【文档说明】甘肃省天水市二中2022-2023学年高一下学期第一次月考物理试题 含解析.docx，共(20)页，1.767 MB，由小赞的店铺上传

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高一物理一、单项选择题：本题包括9小题，每小题4分，共36分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目。1.关于运动的性质，以下说法中正确的是（）A.曲线运动一定是变速运动B.变速运动一定是曲线运动C.曲线运动一定是变加速运动D.物体加速度大小、速度大小都不变的运动一定是直线运

动【答案】A【解析】【详解】A．曲线运动的速度方向时刻改变，所以曲线运动一定是变速运动，故A正确；B．变速运动可以是指速度大小发生变化，如匀加速直线运动，故B错误；C．曲线运动的条件是合力方向与速度方向不在同一条直线上，合力不一定改变，加速度不一定改变，即曲线运动可以是加速度不变的

运动，如平抛运动，故C错误；D．匀速圆周运动的加速度大小和速度大小均不变，但是匀速圆周运动是曲线运动，故D错误。故选A。2.一质点做曲线运动，速率逐渐增大，关于它在运动过程中经过P点的速度v和加速度a的方向，下列描述正确的图是（）A.B.CD.【答案

】A【解析】【详解】当物体速度方向与加速度方向不在同一直线上时，物体做曲线运动，加速度指向曲线凹的一侧；当.加速度与速度方向夹角小于90度时物体做加速运动，当加速度的方向与速度方向大于90度时物体做减速运动，故A正确，B、C、D错误；故选A。3.红蜡块能在玻璃管的

水中匀速上升，若红蜡块在A点匀速上升的同时，使玻璃管水平向右做匀加速直线运动，则红蜡块实际运动的轨迹可能是图中的（）A.直线PB.曲线QC.曲线RD.无法确定【答案】B【解析】【详解】由题意可知红蜡块在竖直方向做

匀速直线运动，若使玻璃管水平向右做匀加速直线运动，则红蜡块在水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，合运动为匀变速曲线运动，其速度方向与水平方向的夹角的正切值为tanyyxvvvat==由上式可知θ随t的增大而减小，

而蜡块速度方向沿轨迹切线方向，所以红蜡块实际运动的轨迹可能是图中的曲线Q。故选B。4.如图所示，小船自A点渡河，航行方向与上游河岸夹角为时，到达正对岸B点。现在水流速度变大，仍要使船到达正对岸B点，下列可行的办法是（）A.航行

方向不变，船速不变B.航行方向不变，船速变小C.船速不变，减小船与上游河岸的夹角D.船速不变，增大船与上游河岸的夹角【答案】C【解析】【详解】设小船在静水中的速度为v船，水流速度为v水，根据题意有cosvv=水船AB．若航行方向不变，在水流速度变大时，

只有船速也变大，才能确保合速度方向垂直河岸，AB错误；CD．若船速不变，在水流速度变大时，必须减小船与上游河岸的夹角，才能确保合速度方向垂直河岸，C正确，D错误。故选C。5.某生态公园人造瀑布景观如图所示，水流从高处水平

流出槽道，恰好落入步道边的水池中。现制作一个为实际尺寸116的模型展示效果，模型中槽道里的水流速度应为实际的（）A.12B.14C.18D.116【答案】B【解析】【详解】由题意可知，水流出后做平抛运动

的水平位移和下落高度均变为原来的116，则有212hgt=得2htg=所以时间变为实际的四分之一，则水流出的速度xvt=的由于水平位移变为实际的116，时间变为实际的四分之一，则水流出的速度为实际的四分之一故选B。6.如图所示，一名运动员

在参加跳远比赛，他腾空过程中离地面的最大高度为L，成绩为4L，假设跳远运动员落入沙坑瞬间速度方向与水平面的夹角为α，运动员可视为质点，不计空气阻力，则有（）A.tanα=2B.tanα=1C.tanα=12D.tanα=14【答案】B【解析】【分析】【详解】运动员从最高点到落地的过程做平抛运动，根

