【文档说明】（粤教版，必修第三册第1~5章）（全解全析）（粤教版）.docx，共(15)页，1.733 MB，由小赞的店铺上传

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2024-2025学年高二物理上学期期中模拟卷（考试时间：75分钟，分值：100分）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号

。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．测试范围：第1~5章，粤教版2019必修第三册。4．难度系数：0.72。第Ⅰ卷一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．关于电势差的计算公式

，下列说法正确的是（）A．电势差的公式ABABWUq＝表明电场中两点间的电势差UAB与电场力做功WAB成正比，与移动电荷的电荷量q成反比B．把正电荷从A点移动到B点电场力做正功，则有UAB<0C．电场中A、B两点间的电势差UAB等于把正电荷

q从A点移动到B点时电场力所做的功D．电势差的公式UAB＝ABWq中，UAB与移动电荷的电荷量q无关【答案】D【难度】0.85【详解】AD．ABABWUq＝是用比值法定义电势差的公式，ABU与电场强度和两点的位置有关，与移动电荷q无关，A

错误，D正确；B．由ABABWUq＝可知把正电荷（q>0）从A点移动到B点电场力做正功，才有0ABU，若移动的是负电荷（q<0），则0ABU，B错误；C．由电势差的定义式可知，电场中A、B两点间的电势差ABU等于把单位正电荷q从A点移动到B点时电场力所做的功，C错误。故选

D。2．如图所示，原来不带电的绝缘金属导体MN，在其两端下悬挂金属验电箔，现使一带正电的金属小球靠近M端，下列说法正确的是（）A．只有M端的验电箔张开，N端带负电B．只有N端的验电箔张开，N端带正电C．两端的验电箔都张开，M端带负电，N端带正电D．两端的验电箔都张

开，两端的验电箔都带正电【答案】C【难度】0.85【详解】金属导体处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，金属导体的M端要感应出负电荷，在导体的N端会出现正电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且M端带负电，

N端带正电。故选C。3．如图所示，虚线a、b、c是某静电场中的三个等势面，它们的电势分别为a、b和c，一带正电粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示。由图可知（）A．粒子从K到L的过程中，电场力做负功B．粒子从L到M的过程中，电

场力做负功C．粒子从K到L的过程中，电势能减小D．粒子从L到M的过程中，动能减少【答案】A【难度】0.85【详解】AC．根据图中等势面形状可知此电场是点电荷形成，由带正电粒子的轨迹可知，粒子受到的电场力为斥力，则场源点电荷带正电，粒子从K到L

的过程中，电场力对粒子做负功，粒子的电势能增加，故A正确，C错误；BD．粒子从L到M的过程中，电场力先做负功后做正功，所以粒子的动能先减小后增加，故BD错误。故选A。4．如图，A、B两灯电阻相同，当滑动变阻器的滑动端P向上滑动时，下列说法中正确的是（）

A．电灯A、B亮度不变B．电源输出功率一定变大C．通过电源的电流一定增大D．电阻R中的电流一定减小【答案】D【难度】0.85【详解】ACD．当滑动变阻器的滑动端P向上滑动时，变阻器接入电路的电阻变大，则电路总电阻变大，根据闭合电路欧姆定律可知，电路总电流I为变

小，路端电压U变大；由于电灯A电压为路端电压，所以流过A的电流AI变大，电灯A变亮；根据ARIII=+可知电阻R中的电流一定减小，则电阻R两端电压减小，根据BRUUU=+可知电灯B电压变大，则电灯B变亮，故AC错误，D正确；B．当电路外电阻等

于内阻时，电源输出功率最大，但题干不清楚外电阻与内阻的关系，所以无法判断电源输出功率的变化情况，故B错误。故选D。5．风能是一种洁净、无污染、可再生的能源，临海括苍山山顶上建有全国第四大风力发电场，如图所示。已知该地区的风速约为6m/s，空气密度

约31.3kg/m，已知风力发电机的风叶叶片长度为40m，且风能的30%可转化为电能，则一台发电机发电功率约为（）A．33.610WB．52.110WC．71.510WD．91.510W【答案】B【难度】0

