【文档说明】【精准解析】四川省武胜烈面中学2019-2020学年高一下学期开学考试物理试题.doc，共(16)页，536.000 KB，由小赞的店铺上传

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烈面中学2019级高一下期入学考试物理试卷一、选择题1.下列物理量不是矢量的是A.位移B.平均速度C.加速度D.时间【答案】D【解析】【详解】A．位移既有大小又有方向，是矢量，选项A不符合题意；B．平均速度既有大小又有方向，是矢量，选项B不符合题意；C．加速度既有大小又有方向，是矢量，选

项C不符合题意；D．时间只有大小无方向，是标量，选项D符合题意；故选D.2.请阅读以下信息：“川藏铁路成雅段位于全线东端，长约42千米，从成蒲铁路朝阳湖站接出，新建名山、雅安两个车站，设计时速160千米/小时；通车后，成都至雅安原来2小时的汽车车程

将缩短为1小时的火车车程”．由以上信息可知（）A.“42千米”指的是位移B.“160千米/小时”指平均速度C.“2小时”指时刻D.研究火车从雅安站到成都站所需时间，可以将火车看成质点【答案】D【解析】【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响

时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可，因此能否看作质点与物体的形状、体积、质量等因素无关，关键是看本身的尺寸对所研究的问题是否可以忽略．【详解】“42千米”指的是路程，选项A错误；“1

60千米/小时”指平均速率，选项B错误；“2小时”指时间，选项C错误；研究火车从雅安站到成都站所需时间时，火车的大小可忽略不计，可以将火车看成质点，选项D正确；故选D.3.在同一点O抛出的三个物体，做平抛运动的轨迹如

图所示，则三个体做平抛运动的初速度vA、vB、vC的关系和三个物体做平抛运动的时间tA、tB、tC的关系分别是（）A.vA>vB>vC，tA>tB>tCB.vA=vB=vC，tA=tB=tCC.vA<vB

<vC，tA>tB>tCD.vA>vB>vC，tA<tB<tC【答案】C【解析】【详解】三个物体都做平抛运动，取一个相同的高度，此时物体的下降的时间相同，水平位移大的物体的初速度较大，如图所示，由图可

知ABCvvv；由212hgt=可知，物体下降的高度决定物体运动的时间，所以ABCttt，故选项C正确，A、B、D错误．4.在光滑的圆锥漏斗的内壁，有两个质量相等的小球A、B，它们分别紧贴漏斗，在不同

水平面上做匀速圆周运动，如图所示，则下列说法正确的是（）A.小球A的速率大于小球B的速率B.小球A的速率小于小球B的速率C.小球A对漏斗壁的压力大于小球B对漏斗壁的压力D.小球A的转动周期小于小球B的转动周期【答案】A【解析】【详解】对A、B两球进行受力分析，两球均只受重力和

漏斗给的支持力FN．如图所示对A球由牛顿第二定律：FNAsinα=mg①FNAcosα=mvA2/rA=mωA2rA②对B球由牛顿第二定律：FNBsinα=mg③FNBcosα=mvB2/rB=mωB2rB④C．由两球质量相等可得FNA=

FNB所以C项错误．AB．由②④可知，两球所受向心力相等．mvA2/rA=mvB2/rB因为rA＞rB，所以vA＞vB故A项正确，B项错误．D．由于mωA2rA=mωB2rB因为rA＞rB，所以ωA＜ωB，故又因为ω=2π/T，所以TA＞TB所以D项是错误的．故选A．点评：对

物体进行受力分析，找出其中的相同的量，再利用圆周运动中各物理量的关系式分析比较，能较好的考查学生这部分的基础知识的掌握情况．5.如图所示，物体A和B质量均为m，且分别与轻绳连接跨过光滑轻质定滑轮，B放在水平面上，A与悬绳竖直。用力F拉B沿水平面向左匀速运动的过程中，轻

绳对A的拉力的大小（）A.大于mgB.总等于mgC.一定小于mgD.以上三项都不正确【答案】A【解析】【详解】将B的运动分解为沿轻绳方向的运动和垂直轻绳方向的运动，如图所示：可知2cosvv=由于B沿水平面向左匀速运动过程中不断变小，所以2v不断变大，而物体A的速度与2v大小相等，故物体A加

速上升，加速度向上，即物体A处于超重状态，所以轻绳的拉力大于mg。故选A。6.物体在斜面上匀速下滑，如图所示的四个受力示意图中正确的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】物体在斜面上匀速下滑，物体受到重力、支持力、摩擦力三个力的作

用，根据平衡条件分析．【详解】由于物体在斜面上匀速下滑，故物体受到重力、支持力、摩擦力三个力的作用，摩擦力与相对运动方向相反，支持力垂直于斜面向上，故物体受力示意图如下：故B正确，ACD错误；故选B．【点睛】本题主要是共点力