据对称性，可知平抛运动的水平位移为2L，则有212Lgt=解得2Ltg=运动员通过最高点时的速度为22LvgLt==则有tan1gtv==ACD错误，B正确。故选B。7.如图所示，轮1O、3O固定在同一转轴上，轮1O、2O用皮带连接且不打滑，在1O、2O、3O三个轮边缘各取一点A、B、C，

已知三个轮的半径之比123::2:1:1rrr=，则：（）的A.则A、B、C三点的线速度大小之比:2:11::ABCvvv=B.则A、B、C三点的角速度之比::2:2:1ABC=C.则A、B、C三点的向心加速度大小之比::2:4:1ABCaaa=D.则A、B、C三点的

周期之比::2:2:1abcTTT=【答案】C【解析】【详解】轮1O、3O固定在同一转轴上，轮1O、2O用皮带连接且不打滑.则AC=ABvv=A、C两点的线速度大小之比::2:1ACAACCvvrr==所以A、B、C三点的线速度大小之比:2:21::ABCvvv=A错误；B

．A、B两点的角速度大小之比::1:2ABABABvvrr==则A、B、C三点的角速度之比::1:2:1ABC=B错误；C．A、B、C三点的向心加速度大小之比222::::2:4:1ABCAABBBBaaarrr==C

正确；D．A、B、C三点的周期之比222::::2:1:2abcABCTTT==D错误。故选C。8.公路急转弯处通常是交通事故多发地带。如图所示，某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为cv时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势。则在该弯道

处（）A.路面是水平的B.车速只要低于cv，车辆便会向内侧滑动C.车速虽然高于cv，但只要不超出某一最高限度，车辆便不会向外侧滑动D.当路面结冰时，与未结冰时相比，cv的值变小【答案】C【解析】【详解】A．汽车在公路急转弯处运动时，做的是圆周运动，因此需要

向心力，若路面是倾斜的，则有汽车的重力与路面的支持力的合力提供向心力，当车行驶的速率为cv时，如果合力与所需向心力恰好相等，汽车就恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势，否则会有向公路内侧或外侧有滑动的趋势，因此路面不是水平的，是倾斜的，A错误；B．车速只要低于cv，所

需向心力要小于重力与路面的支持力的合力，车辆便会有向内侧滑动趋势，此时车辆的轮胎与路面间会有摩擦力产生，如果车速稍低于cv，车辆有向内侧滑动的趋势，可不一定滑动，B错误；C．车速虽然高于cv，所需向心力要大于重力与路面的支持力的合力，车辆便会有向外侧滑动的趋势，车辆的轮胎与路面间

会有摩擦力产生，因此只要不超出某一最高限度，车辆便不会向外侧滑动，C正确；D．当路面结冰时，与未结冰时相比，只要路面的倾斜度不变，cv的值不会变，D错误。故选C。9.如图所示，套在竖直细杆上的环A由跨过定滑轮且不可伸长的轻绳与B相连，在外力作用下A沿

杆以速度vA匀速上升经过P．Q，经过P点时绳与竖直杆间的角度为α，经过Q点时A与定滑轮的连线处于水平方向，则（）A.经过P点时，B的速度等于cosAvB.经过Q点时，B的速度方向向下C.当A从P至Q的过程中，B处

于超重状态D.当A从P至Q的过程中，绳的拉力等于B的重力【答案】C【解析】【详解】AB．对于A，它的速度如图中标出的vA，这个速度看成是A的合速度，其分速度分别是vavb，其中va就是B的速度vB（同一根绳子，大小相同），刚开始时B的速度为

vB=vAcosθ；当A环上升至与定滑轮的连线处于水平位置时，va=0，所以B的速度vB=0，故AB错误；CD．因A匀速上升时，由公式vB=vAcosθ，当A上升时，夹角θ增大，因此B向下做减速运动，由牛顿第二