.65【详解】在st内经过叶片的空气体积为2Vrvt=空气的质量为mV=空气的动能为2k12Emv=风能的30%可转化为电能，则k30EE=电％整理可得，电能就是发电功率23320ErvPt==电代入数据解得52.110WP故选B。6．如图A，B，C三点都在匀强电场中，已知A

CBC⊥，60ABC=，20cmBC=，把一个电荷量510Cq−=的正电荷从A移到B，电场力的做功为零；从B移到C，电场力做功为31.7310J−−，则该匀强电场的场强大小和方向是（）A．865V/m，垂直AC向左B．865V/m，垂直AC向右C．10

00V/m，垂直AB斜向上D．1000V/m，垂直AB斜向下【答案】D【难度】0.65【详解】把一个正电荷从A移到B，电场力做功为零，可知AB为等势面，从B移到C，电场力做功为31.7310J−−，则BC间的电

势差为351.7310V173V10BCWUq−−−===−根据沿电场线电势降低，可知匀强电场的场强方向垂直AB斜向下，该匀强电场的场强大小为2173V/m1000V/msin60320102CBCBUEd−===故选D。7．如图为双量程的电流表电路示

意图，其量程分别为00.6A−和03A−，已知表头内阻gr为198，满偏电流gI为6mA，下列说法正确的是（）A．当使用a、b两个端点时，量程为00.6A−B．当使用a、c两个端点时，量程为03A−C．10.4R=D．20.8R=【答案】C【难度】0.65【详解】当使用a、b两个端点时

，有gg21mg1()IrRIIR+=+当使用a、c两个端点时，gg2mg2IrIIRR=++可知1m2mII，则当使用a、b两个端点时，量程为03A−，当使用a、c两个端点时，量程为00.6A−；根据gg21mg1()3AIrRIIR+=+=，gg2mg20.6AIrIIRR

=+=+代入数据解得10.4R=，21.6R=故选C。二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）8．如图为灯泡的伏安特性曲线，则下列说法正确的是（）A．图中A

点电阻为1ΩB．图中A点电阻为2ΩC．灯泡阻值随电流增大而增大D．灯泡灯丝电阻率随电流增大而增大【答案】ACD【难度】0.65【详解】AB．UI−图像点到原点连线的斜率表示电阻，故图中A点电阻为212AAAURI===故A正确，B错误

；CD．根据URI=可知，UI−图像点到原点连线的斜率表示电阻，由图可知，则灯泡阻值随电流增大而增大；根据电阻定律LRS=可知灯泡灯丝电阻率随电流增大而增大，故CD正确。故选ACD。【点睛】根据欧姆定律确定图像斜率等的物理意义，再根据图像分析电阻

变化和电流变化的关系。9．如图，平行板电容器与电动势为E′的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略。一带负电油滴被固定于电容器中的P点。现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）A．平行板电容器的电容将变小B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能将变大D

．若先将上极板与电源正极的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变【答案】AD【难度】0.65【详解】A.根据4SCkd=可知平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，即d增大，则电容器的电容C减小，故A正确；B.电容器两端接在电源两端，故电容器两

端的电压U不变，则静电计指针张角不变，故B错误；C.因电容器两端的电压U不变，由于下极板接地，其电势为零，故上极板的电势不变，根据UEd=可知电场强度减小，根据UEd=由于P点到上极板的距离不变，则

P点与上极板的电势差变小，而上极板的电势不变，故P点的电势增大，根据pEq=因负电荷在电势越高的点，电势能越小，可知负电荷的电势能变小，故C错误；D.若先将上极板与电源正极的导线断开，则电容器的电量保持不变，再将下极板向下移动一

小段距离，根据4SCkd=，QCU=，UEd=联立可得4kQES=可知电场强度不变，根据FqE=可知带电油滴所受电场力保持不变，故D正确。故选AD。10．空间有两个带等量正电荷的点电荷处于水平位置如图所示，O点为两点

