【文档说明】广东省蕉岭县蕉岭中学2019-2020学年高一上学期期末考试物理试题【精准解析】.doc，共(14)页，753.000 KB，由小赞的店铺上传

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2019～2020学年度第一学期高一级期末考试物理试题(总分：100分时间：75分钟)一、选择题：1～7题为单项选择题，每小题4分，共28分；8～12题为多项选择题，每小题4分，共20分，全对得4分，漏选得2分，错选得0分。1.明代诗人曾写下这样一首诗：“空手把锄头，步行骑水牛；人

在桥上走，桥流水不流．”其中“桥流水不流”中的“桥流”应理解成其选择的参考系是（）A.人B.桥C.水D.地面【答案】C【解析】【详解】“桥流水不流”可以理解为“桥动水不动”，意思就是说桥在运动，研究对象是桥．以水为参照物，桥的位置发生了变化，则

桥是运动的．故C正确，ABD错误故选C．2.如图所示，物体A、B和C叠放在水平面上，水平力为Fb＝5N，Fc＝10N，分别作用于物体B、C上，A、B和C仍保持静止，以F1、F2、F3分别表示A与B、B与C、C与桌面间的静摩擦力的大小，则（）A.F1＝5N，F2＝

0，F3＝5NB.F1＝5N，F2＝5N，F3＝0C.F1＝0，F2＝5N，F3＝5ND.F1＝0，F2＝10N，F3＝5N【答案】C【解析】【详解】以A为研究对象，根据平衡条件得到：A对B的静摩擦力

大小10F，否则A水平方向所受的合力不为零，不能保持平衡；以AB整体为研究对象，根据平衡条件得到：25NbFF再以三个物体整体为研究对象，根据平衡条件得：310N5N5NcbFFF方向水平向左；所以10F，25NF，35NF，故ABD错误，C正确；故选C。3

.如图AB杆通过悬线悬于O点，处于静止状态，则杆上B点对地面的摩擦力方向为()A.水平向右B.无摩擦力C.水平向左D.无法确定【答案】A【解析】【详解】杆在水平方向上是平衡状态，由于绳子的拉力在水平方向有向右的分力，故地面对杆有向左的摩擦力

，因此B点对地面的摩擦力方向向右，故A正确，BCD错误；故选A。4.如图所示，物体从斜面上A点由静止开始下滑，第一次经光滑斜面AB滑到底端时间为1t；第二次经光滑斜面ACD下滑，滑到底端时间为2t，已知ACCDAB，在各斜面的等高处物体的速

率相等，试判断（）A.12ttB.12ttC.12ttD.不确定【答案】A【解析】【详解】作vt图线，在AB和ACD上运动的初末速度相等，AC段的加速度大于AB段的加速度，在CD段的加速度小于AB段的加速度，两物体的位移相等，即图线与时间轴所围成的面积相等．从图象

可以看出12tt，故A正确，BCD错误．故选：A．5.在小车中的悬线上挂一个小球，实验表明，当小球随小车做匀变速直线运动时，悬线将与竖直方向成某一固定角度，如图所示。若在小车底板上还有一个跟其相对静止的物体M，则关于小车的运动情况和物体M的受力情

况，以下分析正确的是（）A.小车一定向右做加速运动B.小车一定向左做加速运动C.M除受到重力、底板的支持力作用外，还可能受到向左的摩擦力作用D.M除受到重力、底板的支持力作用处，还一定受到向右的摩擦力作用【答案】D【解析】【

详解】AB．以小球为研究对象，分析受力情况：重力mg和细线的拉力F，由于小球的加速度水平向右，根据牛顿第二定律得知，小球的合力也水平向右，则有：tanmgma得tanag，一定，则加速度a一定，汽车的加速度也一定，则

汽车可能向右做匀加速运动，也可能向左做匀减速运动，故AB错误；CD．以物体M为研究对象：受到重力、底板的支持力和摩擦力。M相对于汽车静止，加速度必定水平向右，根据牛顿第二定律得知，一定受到水平向右的摩擦力；故C错误，D正确；故选D。6.“蹦极”是一项非常刺激的体育运动。某人