平衡的条件及其应用，关键是对物体进行受力分析，根据平衡条件得出结论．7.如图是一质点做直线运动的v-­t图像，据此图像可以得到的正确结论是（）A.质点在第1s末离出发点最远B.质点在第1s末改变运动方向C.质点在第2s内做匀减速运动D.质点在前2s内的总位移为零【答案】C

【解析】【详解】AB．由图像可知，质点在0-2s内速度一直为正，则第1s末没有改变运动方向，且第2s末离出发点最远，选项AB错误；C．质点在第2s内做匀减速运动，选项C正确；D．因v-t图像的“面积”等于位移，可知

质点在前2s内的总位移不为零，选项D错误。故选C。8.如图是一辆汽车做直线运动的x—t图像，对线段OA、AB、BC、CD所表示的运动，下列说法错误的是（）A.汽车在OA段运动得最快B.汽车在AB段静止C.CD段表示汽车的运动方向与初始运

动方向相反D.4h内汽车的位移大小为零【答案】A【解析】【详解】因为s-t图线的斜率等于物体的速度大小，故由图线可看出CD段物体运动的最快，选项A错误；由题干信息以及图像可知AB段静止，B正确；汽车在C点返回，D点位移为零，C、D项正确；本题选择错误的选项，应选A．考点：s

-t图线.9.甲球的质量是乙球质量的5倍，两球从同一高度同时自由落下，下列说法正确的是（）A.甲、乙都做自由落体运动，所以都不受任何外力作用B.甲、乙从同一高度自由落下，所以两球同时落地C.甲球质量大，所以甲的加速度比乙的加速度大D.甲球质

量大，所以甲落到地面的速度也大【答案】B【解析】【分析】因为甲乙物体均做自由落体运动，所以它们的初速度为零，加速度为g，根据运动学关系式求解．【详解】甲、乙都做自由落体运动，都只受重力作用，选项A错误；自由落体运动的加速度与重力大小无关，则两物体的加速度均为g，

根据h=12gt2，甲、乙从同一高度自由落下，所以两球同时落地，选项B正确，C错误；根据v2=2gh可知两物体落地速度相同，选项D错误；故选B.【点睛】此题关键是知道自由落体运动的特点，知道重力加速度与重力大小无关；掌握自由落体运动的基本公式.10.物体做初速度为零的匀加速直线运动

，第一个2s、第二个2s和第5s内的位移之比为（）A.1:3:5B.2:6:5C.2:8:7D.4:12:9【答案】D【解析】【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式求出2s内、4s内和5s内的位移之比，从而得出第一个2s、第二个2s、第5s三段时间内的位移之比．【详解】根据x＝12at2得

，则物体在2s内、4s内、5s内的位移之比为4：16：25，则第一个2s、第二个2s、第5s三段时间内的位移之比为4：（16-4）：（25-16）=4：12：9．故D正确，ABC错误．故选D．11.人在沙滩上行走时容易下陷，则下陷过程中（）A.人

对沙滩的压力大于沙滩对人的支持力B.人对沙滩的压力小于沙滩对人的支持力C.人对沙滩的压力大小等于沙滩对人的支持力大小D.人对沙滩的压力大小一定等于人的重力大小【答案】C【解析】【详解】人对沙滩的压力和沙滩

对他的支持力是作用力和反作用力的关系，二者大小相等，方向相反，故AB错误，C正确；人受重力，沙滩的支持力，人在沙滩上行走时容易下陷说明具有向下的重力大于向上的支持力，故D错误．所以C正确，ABD错误．12.如图所示，物体A

和B的重力分别为10N和6N，不计弹簧秤和细线的重力和一切摩擦，则弹簧秤的读数为（）A.4NB.6NC.10ND.14N【答案】B【解析】【详解】物体B处于静止状态，所以B受力是平衡的，即：B端的力大小为6N；又弹簧秤的示数是钩上的拉力或是一端受到的力，所以示数为6N；故

选B。【点睛】簧秤的示数是钩上的拉力或是一端受到的力，高中阶段我们的弹簧都是轻弹簧，所以不用考虑弹簧秤的运动情况。13.如图所示，在大小为F的水平向左的恒力作用下，重为G的物体A静止在倾角为α的光滑斜

面上．下列关于斜面对物体A的支持力的表达式正确的是（）A.FN=22GF+B.FN=GcosαC.FN=Gsinα+FcosαD.FN=Fcosα【答案】AB【解析】【分析】对物体A受力分析，用合成法

