【文档说明】浙江省衢州市2022-2023学年高一上学期期末教学质量检测物理试题 含解析.docx，共(21)页，14.142 MB，由小赞的店铺上传

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衢州市2023年1月高一年级教学质量检测试卷物理本试题卷分选择题和非选择题两部分，共6页，满分100分，考试时间90分钟。考生注意：1．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试题卷和答题纸

规定的位置上。2．答题时，请按照答题纸上“注意事项”的要求，在答题纸相应的位置上规范作答，在本试题卷上的作答一律无效。3．非选择题的答案必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上相应的区域内，作图时先使用

2B铅笔，确定后必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑。4．可能用到的相关参数：重力加速度g均取10m/s2。一、选择题(本题共16小题，每小题3分，共48分。每小题列出的四个选项中只有一个符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1.下列物理单位不属于基本单位的是（

）A.米B.千克C.牛顿D.秒【答案】C【解析】【详解】米、千克、秒是基本单位，牛顿不是基本单位是导出单位。故选C。2.如图所示，北京时间2022年10月31日15时37分，搭载空间站梦天实验舱的长征五号B遥四运载火箭在我国文昌航天发

射场准时点火发射，并于11月1日成功对接天和核心舱，则下列说法正确的是（）A.研究梦天实验舱和天和核心舱对接时可以把实验舱看作质点B.研究梦天实验舱绕地球的运动轨迹时可以把实验舱看作质点C.描述梦天实

验舱在太空中的运动情况与参考系的选取无关D.研究长征五号B遥四运载火箭运动时一定要以地面为参考系【答案】B【解析】【详解】A．研究梦天实验舱和天和核心舱对接时，实验舱的形状和大小不能忽略不计，不可以把实验舱看作质点，故A错误；B．研究梦天实验舱绕

地球的运动轨迹时，实验舱的形状和大小可以忽略不计，可以把实验舱看作质点，故B正确；C．描述梦天实验舱在太空中的运动情况与参考系的选取有关，参考系不同，可能观察到实验舱的运动情况不同，故C错误；D．研究长征五号B遥四运载火箭运动时，不一定要以地面为参考系，故D错误。故选B。3.下列关于物理思想

方法说法不正确的是（）A.研究微小形变时采用了“放大”的方法B.建立质点概念时采用了等效替代法C.研究加速度与力、质量关系时采用了控制变量法D.用v-t图像研究匀变速直线运动的位移时间关系时采用了微元法【答案】B【解析】【详

解】A．在研究物体微小形变的时候，用到了放大的思想，故A正确，不符合题意；B．质点是用来代替物体的有质量的点，是实际物体的简化，质点在现实生活中不存在，采用了理想模型的研究方法，故B错误，符合题意；C．研究加速度与力、质量关系时，保持m恒定的情况下，探究a与F的关系，保持F

恒定的情况下，探究a与m的关系，采用的是控制变量法，故C正确，不符合题意；D．用v-t图像研究匀变速直线运动的位移时间关系时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故D正确，不符合题意。

故选B。4.下列说法符合物理史实的是（）A.牛顿认为力是改变物体的运动状态的原因B.笛卡尔通过理想斜面实验发现了物体的运动不需要力来维持C.伽利略提出力是维持物体运动的原因D.亚里士多德猜想自由落体运动速度与下落时间成正比，并用实验进行验证【答案】A【解析】【详解】A．牛顿

认为力是改变物体的运动状态的原因，故A正确；B．伽利略通过理想斜面实验发现了物体的运动不需要力来维持，故B错误；C．亚里士多德提出力是维持物体运动的原因，故C错误；D．伽利略猜想自由落体运动速度与下落时间成正比，但并未直接验证，而是用理想斜面实验进行的数学推导，故D错误。故选A。5.现代科技的发展