电荷连线的中点，A、B为连线上相对O点对称的点，C、D在两点电荷连线的中垂线上，OCOD。下列说法正确的是（）A．A、B两点场强相同B．C、D两点的场强大小可能相等C．从A点静止释放一不计重力的带正电粒子，在从

A点向B点运动的过程中，带电粒子所受的电场力越来越小D．从C点静止释放一不计重力的带负电粒子，在从C点向O点运动过程其加速度可能先增大后减少【答案】BD【难度】0.65【详解】A．等量同种点电荷形成的电场关于O点对称的A、B两点场强等大反向，场强不同，故A错误；B．等量同种正点

电荷形成的电场在中垂线上的任意一点场强为22cosQEkr=其中r为该点据点电荷的距离，θ为点电荷在该处场强与中垂线的夹角，由于OCOD则CDrr那么有DC即coscosCD所以C、D两点场强大小无法判定

，有可能大小相等，故B正确；C．等量同种正点电荷形成的电场在O点场强为零，电场力为零，从A点静止释放一不计重力的带正电粒子，在从A点向B点运动的过程中，场强先减小后增大，电场力先减少后增大，故C错误；D．从C点静止释放一不计重力的带负电粒子，由于CO段场强变

化无法确定，故加速度大小变化无法确定，有可能是先增大后减少，故D正确。故选BD。第Ⅱ卷三、非选择题（本题共5小题，共54分．考生根据要求作答）11．（8分）某实验小组为测量干电池的电动势和内阻，设计了如图（a）所示电路

，所用器材如下：电压表（量程03.0V，内阻约为3kΩ）；电流表（量程00.6A，内阻约为0.5Ω）；电阻箱（阻值0999.9Ω）；干电池一节、开关一个和导线若干。(1)根据图（a），完成图（b）中的实物图连线。(2)调节电阻箱到最大阻值，闭合开关。逐次改变电阻箱的电阻，记

录其阻值R、相应的电流表示数I和电压表示数U。根据记录数据作出的UI−图像如图（c）所示，则这一节干电池的电动势为V（保留3位有效数字）、内阻为Ω（保留2位有效数字）。(3)本实验中干电池内阻的测量值与真实值相比（填“偏大”或“偏小”）。【答案】(1)见解析(2)1.580.64

（0.56-0.66范围内都可以）(3)偏小【难度】0.85【详解】（1）实物连线如图（2）[1][2]由电路结合闭合电路的欧姆定律可得U=E−Ir由图像可知E=1.58V内阻1.581.37Ω0.64Ω0.33r−==（3）由于电压表内阻不是无穷大，则实

验测得的是电压表内阻与电源内阻的并联值，即实验中测得的电池内阻偏小。12．（10分）某小组用铜棒完成“测定金属电阻率”实验，实验步骤如下：(1)首先通过螺旋测微器测量铜棒直径，通过游标卡尺测铜棒的长度，测量结果如图甲、乙所示，则铜棒直径d=mm，铜棒的长度L=cm

。(2)为了精密测量该金属丝的电阻率，某实验小组先使用多用电表粗测其电阻约为6，然后进行较准确测量，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下：A．电压表1V（量程3V，内阻约为15kΩ）B．电压表2V（量程15V，

内阻约为75kΩ）C．电流表1A（量程3A，内阻约为0.2）D．电流表2A（量程600mA，内阻约为1）E.滑动变阻器()05Ω,0.6AR−F.输出电压为3V的直流稳压电源G.电阻箱H.开关S，导线若干为尽量减小实验误差，电压表选；电流表选；（填器材前的字母）(3)若要求实验过程

电压表的读数能够从零开始调节，在方框内画出电路图。(4)如果金属丝直径为D，长度为L，所测电压为U，电流为I，写出计算电阻率的表达式。【答案】(1)1.8404.220(2)AD(3)见解析(4)24UDIL【难度】0.65【详解】（1）[1]螺旋测微器的精确值为0.01mm，由图

