【文档说明】重庆市万州第二中学2022-2023学年高三下学期2月月考物理试题 含解析.docx，共(16)页，2.385 MB，由小赞的店铺上传

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万州二中2022—2023年高三下期2月月考物理试题一、单项选择题：本大题共6个小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.如图所示，匀强磁场方向垂直纸面向里，匀强电场方向竖直向下，有一正离子恰能沿直线从左向右水平飞越此区域。不计重力，则（）A.若电

子以相同的速率从右向左飞入，电子也沿直线运动B.若电子以相同的速率从右向左飞入，电子将向下偏转C.若电子以相同的速率从左向右飞入，电子将向下偏转D.若电子以相同的速率从左向右飞入，电子也沿直线运动【答案】D【解析】【详解】AB

．若电子从右向左飞入，电场力向上，洛伦兹力也向上，所以向上偏。故AB错误；CD．若电子从左向右飞入，电场力向上，洛伦兹力向下，由题意知电子受力平衡将做匀速直线运动。故C错误；D正确。故选D。2.半径为R的绝缘细圆环固定在图示位置，圆心位于O点，环上均匀分布着电量为Q的正电荷。

点A、B、C将圆环三等分，取走A、B处两段弧长均为L的小圆弧上的电荷。将一点电荷q置于OC延长线上距O点为2R的D点，O点的电场强度刚好为零。圆环上剩余电荷分布不变，q为（）A.正电荷，Δπ=QLqRB.正电荷，3Δπ=QLqRC

.负电荷，2Δπ=QLqRD.负电荷，23Δπ=QLqR【答案】C【解析】【详解】取走A、B处两段弧长均为L的小圆弧上的电荷，根据对称性可知，圆环在O点产生的电场强度为与A在同一直径上的A1和与B在同一直径上的

B1产生的电场强度的矢量和，如图所示，因为两段弧长非常小，故可看成点电荷，则有12322QLQLREkkRR==由图可知，两场强的夹角为120，则两者的合场强为132QLEEkR==根据O点的合场强为0，则放在D点的点电

荷带负电，大小为32QLEEkR==根据()22qEkR=联立解得2Δπ=QLqR故选C。3.探究弹力和弹簧伸长的关系时，在弹性限度内，悬挂15N重物时，弹簧长度为0.16m；悬挂20N重物时，弹簧长度为

0.18m，则弹簧的原长L原和劲度系统k分别为A.L原＝0.02mk＝500N／mB.L原＝0.10mk＝500N／mC.L原＝0.02mk＝250N／mD.L原＝0.10mk＝250N／m【答案】D【解析】【详解】根据胡

克定律可得，设弹簧原长为0l，则有，解得0l＝0.10m，故选项D正确．4.如图所示，一质量为m的物块静止在倾角为θ的斜面上，物块与斜面间的滑动摩擦因数为μ，重力加速度为g，则（）A.物块受到一个沿斜面向下的力，大小为mgsinθB.物块所受摩擦力的大小

为0C.物块所受摩擦力的大小为μmgcosθD.物块所受摩擦力的大小为mgsinθ【答案】D【解析】【详解】对静止在斜面上的物体受力分析可知，受重力、支持力、静摩擦力，由平衡条件可知sinfmg=即物体所受静摩擦力的大小为mgsinθ，方向沿斜面向上，

重力的下滑分力为mgsinθ，物体并不会受到沿斜面向下的力，故选D。5.如图（甲）所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定

高度后再下落，如此反复．通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图像如图（乙）所示，则的A.1t时刻小球动能最大B.2t时刻小球动能最大C.2t~3t这段时间内，小球的动能先增加后减少D.2t~3t这段时间内，小球增加的动能

等于弹簧减少的弹性势能【答案】C【解析】【详解】小球在接触弹簧之前做自由落体．碰到弹簧后先做加速度不断减小的加速运动，当加速度为0即重力等于弹簧弹力时加速度达到最大值，而后往下做加速度不断增大的减速运动，与