求解出斜面对物体A的支持力，进一步得出物体对斜面的压力．【详解】对物体A受力分析，受推力F、重力G、支持力N，如图：根据共点力平衡条件，推力和重力的合力应该与支持力等值、反向、共线，结合几何关系，有F=Gtanα；N=22GF+，N=Gcos；FNs

in=将推力和重力正交分解，如图：根据共点力平衡条件，有：Gsinα=Fcosα；N=Fsinα+Gcosα；故选AB．【点睛】对于共点力平衡问题可以用合成法求解，也可以用分解法求解，还可以用正交分解法求解．14.如图所示，把重为20N的物体放在倾角θ为300的粗糙斜面上，并静止，物体右端与

固定在斜面上的轻弹簧相连接，弹簧与斜面平行，若物体与斜面间的最大静摩擦力为12N，则弹簧对物体的弹力大小可能是（）A.30NB.25NC.20ND.0【答案】CD【解析】【分析】将重力按照作用效果分解为平行斜面的下滑分力和垂直斜面的垂直分力，当最

大静摩擦力平行斜面向下和平行斜面向上时，分别求解出对应的弹簧弹力，得到弹簧弹力的作用范围．【详解】将重力按照作用效果分解：平行斜面的下滑分力为mgsin30°=10N，垂直斜面的垂直分力为mgcos30°=103N；当最大静摩擦力平行斜面向下时

，物体与斜面间的最大静摩擦力为12N，弹簧弹力为拉力，等于22N；当最大静摩擦力平行斜面向上时，物体与斜面间的最大静摩擦力为12N，弹簧弹力为推力，等于2N；故弹簧弹力可以是不大于2N推力或者不大于22N的拉力，也可以没

有弹力；由上分析，可知，故CD正确，AB错误；故选CD．【点睛】本题关键是根据平衡条件求解出物体即将上滑和即将下滑的两种临界情况的弹簧弹力．15.如图所示，一辆小车静止在水平地面上，bc是固定在小车上的水平横杆，质量为M的

物块穿在杆上，通过细线悬吊着质量为m的小物体，小物体在小车的水平底板上，小车未动时细线恰好在竖直方向上．现使小车向右运动，全过程中物块始终未相对杆bc移动，物块、小物体与小车保持相对静止，已知a1∶a2∶a3∶a4＝1∶2∶4∶8，物块M受到的摩擦力大小

依次为f1、f2、f3、f4，则以下结论正确的是（）A.f1∶f2＝1∶2B.f2∶f3＝1∶2C.f3∶f4＝1∶2D.α＝2θ【答案】AC【解析】【分析】前两图中，M是由静摩擦力提供加速度的，根据牛顿第

二定律直接求解f1和f2的关系；后两图中对小球和滑块整体受力分析，根据牛顿第二定律列式求解．通过对m隔离分析可判断图中角的关系．【详解】甲乙两图中，M水平方向只受静摩擦力作用，根据牛顿第二定律得：f1=Ma1；f2=Ma2；丙丁两图中，对m和M整体受力分析，受总重力（M+

m）g、支持力N、摩擦力f，如图所示：根据牛顿第二定律，有：f=（M+m）a；即f3=（M+m）a3，f4=（M+m）a4；又：a1：a2=1：2，则：f1：f2=1：2，故A正确；a2：a3=2：4，f2：f3=M：2（M+m），故B错误；f3：f4=a3：a4=4：8=1：2，故C正确；

对物体m隔离受力分析，可得tanθ=3ag，tanα=4ag，而a3：a4=4：8，所以tanα=2tanθ，故D错误．故选AC．【点睛】本题关键是对滑块、滑块与小球整体受力分析后根据牛顿第二定律列式求解，难度适中．二、实验题16.如图所示的实验装置可以用来测量

重力加速度g，方法是让“工”字形金属片自由下落通过光电门．“工”字形金属片中间立柱长为h，上、下两块挡光片A、B足够窄，宽度均为d，挡光时间由跟光电门相连的数字计时器记录下来．若下挡光片B通过光电门的时间为Δt1，上挡光片A通过光电门的时间为Δt2，则“工”字形金属片进入光电门时的速度v1＝

________，离开光电门时的速度v2＝________，自由落体运动的加速度g＝________．【答案】(1).1dt；(2).2dt;(3).22212ddtth−；【解析】【分

析】极短时间内的平均速度可以近似表示瞬时速度，根据速度位移关系公式v22-v12=2gh可得自由落体运动的加速度g．【详解】极短时间内的平均速度可以近似表示瞬时速度，故：“工”字型金属片进入光电门时的速度v1=1dt；离开光电门时的速度v2=2dt；根据速度位移关系公式，有

：v22-v12=2gh解得自由落体运动的加速度：g=22212vvh−=22212ddtth−故答案为1dt；2dt；22212ddtth−【点评】本题关键是明确实验中测量瞬时速度的方法，即用极短时间内的平