身系弹性绳自高空P点自由下落，图中a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止地悬吊着时的平衡位置，空气阻力不计，则人从P点落下到最低点c的过程中（）A.人从a点开始做减速运动，一直处于失重状态B.在ab段绳的拉力小于人的重力，

人处于超重状态C.在bc段绳的拉力大于人的重力，人处于超重状态D.在c点，人的速度为零，其加速度也为零【答案】C【解析】【详解】ABC．在Pa段绳还没有被拉长，人做自由落体运动，所以处于完全失重状态，在ab段绳的拉力小于人的重力，人受到的合力向下，有向下的加速度，处于失重状态；在bc段绳的拉力大

于人的重力，人受到的合力向上，有向上的加速度，处于超重状态，故AB错误，C正确；D．在c点，绳的形变量最大，绳的拉力最大，人受到的合力向上，有向上的加速度，处于超重状态，故D错误；故选C。7.如图所示为杂技“顶竿”表演，一人站在地上，肩

上扛一质量为M的竖直竹竿，当竿上一质量为m的人以加速度a加速下滑时，竿对“底人”的压力大小为()A.(M＋m)gB.(M＋m)g－maC.(M＋m)g＋maD.(M－m)g【答案】B【解析】【分析】(1)通过转换研究对象，把竿对“底人”的压力转化为竿受到“底人”的支持力．(2)竿除受支

持力外，还受竿上的人对竿的摩擦力．(3)质量为m的人以a加速下滑.【详解】对竿上的人分析：受重力mg、摩擦力Ff，由mg－Ff＝ma得Ff＝m(g－a)．竿对人有摩擦力，人对竿也有反作用力——摩擦力，且大小相等，方向相反，对竿分析：受重

力Mg、竿上的人对竿向下的摩擦力F′f、顶竿的人对竿的支持力FN，有Mg＋F′f＝FN，又因为竿对“底人”的压力和“底人”对竿的支持力是作用力与反作用力，由牛顿第三定律得到竿对“底人”的压力大小F′N＝Mg＋F′f＝(M＋m)g－ma.B项正确．8.某缓冲装置可抽象成图所示的简单模型．其中k1

、k2为原长相等，劲度系数不同的轻质弹簧．下列表述正确的是（）A.缓冲效果与弹簧的劲度系数无关B.垫片向右移动时，两弹簧产生的弹力大小相等C.垫片向右移动时，两弹簧的长度保持相等D.垫片向右移动时，两弹簧的形变量不相同【答案】BD【解析】试题分析：劲度系

数太大或者太小，缓冲效果都不是很好，所以缓冲效果与劲度系数有关，A错误；垫片向右移动时压缩弹簧，垫片对弹簧1的弹力等于弹簧1对弹簧2的力，所以两个弹簧产生的弹力大小相等，B正确；由于两个弹簧弹力F相等而劲度系数K不相等，据可知，弹簧形变量不相等，则弹簧的长度也不相等，C错误；D正确

；故选BD．考点：弹簧的弹力．【名师点睛】本题关键明确两个弹簧是串联关系，弹力相等，然后结合胡克定律进行分析．9.如图所示，水平地面上的物体A在斜向上的拉力F的作用下，向右做匀速直线运动，拉力F与水平面夹

角为θ。下列说法中正确的是（）A.物体A一定受到四个力的作用B.物体A受到的摩擦力大小为FsinθC.拉力F与物体A受到的摩擦力的合力方向一定是竖直向上D.物体A受到的重力和物体对地面的压力是一对平衡力【答案】AC【解析】【详解】A．物体受重力、拉力、支持力和摩擦力处于平衡，知物体一

定受四个力的作用，故A正确；B．根据共点力平衡得：cosfF故B错误；C．因为物体合力为零，知拉力F与物体A受到的摩擦力与重力和支持力的合力等值反向，方向一定竖直向上，故C正确；D．物体A受到的重力和支持力不等，一定不是平衡力，故D错误；故选AC。10.汽车B在平直公路上行驶，发现前方沿同