可知铜棒的直径为1.5mm34.00.01mm1.840mmd=+=[2]20分度游标卡尺的精确值为0.05mm，由图可知铜棒的长度为42mm40.05mm42.20mm4.220cmL=+==（2）[1][2]由于电源电压为3V，则电压表应选择A；该金属丝的电阻约为6，根据mm3

A0.5A6xUIR===则电流表应选择D。（3）要求实验过程电压表的读数能够从零开始调节，则滑动变阻器应采用分压接法，由于VAxxRRRR电流表应采用外接法，则电路图如图所示（4）根据电阻定律可得xLRS=又xURI=，24DS=联立可得电阻率为24UDIL

=四、计算题：本题共3小题，共36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13．（12分）如图所示，在水平向右的匀强电场中，有一电荷量为741

0q−=C的负点电荷从A点运动到B点，电场力做功为63.210ABW−=J，AB间距离L=4m，与水平方向夹角为60；求：(1)B、A间电势差UBA是多少？(2)电场强度E是多大？(3)如果A点的电势为-4V，则B点的电势为多

少？电荷量为6210Q−=C的正电荷在A点具有的电势能是多少？【答案】(1)8V(2)4V/m(3)４V，－8×10-6J【难度】0.65【详解】（1）A、B间的电势差为ABABWUq=（2分）解得ABU=-8V（1分）则BAU=－ABU=8V（1分）（2）匀强电场的电场强度

大小为4cos60BAUEL==V/m（3分）（3）根据电势差的定义式有ABABU=−（2分）解得B=４V（1分）根据电势能的计算公式有pAAEQ==－8×10-6J（2分）14．（12分）如图所示，电源电动势E=12V，内阻r=1Ω，电阻R1=3Ω，R2=2Ω，R3=4

Ω,水平放置的平行板电容器的电容C=100μF，开关S断开后，电容器中的带电粒子处于静止状态，取g=10m/s2，求：（1）开关S断开时，流过电阻R1的电流；（2）开关S断开时，电容器所带的电量；（3）开关S闭合瞬间

，带电粒子的加速度大小和方向。【答案】（1）2A；（2）4410C−；（3）210m/s，方向竖直向上【难度】0.65【详解】（1）开关S断开后，R1与R2串联，流过电阻R1的电流为122AEIRRr==++（2分）

（2）开关S断开时，电容器两端电势差与R2电压相等，则C24VUIR==（2分）根据电容的定义式有4C410CQCU−==（1分）（3）设粒子的质量为m，电荷量为q，平行板电容器两板间的距离为d。开关S断开后，电容器两极板间的电压为C4VU=

（1分）由于粒子静止，则有CqUdmg＝（1分）开关S闭合后，电容器两极板间的电压为2C28VERURr==+（2分）因为C'qUdmg，由牛顿第二定律知，粒子加速度方向竖直向上，由上可得C2'gdqUm=（2分）则粒子的加速度大小为

C2'10m/smgqamdU=−=（1分）15．（12分）在真空中存在着竖直向下的匀强电场，电场强度为E，如图所示，一根绝缘细线长为L，一端固定在图中的O点，另一端固定有一个质量为m、电荷量为q+、可视为点电荷的小球，O点距离地面的高度为2L，将小球拉至与O点等高的位置A处从静止

释放。重力加速度为g，求：(1)小球运动到O点正下方B点时的速度大小；(2)此刻细线对B点处的小球的拉力大小；(3)若小球通过B点时，细线恰好断开，求小球落地点与O点的水平位移x。【答案】(1)2()+=mgqELvm(2)3()

TmgqE=+(3)2xL=【难度】0.65【详解】（1）从A到B过程，由动能定理得2102mgLqELmv+=−（2分）小球到达B点时的速度为2()+=mgqELvm（1分）（2）在B点，由牛顿第二定律得2vTm

gqEmL−−=（2分）解得3()TmgqE=+（1分）（3）对小球在绳断开后的类平抛运动，由牛顿第二定律有mgqEma+=（2分）竖直方向上有2122LLat−=（1分）水平方向上有xvt=（1分）联立解得2xL=（2分）