给我们生活带来很多便利，比如手机的导航功能，丁老师要开车去衢州市人民医院，如图是他的手机导航的截图，则下列说法正确的是（）A.21:06是指时间间隔B.汽车沿三种方案运动的位移都相同C.汽车沿方案三比方案一运动的平均速度大D.汽车沿方案一运动的平均速度约为24.8km

/h【答案】BD【解析】【详解】A．图中的21:06是指时间，故A错误；B．由于初位置与末位置相同，所以三种方案位移都相同，故B正确；C．平均速度是位移与时间的比值，汽车沿方案三与方案一运动的平均速度一样大，故

C错误；D．由平均速度的计算公式有6.2km/h24.8km/h1560xvt===故D正确。故选BD。6.如图所示，竖直井中的升降机可将井底的矿石快速运送到地面。已知竖直井深约为50m，升降机的最大加速度为1m/s2，假定升降机到井口的速度恰好为零。则升降机运动到

井口的最短时间约为（）A.5sB.10sC.7sD.14s【答案】D【解析】【详解】由题知，升降机先加速后减速到达井口时用时最短，加速度大小都为a=1m/s2，则根据中间时刻速度等于平均速度得到加速过程、减速过程的平均速度大小相同，都为最大速度v的一半

，设总时间为t，则50m22vttva==解得14st故选D。7.如图为倾斜式停车设备，汽车开上水平托架后，托架能自动升起挡板，并缓慢倾斜至一定角度，则下列说法正确的是（）A.托架倾斜过程中汽车有相对托架向上滑动的趋势B.挡板对汽车的支持力与托架对汽车的

摩擦力方向相反C.托架倾斜过程中托架对汽车的支持力方向不断变化D.托架受到的压力是由于托架发生形变产生的【答案】C【解析】【详解】A．托架倾斜过程中汽车有相对托架向下滑动的趋势，故A错误；B．挡板对汽车的支持力平行斜面向上，

根据A选项分析可知托架对汽车的摩擦力平行斜面向上，两个力的方向相同，故B错误；C．托架倾斜过程中托架对汽车的支持力始终垂直斜面向上，托架倾斜过程中托架对汽车的支持力方向不断变化，故C正确；D．由弹力产生的条件可

知托架受到的压力是由于汽车发生形变产生的，故D错误。故选C。8.2022年8月5号，我国出口印尼高速动车组正式启用，中国的“名片”再一次“走出去”。如图1甲、乙两列动车在两平行直轨道上行驶，0=t时刻两车车头刚好平齐，两动车的位移—时间图像如图2所示，则下列说法正确的是

（）A.0=t时，甲、乙两车速度相同B.1=tt时，甲、乙两车车头恰好平齐C.10~t内，乙车行驶的距离比甲车大D.10~t内，乙车速度始终比甲车大【答案】B【解析】【详解】A．根据xt−图像斜率的绝对值表示速度大小可知0=t时，甲车速度小于乙车速度，A错误；B．由题图可知1=tt时，甲、乙两

车车头恰好平齐，B正确；C．由题图可知10~t内，乙车行驶的距离与甲车行驶的距离相等，C错误；D．根据xt−图像斜率的绝对值表示速度大小可知10~t内乙车的速度先小于甲车的速度，后大于甲车的速度，D错误。故选B。9.在亚马逊河流域有一种鱼叫阿氏丝鳍脂鲤，繁殖时会把

卵产在河边的树叶上。如图有一条此类鱼摆尾击水跃出水面，静止吸附在树叶上，则下列说法正确的是（）的A.鱼静止在树叶上，树叶对鱼的作用力方向一定竖直向上B.鱼静止在树叶上，鱼对树叶的吸力与树叶对鱼的弹力是一对平衡力C.鱼能跃出水面，主要是因为受到水的浮力作用D.鱼在水中向上加速时，水对鱼的作用力大于

鱼对水的作用力【答案】A【解析】【详解】A．鱼静止在树叶上，鱼的合力为零，根据共点力平衡可知，树叶对鱼的作用力方向一定与重力等大反向，即竖直向上，A正确；B．鱼静止在树叶上，鱼对树叶的吸力与树叶对鱼的弹力是一对作用力与反作用力，B错误；C．鱼能跃出水