弹簧接触的整个下降过程，小球的动能和重力势能转化为弹簧的弹性势能．上升过程恰好与下降过程互逆．由乙图可知1t时刻开始接触弹簧，但在刚开始接触后的一段时间内，重力大于弹力，小球仍做加速运动，所以此刻小球的动能不是最大，A错误；2t时刻弹力最大，小球处在最低点，动能最小，B错误；3t时刻小球往上运

动恰好要离开弹簧；23tt−这段时间内，小球的先加速后减速，动能先增加后减少，弹簧的弹性势能转化为小球的动能和重力势能，C正确D错误．6.如图所示，在光滑水平面上有一质量为m1的足够长的木板，其上叠放

一质量为m2的木块。假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等。现给木块施加一随时间t增大的水平力F=kt（k是常数），木板和木块加速度的大小分别为a1和a2。下列反映a1和a2变化的图线中正确的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】当F比较小时，两

个物体相对静止，加速度相同，根据牛顿第二定律得1212Fkatmmmm==++则a正比于t；当F比较大时，m2相对于m1运动，根据牛顿第二定律对m1有211mgam=由于μ、m1、m2都一定，则a1一定；对m2有2222Fmgkatgmm−==−则a2是t

的线性函数，t增大，a2增大。又122kkmmm+<则两木板相对滑动后a2图像的斜率大于两者相对静止时图像的斜率。故选A。7.长为l的高速列车在平直轨道上正常行驶，速率为v0，要通过前方一长为L的隧道，当列车的任一部分处于隧道内时，列车速率都不允许超过v

（v<v0）。已知列车加速和减速时加速度的大小分别为a和2a，则列车从减速开始至回到正常行驶速率v0所用时间至少为（）A.02vvLlav−++B.02vvLlav−++C.()032vvLlav−++D.()

032vvLlav−++【答案】C【解析】【详解】由题知当列车的任一部分处于隧道内时，列车速率都不允许超过v（v<v0），则列车进隧道前必须减速到v，则有v=v0-2at1解得012vvta−=在隧道内匀速有2Lltv+=列车尾部出隧道后立即加速到v0，有v0=v+at3解得03vvta−=则列车

从减速开始至回到正常行驶速率v0所用时间至少为03()2vvLltav−+=+故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。每小题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.现在很多人手机上都有能记录跑步

数据的软件，如图所示是赵老师跑步时软件截图，根据图中信息，下列选项正确的是（）A.“5.56公里”指的是赵老师的位移B.平均配速“5′12″”指的是平均速度C.运动时间00∶28∶54指的是时刻D.赵老

师平均每跑1千米用时约312s【答案】D【解析】【详解】A．根据题图中地图显示，跑的轨迹是曲线，“5.56公里”指的是路程，A错误；B．平均配速“5′12″”指的是运动的时间与路程的比值，是平均速率，B错误；C．运动时间00∶28∶54指的是所用时间，是指时间间隔，C错误；D．赵老师平均每跑1

千米用时286054s312s5.56t+=D正确。故选D。9.图为静电除尘器除尘机理的示意图。尘埃在电场中通过某种机制带电，在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，以达到除尘目的。下列表述正确的是（）A.到达集尘极的尘埃带正电荷B.电场方向由集尘极指向放电极C.带电尘埃所受电场力

的方向与电场方向相同D.同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大【答案】BD【解析】【分析】【详解】AB．由图示可知，集尘极电势高，放电极电势低，放电极与集尘极间电场方向向左，即电场方向由集尘极指向放电极，尘埃在电场力的作用下向集尘

极迁移，则知尘埃所受的电场力向右，故到达集尘极的尘埃带负电荷，故A错误，B正确。C．电场方向向左，带电尘埃所受电场力方向向右，带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相反，故C错误；D．由F=Eq可知，同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大，故D正确。故选BD。10.如图所示，质

