【文档说明】黑龙江省鹤岗一中2021届高三上学期第二次月考物理试题含答案.pdf，共(14)页，839.444 KB，由小赞的店铺上传

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1鹤岗一中2021届高三上学期第二次月考物理试题一、选择题：本题总计12个题，每题4分，总分48分1.如图所示,冰壶在冰面运动时受到的阻力很小,可以在较长时间内保持运动速度的大小和方向不变,我们可以说冰壶有较强的抵抗运动状态变

化的“本领”。这里所指的“本领”是冰壶的惯性,则惯性的大小取决于()A.冰壶的速度B.冰壶的质量C.冰壶受到的推力D.冰壶受到的阻力2.物体做匀减速直线运动(运动方向不变),下列结论正确的是()A.加速度越来越

小B.加速度方向总与运动方向相反C.位移随时间均匀减小D.速率有可能随时间增大3.右图是某质点运动的速度图像,由图像得到的正确结果是()A.0~1s内的平均速度是2m/sB.0~2s内的位移大小是3m2C.0~1s内的加速度小于2~4s内的加速度D.0~1s内的运动方向与2~4s内的运动方向相同

4．如图所示，小物块在水平推力F的作用下沿光滑半圆曲面从B点缓慢移动到C点，曲面对小物块的支持力为FN，下列说法正确的是()A．F逐渐增大，FN逐渐增大B．F逐渐增大，FN逐渐减小C．F逐渐减小，FN大

小保持不变D．F逐渐减小，FN先增大后减小5.如图所示，用三根轻绳将A、B两小球以及水平天花板上的固定点O之间两两连接，然后用一水平方向的力F作用于A球上，此时三根轻绳均处于伸直状态，且OB绳恰好处于竖直方向，两球均处于静止

状态．已知三根轻绳的长度之比OA∶AB∶OB＝3∶4∶5，两球质量关系为mA＝2mB＝2m，下列说法正确的是()A．OB绳的拉力大小为2mgB．OA绳的拉力大小为10mg3C．F的大小为4mg3D．AB绳的拉力大小为mg36．如图所示，轻弹簧的下端固定在水平

桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状态．现用一竖直向上的力F作用在P上，使其向上做匀加速直线运动．以x表示P离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前，下列表示F和x之间关系的图象可能正确的是()ABCD7.静止在光滑水平面上的物体在水平推力F作用下开始运动

，推力随时间的变化如图所示，关于物体在0～t1时间内的运动情况，描述正确的是()A．物体先做匀加速运动，后做匀减速运动B．物体的加速度一直增大C．物体的速度先增大后减小D．物体的速度一直增大8.如图所示,在水平放置的半径为R

的圆柱体的正上方的P点将一个小球以水平速度v0沿垂直于圆柱体的轴线方向抛出,小球飞行一段时间后恰好从圆柱体的Q点沿切线飞过,测得O、Q连线与竖直方向的夹角为θ,那么小球完成这段飞行的时间是()4A.t=B.t=C.t=D.t=9.水平

转台上有质量相等的A、B两小物块，两小物块间用沿半径方向的细线相连，两物块始终相对转台静止，其位置如图所示(俯视图)，两小物块与转台间的最大静摩擦力均为f0，则两小物块所受摩擦力FA、FB随转台角速度的平方(ω2)的变化关系正确的是()10

．(多选)如图所示，一根轻绳上端固定在O点，下端拴一个重量为G的小球，开始时轻绳处于竖直状态，轻绳所能承受的最大拉力为2G，现对小球施加一个方向始终水平向右的力F，使小球缓慢地移动，则在小球缓慢移动的过程中，下列说法正确的是()A．力F逐渐增大B．力F的

最大值为3GC．力F的最大值为2GD．轻绳与竖直方向夹角的最大值θ＝30°11．(多选)如图所示，质量为m的小球与弹簧Ⅰ和水平细绳Ⅱ相连，Ⅰ、Ⅱ的另一端分别固定于P、Q两点．小球静止时，Ⅰ中拉力的大小为F1，Ⅱ中拉力的大小为F2，当仅剪断Ⅰ、Ⅱ其中一根的瞬间，球的加速度a应是()5A．若

剪断Ⅰ，则a＝g，方向竖直向下B．若剪断Ⅱ，则a＝F2m，方向水平向左C．若剪断Ⅰ，则a＝F1m，方向沿Ⅰ的延长线方向D．若剪断Ⅱ，则a＝g，方向竖直向上12.（多选）如图所示,在斜面顶端的A点以速度v0平抛一小球,经t1时间落到斜面上B点处,若在A点将此小球以速度0.5v0水平抛出,经

t2时间落到斜面上的C点处,以下判断正确的是()A.AB∶AC=2∶1B.AB∶AC=4∶1C.t1∶t2=2∶1D.t1∶t2=∶1二、填空题：每空2分总计10分13.某次“探究加速度a跟物体所受的合外力F和质量m的关系”时，实验如下：6(1)下列做法正确

的是________(填字母代号)A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B．在调节木板倾斜角度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上C．实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D．通过增减

木块上的砝码改变质量时，不需重新调节木板倾角(2)图甲为实验装置图．图乙为某次实验得到的一段纸带，计数点A、B、C、D、E间的时间间隔为0.1s，根据纸带可求出小车的加速度大小为________m/s2.(结果保留两位有效数字)(3)保持小车质量不变，改变砂和砂桶质量，进行多次测量．根据实

验数据作出了加速度a随拉力F的变化图线如图所示．图中直线没有通过原点，其主要原因是________________________________________________________________________．(4)保持砂和砂桶质量不变，改变小车中