方向行驶的汽车A速度较小，为了避免相撞，距A车25m处B车制动，此后它们的v－t图象如图所示，则（）A.汽车B的加速度大小为3.75m/s2B.汽车A、B在t＝4s时的速度相同C.汽车A、B在0～4s内的位移相同D.汽车A、B两车不会相撞【答案】BD【解析】【详解】A．斜率代表加速度，有图

象得汽车B的加速度22B15m/s2.5m/s6a，故A错误；B．有图象得，在4st=时两车的速度相同，故B正确；C．由于图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负；所以在0~4s内的位移B物体大于A物体，故C错误；D．由于图象与坐标轴围成面积代表位移

，由题意可知，在4st=时B车追不上A车，则两车不会相撞，0~4s内，B车的位移：B(155)440m2xA车的位移：A5420mx在初始时刻B车距A车25m处，所以4秒末两车最短距离为minAB252025405m

xxx故两车不会相撞，故D正确；故选BD。11.如图所示，A、B两条直线是在A、B两地分别用竖直向上的力F拉质量分别为mA和mB的物体，实验得出的两个加速度a与力F的关系图线，由图分析可知()A.两地重力加速度是gA>gBB.

mA<mBC.两地重力加速度是gA＝gBD.mA>mB【答案】BC【解析】由牛顿第二定律可知：FmgFagmm；故在aF图象中，图象的斜率表示物体的质点的倒数；则由图象可知，A的斜率大于B的斜率，故A的

质量小于B的质量；由公式可得，图象与纵轴的交点为当地的重力加速度，由图可知，A的重力加速度等于B的重力加速度，故选项BC正确，选项AD错误．点睛：对于图象的认识，注意要由已知物体规律确定公式，再结合公式分析图象好可得出正确的结果

．12.如图所示，水平地面上有两个完全相同的木块A、B，在水平推力F作用下运动，用FAB代表A、B间的相互作用力，下列说法正确的是（）A.若地面是完全光滑的，则FAB＝12FB.若地面是完全光滑的，则FAB<12FC.若地面的动摩擦因数为

μ，则FAB>12FD.若地面的动摩擦因数为μ，则FAB＝12F【答案】AD【解析】【详解】AB．若地面是光滑的，对整体运用牛顿第二定律得：整体的加速度2Fam再对B运用牛顿第二定律得：AB12FmaF故A正确，B错误；CD．若地面是粗糙的，

动摩擦因数设为，对整体运用牛顿第二定律得：整体的加速度222FmgFagmm再对B运用牛顿第二定律得：ABFmgma解得：2ABFF故C错误，D正确；故选AD。二、实验题：2小题，共18分。13.某同学用如图甲所示装置做探究弹力和弹簧

伸长关系的实验．他先测出不挂砝码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，然后在弹簧下端挂上砝码，并逐个增加砝码，测出指针所指的标尺刻度，所得数据如下表：（重力加速度g取9．8m/s2）砝码质量m/g0100200300400500600700标尺刻度x/cm15．0018．9

422．8226．7830．6634．6042．0054．50（1）根据所测数据，在图乙中作出弹簧指针所指的标尺刻度x与砝码质量m的关系曲线．（2）根据所测得的数据和关系曲线可判断，在________N范围内弹力大小与弹簧伸长关系满足胡克定律

．这种规格的弹簧劲度系数为________N/m．【答案】（1）见解析图（2）0～4．925．0．【解析】试题分析:（1）纵坐标取15cm为起点，然后在坐标纸上依次描点（0，15．00）、（1．00，1

8．94）、（2．00，22．82）、……然后用平滑的曲线连结各点，如图所示，即可清楚直观地表示出标尺刻度x与砝码质量m的关系曲线．（2）在作出的图象中可以看出，在0～4．9N范围内，图线为一条倾斜直线，表明此时弹力大小与弹簧伸长成线

性关系，即满足胡克定律F＝kx，据此可以计算出弹簧的劲度系数．考点:探究弹力和弹簧伸长关系的实验14.某同学让重锤做自由落体运动，利用打点计时器打出的纸带来测量当地的重力加速度。该同学在实验中得到6条纸带，如图所示为其中一条，在纸带上取6个

