【文档说明】重庆市第四十九中学2023-2024学年高二上学期第一次月考物理试题 含解析.docx，共(15)页，1.116 MB，由小赞的店铺上传

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重庆市第四十九中学校2023-2024学年度高二上期第一次月考物理试卷一、单选题（每个小题只有一个正确的选项。每小题4分，共7小题，28分。）1.下列物理学史材料中，描述正确的是（）A.卡文迪什通过扭秤实验测量出静电引力常量的数值B.安培通过实验

测定了元电荷e的数值C.法拉第提出了“电场”的概念，并制造出第一台电动机D.库仑通过与万有引力类比，在实验的基础上验证得出库仑定律【答案】D【解析】【详解】A．卡文迪什通过扭秤实验测量出万有引力常量的数

值，故A错误；B．密立根通过油滴实验比较精确地测定了元电荷e的数值，故B错误；C．法拉第提出了“电场”概念，并制造出第一台发电机，而第一台实用电动机是德国科学家雅可比于1834年发明的，故C错误；D．库仑通过与万有引力类比，在实验的基础

上验证得出库仑定律，故D正确。故选D。2.对下列物理公式理解，其中正确的是（）A.由公式pEq=可知，静电场中某点的电势φ是由放入该点的点电荷所具有的电势能Ep和该电荷电量q所决定的B.由公式FEq=可知，静电场中某点的电场强度E由放入该点的点电荷

所受的电场力F和该电荷电量q所决定的C.由公式4SCkd=可知，平行板电容器的电容与极板间的正对面积S成正比D.由公式QCU=可知，电容器的电容C由电容器所带电荷量Q和两极板间的电势差U决定【答案】C【解析】【详解】A．静电场中某点的电

势φ由电场本身决定，与试探电荷无关，故A错误；B．电场强度E由电场本身决定，与试探电荷无关，故B错误；的的C．公式4SCkd=是电容的决定式，由公式可知平行板电容器电容C与极板的正对面积S成正比，

故C正确；D．电容器的电容C由电容器本身决定，与其所带的电荷量Q和两极板间的电势差U无关，故D错误。故选C3.如图甲为电场中的一条电场线，沿电场线建立坐标轴。若坐标轴上O~x2间各点的电势φ分布如图乙所示，则（）A.在O~x2间，电场强度先减小后增大B.在O~x2间，电场强度方向没有发生变化C.

若一负电荷从O点运动到x2点，电势能逐渐减小D.从O点静止释放一仅受电场力作用的正电荷，则该电荷在O~x2间一直做匀加速运动【答案】B【解析】【详解】A．φ-x图线的斜率表示电场强度，从图上可以看出斜率先变大后变小，所以电场强度

先变大后变小，故A错误；B．在O-x2间可以看出，电势逐渐降低，电场强度的方向从高电势指向低电势，所以场强方向一直沿x轴正方向，故B正确；C．对负电荷来说，电势越低，电势能越大，所以从O点运动到x2点，负电荷的电

势能逐渐增大，故C错误；D．由在O-x2之间图线的斜率不是定值可知，电场是非匀强电场，所以电荷受电场力是变力，电荷要做变加速运动，故D错误。故选B。4.如图所示，三个点电荷q1、q2、q3在一直线上静止，q1、q3带正电，q2

与q3的距离为q1与q2距离的2倍，下列说法正确的是（）。A.q2带正电，且q1＞q3B.q2带正电，且q1＜q3C.q2带负电，且q1＞q3D.q2带负电，且q1＜q3【答案】D【解析】【详解】三个电荷处于平衡时两边电性相同和中间相反，q1、q3带正电，则q2带负电。由于三个电荷均处于

平衡状态，设q1与q2距离为r，则q2与q3的距离为2r，所以对q1有()1312223qqqqkkrr=对q2有()3212222qqqqkkrr=对q3有()()22233123kkqrqqqr=解得q1：q2：q3=9

：4：36所以q1＜q3故选D。5.如图所示的电场中，实线表示电场线，虚线表示等差等势面，A、B、C为电场中的三个点。下列正确的（）A.A点电势比B点高B.A点场强比B点小C.负电荷在A点的电势能比在B点的电势能大D.B点和C点间的电势差是C点和A点间电势差的2倍【答案】C【解析】【分