面，主要是因为鱼摆尾击水，水对鱼尾的反作用力大于重力，所以才能跃出水面，C错误；D．无论鱼运动状态如何，水对鱼的作用力与鱼对水的作用力等大反向，属于作用力与反作用力，D错误。故选A。10.大型油罐车内的油在运输过程中极易发生涌动（如

图1），为了防止油涌动导致车体重心急剧变化的危害，在油罐车内部设置了一些固定挡板（如图2）。则下列说法正确的是（）A.油罐车向前启动时，由于惯性，油罐内的油将向前涌动B.油罐车内设置挡板，减小了油罐内的油的惯

性C.油罐车在变速行驶过程中容易涌动，是油罐内的油惯性不断变化引起的D.油罐车在平直道路上匀速前进时，即使没有挡板油也几乎不会涌动【答案】D【解析】【详解】A．油罐车向前启动时，由于惯性，油要保持原来的运动状态将向后涌动，故A错误；BC．惯性取决于物体的质量，质量不变惯性不变，与其他无关

，故BC错误；D．油罐车在平直道路上匀速前进时，由牛顿第一定律可知，即使没有挡油板油也几乎不会涌动，故D正确。故选D。11.高空抛物是一种极不文明行为，很容易对行人造成伤害。如图所示，一个苹果从某一居民楼11楼自由下落，与地面的撞击时间约为0.02s，忽略空气阻力，则该苹果对地面产生的平均撞击力

约为自身重力的多少倍（）A.5B.12C.120D.1200【答案】C【解析】【详解】苹果从某一居民楼11楼自由下落，高约30m，由速度位移公式22vgh=可得2106msvgh==设地面对苹果的平均作用力为F，向上为正

方向，由动量定理可得（F−mg）Δt=0−（−mv）解得F=123mg由牛顿第三定律可知，该苹果对地面产生的平均冲击力约为自身重力的123倍。故选C。12.如图所示，两劲度系数均为20N/cm的轻质弹簧a、b串接

在一起，a弹簧的一端固定在墙上，开始时两弹簧均处于原长状态，现用水平向右F=20N的力作用在b弹簧的P端，达到平衡时P端向右移动的距离为（）A.1cmB.2cmC.3cmD.4cm的【答案】B【解析】【详解】两个轻质弹簧a、b串接在一起，

两弹簧中弹力相等，有==abFkxkx解得20cm1cm20abxx===P端向右移动的距离为2cmabxxx=+=故选B。13.图1是工人把货物运送到房屋顶端的场景，简化图如图2所示，绳子跨过定滑轮拉动货物

A，沿倾角为θ的玻璃棚缓慢向上移动，忽略货物所受摩擦阻力，则下列说法正确的是（）A.货物A对玻璃棚的压力不变B.货物A对玻璃棚的压力越来越大C.绳子的拉力越来越大D.绳子的拉力越来越小【答案】C【解析】【详解】对A受力分析，其动态图如下货物缓慢向上移动，则拉力方

向与竖直方向上的夹角减小，由图可知，绳子的拉力越来越大。同时，玻璃棚对货物的支持力变小，则货物A对玻璃棚的压力越来越小。故选C。14.近几年，无人机在农业生产中得到广泛应用。图1是无人机在喷洒农药，图2是该无人机垂直起飞过程中的v−t图像，则下列说法正确的是（

）A.6s后无人机开始向下运动B.0~6s内无人机的加速度逐渐增大C.0~6s内无人机的平均速度等于0.5m/sD.6~9s内无人机的平均速度小于0.75m/s【答案】D【解析】【详解】A．0-9秒速度始终为正值，无人机一直向上运动，故A错误；B．图像斜率代表加速度，所以0~