量分别为12mm、两个物体通过轻弹簧连接，在力F的作用下一起沿水平方向做匀速直线运动（1m在地面，2m在空中），力F与水平方向成角．则1m所受支持力N和摩擦力f正确的是A.12sinNmgmgF=+−B.12cosN

mgmgF=+−C.cosfF=D.sinfF=【答案】AC【解析】【详解】对AB整体受力分析，受到重力mg=（m1+m2）g、支持力N、拉力F、滑动摩擦力f，如图根据共点力平衡条件，有：sin0NFmg+−

=sin0NFmg+−=解得：12sinNmgmgF=+−，cosfF=故选AC．【名师点睛】对AB整体受力分析，受到重力（m1+m2）g、支持力N、拉力F、滑动摩擦力f，然后根据共点力平衡条件列式

求解．三、实验题：本大题2小题，共15分。11.小圆同学用橡皮筋、同种一元硬币、刻度尺、塑料袋、支架等，设计了如图（a）所示的实验装置，测量冰墩墩玩具的质量。主要实验步骤如下：（1）查找资料，得知每枚硬币的质量为6.05g；（2）将硬币以5枚为一组逐次加入

塑料袋，测量每次稳定后橡皮筋的长度l，记录数据如下表：序号12345硬币数量n/枚510152025长度/cml10.5112.0213.5415.0516.56（3）根据表中数据在图（b）上描点，绘制图线；__

____（4）取出全部硬币，把冰墩墩玩具放入塑料袋中，稳定后橡皮筋长度的示数如图（c）所示，此时橡皮筋的长度为______cm；（5）由上述数据计算得冰墩墩玩具的质量为______g（计算结果保留3位有效数字）。【答案】①.见解析②.15.35③.127【解析】【详解

】（3）[1]根据表格标点连线如图（4）[2]由图可知刻度尺的分度值为1mm，故读数15.35cml=；（5）[3]设橡皮筋的劲度系数为k，原长为x0，则()110nmgkxx=−()220nmgkxx=−则橡皮筋劲度系数为k2121()nnmgkxx−=−从

作的l-n图线读取数据则可得2121()10=3nnmgkmgxx−=−，21120219.05cmnxnxxnn−==−设冰墩墩的质量为m1，则有()10mgklx=−可得1106.05(15.359.05)g127g3m=−12.某同学利用如图所示的装置测量重力加速度，

其中光栅板上交替排列着等宽度的遮光带和透光带（宽度用d表示）。实验时将光栅板置于光电传感器上方某高度，令其自由下落穿过光电传感器。光电传感器的所连接的计算机可连续记录遮光带、透光带通过光电传感器的时间间隔t。（

1）除图中所用的实验器材外，该实验还需要___________（填“天平”或“刻度尺”）；（2）该同学测得遮光带（透光带）的宽度为4.50cm，记录时间间隔的数据如表所示，编号1遮光带2遮光带3遮光带…()3Δ/10st−730438.6730.00…根据上述实验数据，可得编号为3

的遮光带通过光电传感器的平均速度大小为3v=___________m/s（结果保留两位有效数字）；（3）某相邻遮光带和透光带先后通过光电传感器的时间间隔为12ΔΔtt、，则重力加速度g=___________（用d、12ΔΔtt、表示）；（4）该同

学发现所得实验结果小于当地的重力加速度，请写出一条可能的原因：___________。【答案】①.刻度尺②.1.5③.()()1212122+dtttttt−④.光栅板受到空气阻力作用【解析】【详解】（1）[1]该实验测量重力加速度，不需要天平测质量；需要

用刻度尺测量遮光带（透光带）的宽度，故需要刻度尺；（2）[2]根据平均速度的计算公式可知234.510m1.5m/s3010sdvt−−===（3）[3]根据匀变速直线运动平均速度等于中间时刻的速度，有11dvt=22dvt=.的2121+2ttvvg=+可得

()()1212122+dttgtttt−=（4）[4]光栅板的长度明显，下落过程中受到空气阻力的影响，所以竖直向下的加速度小于重力加速度。四、计算题：本题共3个小题，共41分，请写出必要的文字说明和必需的物理演算过程，只