析】【详解】A．因为沿电场线方向电势逐渐降低，由图式可知，电势从B点到A点逐渐降低，所以A点电势比B点低，故A错误；B．因为电场线越紧密的地方电场强度越大，由于A点电场线比B点紧密，所以A点场强比B点大，故B错误；C．由图示可知，负电荷在B点的运动到A点的过程中，电场力做负功，电势能增加，所以负电

荷在A点的电势能比在B点的电势能大，故C正确；D．因为虚线表示等差等势面，所以B点和C点间的电势差和C点和A点间电势差相等，故D错误。故选C。6.一电子只在电场力作用下从电场中的A点移动到B点的过程中，电子克服电场力做了5eV的功，则（）A.A点的电势比B点的电势高5V

B.A点的电势比B点的电势低5VC.电子的电势能减少了5eVD.电子的动能增加了5eV【答案】A【解析】【详解】AB．由于电子带负电，电子克服电场力做功，电子一定是从高电势点向低电势点运动，根据ABABWqU=，可得A点的电势比B点的电势高5V，故A正确B

错误；CD．克服电场力做了5eV的功，电子的电势能增加了5eV，则动能减小了5eV，故CD错误。故选A。7.一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷（电量很小）固定在P点，如图所示，以E表示两极板间的场强，U表示

电容器的电压，pE表示正电荷在P点的电势能，若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则（）A.U变大，E不变B.E变大，pE变大C.U变小，pE不变D.U不变，pE不变【答案】C【解析】【详解】由于电容器充电后与电源断开，电容器所带电

荷量不变，正极板向负极板移近时，根据r4SCkd=可知电容C增大，又由QUC=可知U减小，而由r4UQkQEdCdS===可知，电场强度E不变，由于E不变，P到负极板的距离不变，P点与负极板间电势差不

变，则可知P点的电势不变，则正电荷在P点的电势能pE不变。故选C。二、多选题（每小题至少两个选项，选对并选全得5分，选对未选全得3分，漏选或错选不得分。共3小题，每小题5分，共15分）8.从生活走向物理，从物理走向社会，物理和生活息息相关，联系生活

实际是学好物理的基础。下列有关电学知识的相关说法中，正确的是（）A.图甲中工作人员在超高压带电作业时，穿用金属丝编制的工作服应用了静电屏蔽的原理B.图乙为家用煤气灶的点火装置，是根据尖端放电的原理而制成的C.图丙为静电除尘装置的示意图，带负电的尘埃被收集在带正电的金属板上D.图丁为静电喷漆的示

意图，静电喷漆时使被喷的金属件与油漆雾滴带相同的电荷【答案】ABC【解析】【详解】A．图甲中工作人员在超高压带电作业时，穿用金属丝编制的工作服应用了静电屏蔽的原理，故A正确；B．图乙为家用煤气灶的点火装置，是根据尖端放电的原理而制成的，故B正确；C．图丙为静电除尘装置的示意图，带负电的尘埃

被收集在带正电的金属板上，故C正确；D．图丁为静电喷漆的示意图，静电喷漆时使被喷的金属件与油漆雾滴带不同的电荷，从而产生引力，故D错误。故选ABC。9.人们对手机的依赖性越来越强，有些人喜欢躺着看手机，经常出现手机砸伤眼睛的情况。若手机质量为180g，从离人眼约20cm的高度无初速掉落，砸到眼睛后

手机未反弹，眼睛受到手机的冲击时间约为0.2s，g取10m/s2，下列分析正确的是（）A.手机与眼睛作用过程中手机动量变化量的大小约为0.36kgm/sB.手机对眼睛的冲量方向竖直向上C.手机对眼睛的冲量大小约为0.2Ns

D.手机对眼睛的平均作用力大小约为3.6N【答案】AD【解析】【详解】A．手机恰好碰到眼睛时的速度为22m/svgh==手机与眼睛作用过程中手机动量变化量的大小0.36gs0km/pmv=−=故A正确；B．手机对眼睛的作用力方

向向下，冲量方向竖直向下，故B错误；CD．手机受到眼睛的作用力与自身重力，选向上为正，由动量定理得（N-mg）t=mv解得N=3.6N手机对眼睛的冲量大小0.72NsINt==故C错误，D正确。故选AD。10.在x轴上O、P两点分别放置电荷量为q1、q2的点电荷，一带正电的试探电荷在两电荷