6s内无人机的加速度逐渐减小，故B错误；C．图像面积代表位移，如果0-6秒是匀变速运动01m/s0.5m/s2v+==而实际位移大于匀变速位移，所以0~6s内无人机的平均速度大于0.5m/s，故C错误

；D．同理6~9s内如果匀变速运动0.51'm/s0.75m/s2v+==实际位移小于匀变速位移，所以6~9s内无人机的平均速度小于0.75m/s，故D正确。故选D。15.随着衢州创建全国文明城市活动不断推进，斑马线前“礼让行人”已深入人心

。如图一辆以10m/s匀速行驶的汽车，在车头距离停止线20m处，司机观察到斑马线上的行人，立即刹车，汽车开始做匀减速直线运动，车头刚好停在停止线处。则下列说法正确的是（）的A.汽车刹车时的加速度大小为5m/s2B.汽车在最后1s的位移大小为2.5mC.若经过0.5s反应时

间汽车开始减速，整个过程汽车的平均速度大小为5m/sD.若经过0.5s反应时间汽车开始减速，减速过程汽车的加速度大小约为3.3m/s2【答案】D【解析】【详解】A．由题意，可得汽车刹车时的加速度大小为222210m/s2.

5m/s2220vas===故A错误；B．根据逆向思维，可得汽车在最后1s的位移大小为22112.51m1.25m22sat===故B错误；CD．若经过0.5s的反应时间，汽车运动的距离为00100.5m5msvt===接着减速到停止所发生的位移为21015m2a=可

得减速过程汽车的加速度大小为2210m/s3.3m/s3a=减速所用时间为10s3s103vta===可得整个过程汽车的平均速度大小为020m/s5.7m/s30.5svtt==++故C错误，D正确。故选D。16

.目前大部分手机都内置了加速度传感器，某同学在电梯内利用手机测量电梯运行时的加速度，得到图1所示的图线，经计算机处理后将图线简化为图2所示的at−图像。已知该同学的质量为60kg，0=t时电梯处于静止状态，规定竖直向上为正方向，则下

列说法正确的是（210m/sg=）（）A.16st=时电梯开始向下运动B.4~9s内该同学先处于超重状态，后处于失重状态C.整个过程中，电梯的最大速度大小约为2.5m/sD.整个过程中，该同学受到最大支持

力为630N【答案】D【解析】【详解】A．依题意，结合at−图像可知，电梯先向上加速，然后匀速，接着再减速，在16st=时电梯的加速度方向开始竖直向下，所以可知电梯在16st=时开始减速向上运动，故A错误；B．该同学的加速度与电梯加速度相同，在4~9s内，电梯的加速度方向一直竖直向上

，所以该同学一直处于超重状态，故B错误；C．根据at−图像围成的面积表示速度的改变量，由图像可知（大于半格的算一格，不足半格的舍去），整个过程中，电梯在9st=时达到最大速度，可得最大速度大小约为m170.11m/s1.7m/sv=故C错误；D．由at−图像可知整个过程中，该同学竖直

向上的最大加速度为20.5m/s，根据牛顿第二定律可得N−=Fmgma其受到的最大支持力为N()60(100.5)N630NFmga=+=+=的故D正确。故选D。二、非选择题(本题共5小题，共52分)17.在“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中，把橡皮条一端固定于P点

，另一端通过细绳套连接两个弹簧测力计，并将该端拉至O点，如图所示。（1）已有实验器材：木板、白纸、图钉、细绳套、橡皮筋、铅笔、弹簧秤，下列器材中还需要选取的是_______（填选项字母）。A.B.C.D.（2）实验过程中，下列有利于减小实验误差的方法是_______。A．两个弹

簧测力计拉力方向的夹角尽量大些B．连接两个弹簧测力计的细绳必须等长C．拉橡皮筋时，弹簧测力计、细绳都应与木板平行D．拉橡皮筋时，尽可能减小弹簧测力计外壳与纸面之间的摩擦力（3）某次实验中，弹簧测力计的指针

位置如图所示，其读数为_______N。（4）图中a、b是某同学根据正确的实验过程，作出的力的示意图，其中符合实验事实的是_______（填“a”或“b”）。【答案】①.A②.C③.2.60##2.61##2.62##2.63##2.