均速度表示瞬时速度，同时要结合速度位移公式求解加速度，基础题目．17.利用打点计时器探究小车的速度随时间变化的规律．其中交变电流的频率为50Hz,如图给出了该次实验中,从A点开始,每5个点取一个计数点的纸带,其中A、B、C、D、E、F、G都为计数点．测得各计数点到A点的距离分别为d1=

1.40cm,d2=3.29cm,d3=5.69cm,d4=8.59cm,d5=12.00cm,d6=15.90cm．（1）如果该纸带A端与小车相连，则小车的运动方向为_______（选填“A→B”或“B→A”）

，且小车做_______（填“匀加速”、“匀减速”或“变加速”）直线运动．（2）在打计数点F时,小车运动的瞬时速度为vF=_______m/s，小车的加速度大小为a=_______m/s2．（本小题计算结果数值均保留两位有效数字）（3）如果当时电网中交变

电流的电压略偏小,但仍然稳定，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比_______(选填“偏大”“偏小”或“不变”)．【答案】(1).B→A(2).匀加速(3).0.37m/s(4).0.50m/s2(5).不变【解析】【详解】（

1）如果该纸带A端与小车相连，则小车的运动方向为B→A，因相等时间内距离差为5cm，故小车做匀加速直线运动．（2）小车运动的瞬时速度为()6415.908.59/0.37/20.2FddvmsmsT−−===，小车的加速度大小为()

222632215.9025.69102/0.50/9990.01DGADddddamsmsTT−−−−====．（3）如果当时电网中交变电流的电压略变小，打点计时器的打点时间间隔不变，加速度a的测量值不变，加速度的测量值与实际值相比不变．三、计算题

18.如图所示，一名患者正在颈椎牵引机上做颈椎牵引治疗，两条牵引软带将患者头部上拉，牵引软带上部固定在钢制横梁上，两条牵引软带与钢制横梁刚好构成一个等边三角形．如果牵引机对头部向上的牵引力是90N，求：牵引软带上的张力．【答案】303N【解析】【分析】根据受力分析，结合力的平行四边形定

则，及三角知识，即可求解．【详解】对头部着点受力分析，如图所示：根据力的平行四边形定则，则有：230330FTNcos==；【点睛】考查受力分析的内容，掌握平行四边形定则的应用，注意三角知识的运用．19.汽车在平直

公路上以10m/s的速度做匀速直线运动，发现前面有情况而刹车，获得的加速度大小是2m/s2，求：（1）汽车经3s时速度大小；（2）经6s时的速度大小；（3）从刹车开始经过8s，汽车通过的距离．【答案】（1）4m/s；（2）0；（3）25m【解析】【分析】

根据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车刹车到速度为零所需的时间，再结合速度时间公式和位移公式求出3s和6s时的速度和8s内的位移．【详解】（1）汽车刹车到速度减为零所需的时间：00001052vtsa−−=−

＝＝．则3s末的速度：v=v0+at=10-2×3m/s=4m/s．（2）经6s时汽车已经停止，则速度大小为0；（2）8s内的位移等于5s内的位移，则：220-102522(2)vxma−===−．【点睛】本题属于运动

学中的刹车问题，注意汽车速度减为零后不再运动．20.如图甲所示，水平传送带沿顺时针方向匀速运动．从传送带左端P先后由静止轻轻放上三个物体A、B、C，物体A经tA＝9.5s到达传送带另一端Q，物体B经tB＝10s到达传送带

另一端Q，若释放物体时刻作为t＝0时刻，分别作出三物体的速度图像如图乙、丙、丁所示．求：（1）传送带的速度v0的大小；（2）传送带的长度L；（3）物体A、B、C与传送带间的动摩擦因数μ．【答案】（1）4m/s；（2）36；（3）0.4；0.2；0.0

125【解析】【分析】（1）物体先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，说明了物体的速度与传送带的速度相等；（2）v-t图中速度图线与x轴围成的面积表示物体的位移，即传送带的长度；（3）先根据运动学的公式求出

加速度，然后牛顿第二定律求解摩擦因数．【详解】（1）物体A与B先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，说明了物体的速度与传送带的速度相等，所以由图可知传送带的速度是4m/s．（2）v-t图中速度图线与x轴围成的面积表示物体的位移，所以A的位移：xA＝9.5

(9.51)2+−×4＝36m传送带的长度L与A的位移相等，也是36m．（3）A的加速度：22140/4/1AAvamsmst−＝＝＝由牛顿第二定律得：maA=μAmg所以：μA＝410Aag＝＝0.4B的加速

度：aB＝2402Bvt＝−m/s2＝2m/s2μB＝210Bag＝＝0.2设物体C从传送带左端P到右端Q所用的时间tC则：L＝02Cv+•tCtC＝22363CLv＝s＝24sC的加速度：22130/0.125/24CCv

amsmst−＝＝＝μC＝0.12510Cag＝＝0.0125