定律，可知绳对B的拉力大于B的重力，B处于超重状态，故C正确，D错误；故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。至少有2项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1

0.如图所示，一长为L的轻绳，一端固定在天花板上，另一端系一质量为m的小球绕竖直轴线12OO做匀速圆周运动角速度为，绳与竖直轴线间的夹角为，小球与悬点1O的高度差为h，则下述说法中正确的是（）A.小球受到

向心力是绳对小球的拉力的水平分力提供B.小球所受向心力大小为sinmgC.小球做圆周运动的向心加速度是恒定不变的D.重力加速度2gh=【答案】AD【解析】【详解】A．小球做匀速圆周运动时，受到重力

和轻绳的拉力作用，轻绳的拉力在竖直方向的分力与重力平衡，则轻绳在水平方向的分力即为重力与轻绳拉力的合力，因此小球受到的向心力是轻绳对小球的拉力的水平分力提供，A正确；B．小球所受向心力大小为重力与轻绳的拉力的合力大小，因此则有ntanFFmg==合B错误；C．小球做圆周运动的向心加速度大小是恒

定不变的，可方向时刻在改变，C错误；D．由牛顿第二定律可得2tantanmgmh=解得2gh=D正确。故选AD。11.一小球从高地面15m高的地方，以10m/s的速度竖直向上抛出，210m/sg=。则小球从抛出至

到地面的过程中，下列说法正确的是（）的A.上升的时间为1sB.运动的总时间为3sC.高地面的最大高度为25mD.落地时的速度大小为30m/s【答案】AB【解析】【详解】A．上升过程中，根据匀变速直线运动规律有0vgt=解得1st=故A正确；BC．上升的高度为05m2vht==则离

地的最大高度为15m5m20mH=+=从最高点落地的时间为21'2Hgt=则运动的总时间为'3sttt=+=总故B正确，C错误；D．落地时的速度大小为''20m/svgt==故D错误；故选AB。12.如图

甲，小球在轻质杆的作用下以不同的初速度在竖直平面内做圆周运动，N为小球对杆的作用力大小，v是小球在最高点的瞬时速度大小，乙图为2Nv−关系，其中10a=，1b=，单位都采用国际单位制，g取210m/s，下列说法正确的（）A.圆周半径0.1m=RB.小球的质量为0.1kgC.2v

c=时，杆对小球弹力方向向上D.若22v=，则杆对小球弹力大小为10N【答案】AD【解析】【详解】A．由图像可知，2vb=时，0N=，重力提供向心力，则有bmgmR=解得0.1mR=故A正确；B．由图像可知，20v=时，Na=，重力和支持力相等，则有mgN=解得1kgm=故B错误

；C．由图像可知，2vc=时，重力和支持力合力提供向心力，取竖直向下为正方向，设支持力为N,则有cmgNmR+=解得0cbNmmgmmgRR=−−=杆对小球弹力方向竖直向下，故C错误；D．22v=时，重力和支持力合力提供向心力，取竖直向下为正方向，设支持力为N,则有2vmg

NmR+=解得10NN=杆对小球弹力方向竖直向下，故D正确。故选AD。13.如图所示，在匀速转动的水平圆盘上，沿半径方向放着用细线相连的质量相等的两个物体A和B，它们与盘间的摩擦因数相同，当圆盘转动到两个物体刚

好还未发生滑动时，烧断细线，两个物体的运动情况是（）A.物体B仍随圆盘一起做匀速圆周运动B.物体A发生滑动，离圆盘圆心越来越远C.两物体仍随圆盘一起做圆周运动，不发生滑动D.两物体均沿半径方向滑动，离圆盘圆心越来越远【答案】AB

【解析】【详解】由向心力公式2nFmr=，可知物体A和B随圆盘一起做匀速圆周运动时，A需要的向心力较大，当圆盘转动到两个物体刚好还未发生滑动时，A物体依靠细绳的拉力与圆盘对A物体的最大静摩擦力的合力提供向心力，烧断细线后，A