连线上的电势能EP随x变化关系如图所示，其中A、B两点电势能为零，BD段中C点电势能最大，则下列说法正确的是（）A.q1和q2带同种电荷B.C点的电势大于零C.B点电场强度方向沿x轴负方向D.将一负点电荷从B点移

到D点，电场力先做负功后做正功【答案】BC【解析】【详解】A．由图知从O到P电势能一直减小，试探电荷带正电，电势一直降低，则两个点电荷必定是异种电荷，故A错误；B．由图可知从B到C，电势能增加，试探电荷带正电，电势升高，故C

点的电势大于零，故B正确；C．根据顺着电场线电势降低可知，BC间电场强度方向沿x轴负方向，故C正确；D．将一负点电荷从B移到D点，电势先升高后降低，电势能先减小后增大，电场力先做正功后做负功，故D错误。故选BC。三、实验题（第11题6分，第12题9分，共15分）11.在探究两电荷

间相互作用力的大小与哪些因素有关的实验中，一同学猜想可能与两电荷的间距和带电量有关。他选用完全相同的带正电的小球A和B，A球放在可移动的绝缘座上，B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点，如图所示。实验时，先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离

越小，B球悬线的偏角越大：再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大。（1）实验表明：两电荷之间的相互作用力，随其距离的___________而增大，随其所带电荷量的___________而增大。（2）若A、B带电荷量分别为Q

+和5Q−，开始相距较远为r时，它们间库仑力的大小为F，将两小球相互接触后将其距离变2r，则两球间库仑力的大小为___________。【答案】①.减小②.增大③.5F【解析】【分析】【详解】（1）[1]根据实验现象，可知两电荷之间的相互作用力随其距离的减小而增大；[2]

根据实验现象，可知两电荷之间的相互作用力随其所带电荷量的增大而增大；（2）[3]接触前的库仑力225QFkr=接触之后，电荷量先中和再平分，故电荷量为522QQqQ−+==−距离变为2r，则它们之间的库仑力为()()222222215552QQQFFkkkrrr===

=12.学习小组利用如下实验装置研究两小球弹性碰撞过程中的动量守恒。如图所示，斜槽固定在水平桌面上且末端切线水平，距槽末端一定距离的位置固定着一个竖直挡板，A、B两小球直径相同且发生弹性碰撞，不计斜槽转折点的能量损耗和空气阻

力，实验步骤如下：①将白纸、复写纸固定在竖直挡板上，用来记录实验中小球与竖直挡板的撞击点；②用水平仪确定竖直挡板上与小球圆心O等高的点并记录为P；③让入射小球A单独从斜槽固定挡板处静止自由释放，记录小球在竖直挡板上的撞击点；④将被碰小球B静止放置在水平轨道

的末端，让入射球A再次从斜槽固定挡板处静止释放，A、B两球在斜槽末端碰后均向右水平抛出，记录A、B两小球在竖直挡板上的撞击点；⑤重复③④操作多次，确定两小球各次的平均撞击点Q、M、N；⑥测得1PQh=、2PMh=、3PNh=根据该实验小

组的实验，回答下列问题：（1）关于该实验，下列说法正确是________A.该实验要求斜槽必须尽可能光滑B.该实验无需要求斜槽光滑C.入射小球A的质量应大于被碰小球B的质量D.入射小球A的质量应小于被碰小球B的质量（2）根据实验操作，3个撞击点P、Q、M、中，入射小球A单独释放后在竖直挡板上的撞击

点为______点，A、B碰撞后A的撞击点为________点，A、B碰撞后B的撞击点为________点。（3）该实验由于没有天平无法测出小球A、B的质量，实验小组认为只要测出1h、2h、3h，且满足_______（写出1h、2h、3

h关系式），则在误差允许范围内，小球A、B发生弹性碰撞过程中的动量守恒。【答案】①.BC##CB②.M③.N④.Q⑤.231111hhh+=【解析】【详解】（1）[1]AB．小球做平抛运动，所以要求斜槽轨道末端必须水平，斜槽不必光滑，故A错误，B正确；C

D．为了防止入射小球反弹，所以入射小球的质量应大于被碰小球的质量，故C正确，D错误。故选BC。（2）[2][3][4]小球离开斜槽后做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，有212hgt=水平方向做匀速直线