写出最终结果的不得分。13.在冬天，高为h＝0.8m的平台上，覆盖了一层冰，一乘雪橇的滑雪爱好者，从距平台边缘x0＝30m处以v0＝7m/s的初速度向平台边缘滑去，如图所示。已知平台上的冰面与雪橇间的动摩

擦因数μ＝0.04，重力加速度g取10m/s2。求：（1）滑雪者从平台边缘离开瞬间速度v。（2）滑雪者在空中飞行的时间。（3）滑雪者着地点到平台边缘的水平距离。【答案】（1）5m/s；（2）0.4s；（3）2m【解析】【详解】（1）滑雪者在平台上滑行过程，由动能定理22001122mgxm

vmv−=−代入数据求得，滑雪者从平台边缘离开的速度为v=5m/s（2）（3）滑雪者离开平台后做平抛运动竖直方向有212hgt=水平方向有x=vt联立计算得出t=0.4s，x=2m的14.某同学受自动雨伞开伞过程的启发，设计了如图所示的物理模

型。竖直放置在水平桌面上的滑杆上套有一个滑块，初始时它们处于静止状态。当滑块从A处以初速度0v为10m/s向上滑动时，受到滑杆的摩擦力f为1N，滑块滑到B处与滑杆发生完全非弹性碰撞，带动滑杆离开桌面一起竖直向上运动。已知滑块的质量0.2kgm=，滑杆的质量0.6kgM=，A、B

间的距离1.2ml=，重力加速度g取210m/s，不计空气阻力。求：（1）滑块在静止时和向上滑动的过程中，桌面对滑杆支持力的大小1N和2N；（2）滑块碰撞前瞬间的速度大小v1；（3）滑杆向上运动的最大高度h。【答案】（1）18NN=，25NN=；（2）18m/sv=；（3）0.2

mh=【解析】【详解】（1）当滑块处于静止时桌面对滑杆的支持力等于滑块和滑杆的重力，即()18NNmMg=+=当滑块向上滑动过程中受到滑杆的摩擦力为1N，根据牛顿第三定律可知滑块对滑杆的摩擦力也为1N，方向竖直向上，则此时桌面对滑杆的支持力为2'5NNMgf=

−=（2）滑块向上运动到碰前瞬间根据动能定理有22101122mglflmvmv−−=−代入数据解得18m/sv=。（3）由于滑块和滑杆发生完全非弹性碰撞，即碰后两者共速，碰撞过程根据动量守恒有()1mvmMv=+碰后滑块和滑杆以速度v整体向上做竖直上

抛运动，根据动能定理有()()2102mMghmMv−+=−+代入数据联立解得0.2mh=。15.如图，两个定值电阻的阻值分别为1R和2R，直流电源的内阻不计，平行板电容器两极板水平放置，板间距离为d

，板长为3d，极板间存在方向水平向里的匀强磁场。质量为m、带电量为q+的小球以初速度v沿水平方向从电容器下板左侧边缘A点进入电容器，做匀速圆周运动，恰从电容器上板右侧边缘离开电容器。此过程中，小球未与极板发生碰撞，重力加速度大小为g，忽略空气阻力。（1

）求直流电源的电动势0E；（2）求两极板间磁场的磁感应强度B；（3）在图中虚线的右侧设计一匀强电场，使小球离开电容器后沿直线运动，求电场强度的最小值E。【答案】（1）122()mgdRRqR+；（2）2mvdq；（3）2mgq【解析】【详

解】（1）小球在电磁场中作匀速圆周运动，则电场力与重力平衡，可得Eqmg=2R两端的电压2UEd=根据欧姆定律得02212EURRR=+联立解得1202()mgdRREqR+=（2）如图所示设粒子在电磁场中做圆周运动的半径为r，根据几何关系222()(3)rddr

−+=解得2rd=根据2vqvBmr=解得2mvBdq=（3）由几何关系可知，射出磁场时，小球速度方向与水平方向夹角为60，要使小球做直线运动，当小球所受电场力与小球重力在垂直小球速度方向的分力相等时，电场力最小，电场强度最小，可得'cos60Eqmg=解得'2mg

Eq=