物体所受的最大静摩擦力不足以提供其做圆周运动所需要的向心力，A物体要产生相对圆盘滑动，离圆盘圆心越来越远；B所需要的向心力小于其所受的最大静摩擦力，因此物体B相对圆盘仍处于静止状态，即物体B仍随圆盘一起做匀速圆周运动。故

选AB。三、实验题：本题共2小题，每空2分，共16分。14.如图所示为研究曲线运动的实验装置，在光滑水平桌面中间O处有一转轴，转轴上安有力传感器，力传感器与一根不可伸长的轻绳连接，轻绳另一端拴着一小物体，小物体可视为质点。现让小物体绕转轴O做匀速圆周运动，小物体刚运动到A点时，绳子断裂，然后经

过桌面边缘B点飞出做平抛运动，落到沙坑中的D处，AB与桌面边缘垂直。不计空气阻力，重力加速度为g。（1）研究小物体从离开桌面到落到沙坑的运动过程，运用的思想方法是______。A．微元法B．放大法C．控制变量法D．化曲为直法（2）测出小物体质量为m，做匀速

圆周运动时小物体到O点间的距离为r，沙坑平面到桌面间的距离为h，D点到桌面边缘B点正下方的距离为x，读出小物体做匀速圆周运动时力传感器的示数F，则上述所测的物理量间的关系是F=______。（3）若桌面AB部分粗糙，保持力传感器F读数不变，则小物体落点到桌面边缘B点正下方的距离

x将______（填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】①.D②.22mgxhr③.变小【解析】【详解】（1）[1]小物体从离开桌面到落到沙坑的运动过程是平抛运动，为曲线运动，研究该过程运用的思想方法是：化曲为直。故选D。（2）[2]小物体从离开桌面到落到沙坑的运动过程中有212hgt=，

xvt=小物体在桌面做匀速圆周运动有2mvFr=联立可得22mgxFhr=（3）[3]若桌面AB部分粗糙，小物体在AB部分运动要克服摩擦力做功，小物体做平抛运动的初速度将减小，由平抛运动的规律可得，小物体落点到桌面边缘B点正下

方的距离x将变小。15.图甲是研究平抛物体的运动的实验装置图：（1）下列说法正确的是___________A.通过调节使斜槽的末端保持水平B.每次释放小球的位置可以不同C.应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滑下D.记录小球位置用的铅笔每次必须严格地等距离下降E.斜槽必须光滑（2）图

乙是正确实验取得的数据，其中O点为抛出点，则此小球做平抛运动的初速度为________m/s（g=9.8m/s2）。（3）在另一次实验中将白纸换成方格纸，每个格的边长L=5cm，通过频闪照相机，记录了小球在运动途中的三个位置，如图丙所示，则照相机的闪光时间间隔为_____s，该小球

做平抛运动的初速度为_____m/s；抛出点距A点的竖直距离_______cm（g=10m/s2）。【答案】①.AC##CA②.1.6③.0.1④.1.5⑤.5【解析】【详解】（1）[1]A.为了保证小球的初速度水平，

通过调节使斜槽的末端必须保持水平，故A正确；BCE.为了保证小球每次平抛运动的初速度相等，应使小球每次从斜槽的同一位置由静止释放，但斜槽不一定需要光滑，故BE错误，C正确；D.记录小球位置用的铅笔不需要每次严格地等距离下降，故D错误。故选AC。（2）[2]O点为抛出点，在竖直

方向有212ygt=可得平抛运动的时间2ytg=则小球平抛运动的初速度为09.80.32m/s1.6m/s220.196xgvxty====（3）[3]在竖直方向上，根据22yLgT==可得照相机的闪光时