64④.a【解析】【详解】（1）[1]需要用刻度尺来划线确定力的方向。故选A。（2）[2]A．两个弹簧测力计拉力方向的夹角适当大。故A错误；B．连接两个弹簧测力计的细绳适当长一些，不必须等长。故B错误；C．因为力的合成是在纸面内进行，所以拉橡皮筋时，弹簧测力计、细绳都应与木板平行（纸面）。故C正

确；D．拉橡皮筋时，测力计外壳与纸面之间的摩擦力不会影响测力计的大小，则不用减小弹簧测力计外壳与纸面之间的摩擦力。故D错误。故选C。（3）[3]测力计的分度值是0.1N，则读数为2.64N。（4）[4]一个测力计拉时，其方向必须沿PO方向，而通过平行四边

形定则得出的力不一定沿PO方向，但很接近。故选a。18.（1）在“练习使用打点计时器”的实验中，某同学使用的是电磁打点计时器，则电源选择_______（填“A”或“B”）；打点计时器纸带操作正确的是_______（填“C”或

“D”）。A.B.C.D.（2）用如图所示实验装置“探究加速度与物体所受合力的关系”，下列说法不正确的是_______。A．补偿阻力时，需要挂上重物B．补偿阻力时，小车需要连着纸带C．补偿阻力是为了使细线拉力等于小车所受的合力D．控制砂和砂桶（或槽码）的总质量远小于小

车质量，是为了使细线拉力近似等于砂和砂桶（或槽码）的总重力（3）某次实验得到的纸带如图所示，则打下A点时小车的瞬时速度大小为_______m/s，该小车的加速度大小为_______m/s2（计算结果保留小数点后两位）。【答案】①.B②.D③.A④.0

.81⑤.1.00【解析】【详解】（1）[1]电磁打点计时器的工作电压为4~6V的低压交流电，故选择低压学生电源，B正确。[2]安放纸带时，纸带必须穿过限位孔，把纸带放在复写纸的下面，C错误，D正确。（2）[3]AB．平衡摩擦力的做法，适当倾斜轨道，小车在不挂重物的情况下，轻推小车，其能在轨道

上做匀速直线运动。小车连着纸带一方面可以通过打点情况判断小车是否做匀速直线匀速，一方面纸带与打点计时器之间的摩擦力也是实验中需要平衡的阻力的一部分。故A错误，符合题意；B正确，不符合题意；C．平衡好摩擦力后，由于sinfmg=阻所以小车所受合力等于细线拉力，C正确，不符合题意；D

．以重物和小车整体为研究对象，由牛顿第二定律()mgMma=+重重车以小车研究对象，由牛顿第二定律FMa=拉车联立得为1mmgFM=+重重拉车所以当砂和砂桶（或槽码）的总质量远小于小车

质量时，细线拉力近似等于砂和砂桶（或槽码）的总重力，D正确，不符合题意。故选A。（3）[4]由题图得每段长度所用的时间为20.04stT==则打下A点时小车的瞬时速度大小为()2123.153.3110m/s=0.81m/s220.04Assvt−++==[5]用逐差法求

小车的加速度()2223421223.473.633.313.1510m/s1.00m/s440.04ssssat−+−−+−−===19.如图1是江滨公园的滑梯，该滑梯可以简化成由倾斜滑道AB、水平滑道BC组成，且AB与BC间平滑连接，如图2所示。某小朋友从A点由静止开始，以

加速度22m/sa=经2s到达斜面底端，接着在水平面上做匀减速直线运动，运动3m后静止，假设小朋友经过B点时速度大小不变。求（1）该小朋友到达B点的速度大小；（2）倾斜滑道AB的长度；（3）该小朋友在水平滑道上运动时

