨道静止在光滑水平面上，悬点O在物块1m的正上方，将小球拉至轻绳与竖直方向成37°角后，静止释放小球，小球下摆至最低点时与物块发生弹性正碰，碰后物块恰能到达圆弧轨道的最上端。若小球、物

块都可视为质点，不计空气阻力，重力加速度g取210m/s，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求（1）碰撞前，小球下摆至最低点时，球对轻绳拉力的大小；（2）碰撞后瞬间物块的速度大小；（3）圆弧轨道的半径。【答案

】（1）70N（2）4m/s3（3）1m15【解析】【小问1详解】小球下摆至最低点，根据机械能守恒可得()200011cos372mglmv−=小球在最低点，由牛顿第二定律得2000mvTmgl−=解得70NT=由牛顿第三定律，球对轻绳的拉力大小为70N。【小问2详解】小球与物块碰

撞，根据动量守恒和机械能守恒可得0000111mvmvmv=+2220000111111222mvmvmv=+解得14m/s3v=【小问3详解】物块滑到圆弧轨道最高点的过程中，系统满足水平方向动量守恒和机械能守恒可得(

)11122mvmmv=+()221112211122mvmmvmgR=++解得1m15R=