运动，有的xvt=水而根据动量守恒有A0A1B2mvmvmv=+由因为入射小球质量大于被碰小球的质量，即ABmm，根据之前的解析式，可以推知20vv10vv而小球离开斜槽后做平抛运动，而由题意可知，其小球的水平位移相等，所以水平速度越大，则运动时间

越短，其竖直高度越低，所以，入射小球A单独释放其撞击点为M点；A、B碰撞后，A球的撞击点为N点，B球的撞击点为Q点。（3）[5]设OP的距离为x，小球离开斜槽做平抛运动，竖直方向做自由落体，有212hgt=水平

方向做匀速直线运动，有xvt=水整理有2xvhg=水由题意可知，1PQh=、2PMh=、3PNh=整理得022xvhg=312xvhg=122xvhg=又因为动量守恒，所以有A0A1B2mvmvmv=+又因为是弹性碰撞，所以有的222A0A1B2111222mvm

vmv=+以上式子联立，整理有012vvv+=即231111hhh+=三、解答题（13题12分，14题12分，15题18分，作答时写出必要的步骤及文字说明）13.如图所示，长L=1m的轻质细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在水平向

右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角=37°。已知小球所带电荷量61.010Cq−=，匀强电场的场强33.010N/CE=，取重力加速度2=10m/sg，sin370.6=，cos370.8=。求：（1）小球所受电场力F的大小。（2）小球的质量m。【答案】（1）33.010N−；（

2）44.010kg−【解析】【详解】（1）根据电场力的公式FqE=解得33.010NF−=（2）由平衡条件得tanFmg=解得44.010kgtanFmg−==14.如图所示的匀强电场中，有abc、、三点，5cm,12cmabbc==

，其中ab沿电场线方向，bc和电场线方向成60角，一个电荷量为8410Cq−=的正电荷从a移到b电场力做功为711.210JW−=。求：（1）匀强电场的电场强度E。（2）电荷从b移到c，电场力做的功2W。（3）ac、两点间的电势差acU。【答案】（

1）60V/m；（2）1.44×10－7J；（3）6.6V【解析】【详解】（1）设a、b两点间距离为d，有W1＝qE·d得E＝1Wqd＝7821.210410510−−−V/m＝60V/m（2）设b、c两点沿场强方向距离为d1，有

d1＝bc·cos60°W2＝qE·d1得W2＝qE·bc·cos60°＝4×10－8×60×12×10－2×0.5J＝1.44×10－7J（3）ac、两点间的电势差(cos60)6.6VacUEabbc=+=15.如图所示，水平光滑的长直轨道上MN左

侧存在水平向右的匀强电场，场强大小E=1×104V/m，质量mB=9kg足够长的绝缘光滑斜面B不带电，静置于水平地面的虚线处，斜面与水平面平滑相接不固定。现将质量mA=1kg、带电量q=1×10-3C的小球A从虚线MN左侧0.8m处静止释放，一段时间后A滑上B，整个过程没

有电荷转移。（1）小球A第一次离开电场时的速度（2）小球A第二次离开电场时的速度（3）小球A和斜面B能发生几次相互作用，请通过相关计算说明【答案】（1）4m/s；（2）3.2m/s；（3）2次，说明见解析【解析】【详解】（1）根据动能定理2A12qELmv

=小球A第一次离开电场时的速度3A4s110141220.80m/s=m/1qELvm−==（2）对于从A滑上B到离开B的过程，根据动量守恒'AAAABBmvmvmv=+根据能量守恒2'22

AAAABB111222mvmvmv=+联立解得B0.8m/sv='A3.2m/sv=−即A以大小为3.2m/s的速度向左运动，做类竖直上抛运动，所以小球A第二次离开电场时的速度为3.2m/s；（3）设A13.2m/sv=对于小球A和斜面B第二次作用过程，根据动量守恒'AA1BBAA1B

B1mvmvmvmv+=+根据能量守恒22'22AA1BBAA1BB111112222mvmvmvmv+=+联立解得B1.28m/sv='A1.12m/sv=−即A以大小为1.12m/s的速度向左运动，做类竖直上抛运动，

所以小球A第二次离开电场时的速度为1.12m/s<1.28m/s获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com