加速度的大小。【答案】（1）4m/s；（2）4m；（3）28m/s3。【解析】【详解】（1）在倾斜滑道AB上，由运动学公式得，该小朋友到达B点的速度大小为14m/svat==（2）倾斜滑道AB的长度为2114m

2xat==（3）在水平滑道BC上，由运动学公式212BCvax=可得，该小朋友在水平滑道上运动时加速度的大小为28m/s3a=20.某同学表演魔术时，将一小型条形磁铁藏在自己的袖子里，然后对着一悬挂的小铁球指手画脚，结果小铁球在他“神奇的功力”下飘

动起来。假设当隐藏的小磁铁位于小铁球的左上方某一位置C处（CS竖直，∠QCS＝30°），小铁球偏离竖直方向的夹角θ也是30°，此时小铁球静止，如图所示。已知小铁球的质量为m。求：（1）悬挂小铁球的细线拉力的大小；（2）该同学受到地面摩擦力的大小；（3）若改

变小磁铁的位置，保持小铁球静止且位置不变，两者吸引力的最小值。【答案】（1）33mg；（2）36mg；（3）12mg【解析】【详解】（1）对小铁球受力分析，根据平衡条件可得cos30cos30TFmg+

=吸sin30sin30TF=吸可得33Tmg=（2）对M、m整体受力分析3sin306fTmg==（3）对小铁球受力分析，当两者吸引力与细线垂直时，吸引力有最小值，可得1sin302Fmgmg==吸21.如图所示，一根竖直杆固定在水平面上，可视为

质点的物块A套在竖直杆上，用一根轻绳与气球B相连，竖直杆所在的空间存在水平向右持续稳定的风。已知竖直杆长度6.6mL=，物块A质量0.2kgm=，与竖直杆之间的动摩擦因数0.2=，所受风力大小11.2NF=，

方向水平向右。气球B质量不计，所受风力大小24.8NF=，方向水平向右，所受浮力大小3.6NF=浮，方向竖直向上。物块A从竖直杆的底端静止释放，在气球B拉动下一起向上运动，运动过程中空气阻力忽略不计。气球上方安装了尖刺，可将气球刺爆。求（提示：由牛顿第二定律Fma=可

知，任何状态下质量为零的物体合外力都为零）：（1）物块A向上加速时绳子张力的大小和方向；（2）物块A向上加速时加速度的大小；（3）为确保物块A不会向上脱离竖直杆，气球B被刺爆时，物块A距地面的最大高度

；（4）若物块A不会向上脱离竖直杆，物块A从释放到返回底端所用的最长时间（计算结果可以保留根号）。【答案】（1）6N；与竖直方向夹角53；（2）22m/s；（3）56m.；（4）2853()s5282++。【解析】【详解】（1）对

气球B受力分析，如图所示气球合外力为零，则绳子张力大小为2226NTFF=+=浮设绳子张力方向与竖直方向夹角θ，且满足24tan3FF==浮可得53=（2）对物块A受力分析，如图所示水平方向有N1sinFFT=+竖直方向有1cosTθfmgma−

−=其中1NfF=联立解得，物块A向上加速时加速度的大小为212m/sa=（3）设尖刺距地面的最大高度为1h，气球爆裂后物块向上运动的加速度大小为2a，对物块由牛顿第二定律22Ffmgma=+=合其中21fμF=联立解得，气球爆

裂后物块向上运动的加速度大小为2211.2m/sa=由运动学公式2112vah=2212)vaLh=−（可得，物块A距地面的最大高度为15.6mh=（4）设物块从顶端向下运动的加速度为3a，由牛顿第二定律23Fmgfma=−=合可得，物块从顶端向下运动的加速度为2

38.8m/sa=由运动学公式211112hat=212212Lhat−=23312Lat=联立可得，物块A从释放到返回底端所用的最长时间为1232853()s5282tttt=++=++总获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com