间间隔为220.05s0.1s10LTg===[4]小球平抛运动的初速度为030.15m/s1.5m/s0.1LvT===[5]B点的竖直分速度880.05m/s2m/s20.2yBLvT===从开始到B点所用时间为0.2sByvtg==抛出点距A点的竖直距离为21()0.05m5cm2Ay

gtT=−==四、计算题：本题共3小题，共32分。要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中应明确写出数值和单位。16.跳台滑雪是一项勇敢者的运动，它需要利用山势特点建造一个

特殊跳台。一运动员穿着专用滑雪板，不带雪杖，在滑雪道上获得较高速度后从A点沿水平方向飞出，在空中飞行一段距离后在山坡上B点着陆，如图所示。已知可视为质点的运动员从A点水平飞出的速度v0=20m/s，山坡可看成倾角为37°的斜面，不考虑空气阻力，（g=10m/s2，sin37°=0.6，

cos37°=0.8）求：(1)滑雪者在空中的飞行时间t；(2)从抛出至落在斜面上的位移大小s；(3)落到斜面上时速度大小v。的【答案】(1)3s；(2)75m；(3)1013m/s【解析】【分析】【详解】(1)运动员从A点到B点做平抛运动水平

方向的位移0xvt=竖直方向的位移212ygt=又有tan37yx=代入数据解得3st=60mx=45my=(2)运动员落在斜面上的位移2275msxy=+=(3)运动员落在斜面上时速度的竖直分量103m/s30m/s===yvgt运动员落到斜面上时的速度

大小2201013m/syvvv=+=17.如图所示，AB为竖直半圆轨道的竖直直径，轨道半径R=0.9m，轨道B端与水平面相切，质量m=1kg的光滑小球从水平面以初速度V0向B滑动，取g=10m/s2．（1

）若V0=6m/s，求小球经轨道最低点B瞬间对轨道的压力为多少？（2）若小球刚好能经过A点，则小球在A点的速度至少为多大？小球离开A点后在水平面的落点与B点的距离为多少？【答案】（1）50N；（2）3m/s，1.8m【解析】【详解】（1）小球在B点的受力分析如图：由牛顿第二定律有：

20mvNmgR−=解得小球受到的支持力N=20mvmgR+=50N由牛顿第三定律可知，小球对道轨的压与与N大小相等，方向相反．（2）小球恰好过最高点，即只由重力提供向心力有：2AmvmgR=解得小球在A点的最小速度：3m/sAvgR==小球离开A点后做平抛运动有：2122Rg

t=Asvt=解得t=0.6s，s=1.8m18.如图所示，水平转台上有一个质量m=2kg的小物块，用长L=0.5m的细线将物块连接到转轴上，此时细线恰好绷直无拉力，细线与竖直转轴的夹角θ=37°，物块与转台间的动摩擦因数μ=0.5，最大

静摩擦力等于滑动摩擦力，现使转台由静止开始逐渐加速转动。g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）当绳子刚好出现拉力时，转台角速度ω1为多大？（2）当物块刚要离开转台时，转台角速度ω

2为多大？（3）当转台角速度为ω3=20rad/s时，细线的拉力为多大?（4）当细线的拉力为40N时，转台角速度ω4为多大？【答案】（1）56rad/s3；（2）5rad/s；（3）10N；（4）210rads【解析】【详解】（1）由题意可知，当绳子

刚好出现拉力时，静摩擦力提供向心力，物块所受的最大静摩擦力大小为m10Nfmg==根据牛顿第二定律22m11sinfmrmL==解得156rad/s3=（2）物块刚要离开转台时，转台对物块的支持力恰好为零，水平方向22sin37sin37

TmL=竖直方向cos37Tmg=联立解得ω2=5rad/s（3）由于56rad/srad/s<5rs032ad/物块受力分析如图所示水平方向23sinsinTfmL+=竖直方向cosTNmg+=其中fN=解得T=1

0N（4）物块刚要离开转台时，细线的拉力为52cos374mgTmgmg==所以细线的拉力大小恒为2mg时物块已经离开转台，故满足'cosTmg=23'sinsinTmL=且'2Tmg=联立解得60=3210rads=获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公

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