计数点，两个相邻计数点间的间隔为T＝0.02s。其中1、2、3点相邻，4、5、6点相邻，在3点和4点之间还有若干个点。s1是1、3两点的距离，s3是4、6两点的距离，s2是2、5两点的距离。测s1、s2、s3后，点2速度的表达式v2＝_______，该同学测得的数据是s

1＝4.00cm，s2＝19.30cm，s3＝8.72cm，根据数据求出重力加速度g的表达式g＝____________计算结果是：_____________m/s2。(保留三位有效数字)测量值小于当地的重力加速度真实值的原因是__________

__。【答案】(1).12sT(2).g＝2231228sssT(3).9.72(4).存在阻力【解析】【详解】[1]根据中点时刻的速度等于平均速度得：122svT；[2]同理可得：352vsT根据匀加速直线运动位

移速度公式可知：222522gsvv解得：2231228gsssT；[3]代入数据解得：29.72m/sg;[4]测量值小于当地的重力加速度的原因是存在阻力作用。三、计算题：2小题，共34分。15.如图所示，一个重

为100N的小球被夹在竖直墙壁和A点之间，已知球心O与A点的连线与竖直方向成θ角，且θ＝60°，所有接触点和面均不计摩擦．试计算小球对墙面的压力F1和对A点的压力F2．【答案】11003NF，方向垂直

墙壁向右．2200NF，方向沿OA方向．【解析】【详解】球的重力产生两个作用效果：压紧墙壁和A点，作出重力及它的两个分力1F和2F构成的平行四边形如图所示．球对墙面的压力：11tan601003NFFmg方向垂直墙壁向右．球对A点的压力：

22200Ncos60mgFF方向沿OA方向．16.物体A的质量2Mkg，静止在光滑水平面上，平板车B的质量为0.5mkg、长1.Lm某时刻A以04/vms向右的初速度滑上木板B的上表面，在A滑上B的同时，给B施加

一个水平向右的拉力.忽略物体A的大小，已知A与B之间的动摩擦因数0.2，取重力加速度21/gms，试求：（1）若2FN，物体A在小车B上相对小车B滑行的时间和最大距离；（2）如果要使A不至于从B上滑落，拉力F的大小应满足的条件．【答案

】（1）0.4ts，0.8sm（2）13NFN【解析】试题分析：（1）物体A滑上木板B以后，作匀减速运动，由牛顿第二定律得：AµMgma，20.2102/Aagms，木板B作加速运动，由牛顿第二定律得：BFMgma，代入数据解得：

2210.2108/0.50.5BFMagmsmm，两者速度相同时：0ABvatat，428tt，解得：0.4ts，A滑行距离：2201140.420.41.4422AASvtatm，B滑行距离：221180.40.6422BBSatm，代入数

据解得，最大距离：0.8ABsSSm．（2）物体A不滑落的临界条件是A到达B的右端时，A．B具有共同的速度1v，则：22201122ABvvvLaa，又：011ABvvvaa，代入数据解得：

26/Bams，由牛顿第二定律得：BFMgma，解得：0.560.21101BFmaMgN若1FN＜，则A滑到B的右端时，速度仍大于B的速度，于是将从B上滑落，所以F必须大于等于1N．当F较

大时，在A到达B的右端之前，就与B具有相同的速度，之后，A必须相对B静止，才不会从B的左端滑落．由牛顿第二定律得：mgma，20.2102/agms，10.523FMmaN（）（），若F大于

3N，A就会相对B向左滑下．综上所述，力F应满足的条件是：13NFN；考点：牛顿第二定律综合运用【名师点睛】物块滑上平板车，物块做匀减速运动，小车做匀加速直线运动，当两者速度相同时，物块在小车上相对运动的距离最大，结合牛顿第二

定律和运动学公式求出物体A在小车上运动时相对小车滑行的最大距离；物体A不滑落的临界条件是A到达B的右端时，A．B具有共同的速度，结合牛顿第二定律和运动学公式求出拉力的最小值．另一种临界情况是A．B速度相同后，一起做匀加速直线运动

，根据牛顿第二定律求出拉力的最大值，从而得出拉力F的大小范围；牛顿定律和运动公式结合是解决力学问题的基本方法，这类问题的基础是分析物体的受力情况和运动情况，难点在于分析临界状态，挖掘隐含的临界条件．