砝码质量，进行多次测量，得到小车加速度a、质量m及其对应的1m的数据如表中所示：7实验次数12345678车加速度a/(m·s－2)1.901.721.491.251.000.750.500.30车和砝码质量m/kg0.250.290.330.400.50

0.711.001.671m/kg－14.003.453.032.502.001.411.000.60①在图示的坐标纸中画出物体的a－1m图线；②根据作出的a－1m图象可以得到的结论是：______________________________________________________

__________________________________________________________________________________________.三、计算题：14.（10分）如图所示,一质量为m=0.5kg的小球(可视为质点),用长

为0.4m的轻绳拴着在竖直平面内做圆周运动。g取10m/s2,求:8(1)小球要做完整的圆周运动,在最高点的速度至少为多大?(2)当小球在最高点的速度为4m/s时,轻绳拉力多大?(3)若轻绳能承受的最大张力为45N,小球的

速度不能超过多大?15．（10分）一个质量为20kg的物体，从斜面的顶端由静止匀加速滑下，物体与斜面间的动摩擦因数为0.2，斜面与水平面间的夹角为37°(g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)．(1)求物体沿斜面下滑过程

中的加速度．(2)给物体一个初速度，使之沿斜面上滑，求上滑的加速度．16.（10分）如图所示,质量为m'的长木板静止在粗糙水平地面上,一个质量为m、可视为质点的物块,以某一水平初速度v0从左端冲上木板.从物块冲上木板到物块和木板达到共同速度的过程中,物块和木板的v-t图像分别如图中的折线

acd和bcd所示,a、b、c、d点的坐标为a(0,10)、b(0,0)、c(4,4)、d(12,0).(1)物块冲上木板做匀减速直线运动的加速度大小a1;木板开始做匀加速直线运动的加速度大小a2;达到相同速度后一起做匀减速直线运动的加速度大小a

3.9(2)物块质量m与长木板质量m'之比.17．（12分）如图，一质量M＝1kg的足够长薄木板正在水平地面上滑动，当其速度为v0＝5m/s时将一质量m＝1kg的小铁块(可视为质点)无初速度地轻放到木板的A端；已知薄木板与小铁块间的

动摩擦因数μ1＝0.2，薄木板与地面间的动摩擦因数μ2＝0.3，取g＝10m/s2。求：(1)小铁块放到薄木板上瞬间铁块和木板的加速度大小a1、a2；(2)小铁块与薄木板的速度第一次相等时，二者的位移大小；(3)当小铁块速度刚好减小到零时

，小铁块到A端的距离。10鹤岗一中2021届高三上学期第二次月考物理答案每题4分少选得2分123456789101112BBBDABADCBABABBC二、填空题：每空2分13、（1）AD(2)0.43m/s2(3)实验前未平衡摩擦力(或平衡摩擦力不足)（2）图线为一条过原点

的直线，表明在合外力一定时，加速度跟质量成反比14(10分）(1)在最高点,对小球受力分析如图甲,由牛顿第二定律得mg+F1=①由于轻绳对小球只能提供指向圆心的拉力,F1不可能取负值,即F1≥0②联立①②得v≥,代入数值得v≥2m/s所

以小球要做完整的圆周运动,在最高点的速度至少为2m/s。11(2)v2=4m/s时,mg+F2=m,解得F2=15N。(3)由分析可知,小球在最低点时轻绳的张力最大,对小球受力分析如图乙,由牛顿第二定律得F3-mg=③将F3=45N代入③得v

3=4m/s即小球的速度不能超过4m/s。答案:(1)2m/s(2)15N(3)4m/s15（10分）(1)沿斜面下滑时，物体受力如图由牛顿第二定律得：mgsin37°－Ff＝ma1①FN＝mgcos37°②又Ff＝μFN③所以a1＝gsin37°－μ

gcos37°＝4.4m/s2，方向沿斜面向下．(2)物体沿斜面上滑时，摩擦力沿斜面向下由牛顿第二定律得：mgsin37°＋Ff＝ma2④12联立②③④得a2＝gsin37°＋μgcos37°＝7.6m/s2，方向沿斜面

向下．[答案](1)4.4m/s2，沿斜面向下(2)7.6m/s2，沿斜面向下16（10分）解析:(1)由v-t图像的物理意义可得,a1=1.5m/s2,a2=1m/s2,a3=0.5m/s2.(2)设物块与长木板间的动摩擦因数为μ1,长木板与地面之间的动摩擦因数为μ2

,根据牛顿第二定律,得对物块有μ1mg=ma1,对长木板有μ1mg-μ2(m+m')g=m'a2,对整体有μ2(m+m')g=(m+m')a3,由以上各式解得m∶m'=3∶2.答案:(1)1.5m/s21m/s20.5m/s2(2)3∶217（12分）(1)对m由牛

顿第二定律得Ffm＝μ1mg＝ma1代入数据解得a1＝2m/s213对M由牛顿第二定律得Ffm＋FfM＝Ma2代入数据解得a2＝8m/s2(2)m向右加速运动，M向右减速运动，设经过时间t二者速度相等且为v则对mv＝a1t对Mv＝v0－a

2t两式联立解得t＝0.5s，v＝1m/s二者速度第一次相等时m的对地位移xm1＝2112at＝0.25mM的对地位移xM1＝v0t－2212at＝1.5m(3)由于μ1<μ2则0.5s后，m在M上会向右减速滑动，此时，m减速时的

加速度大小am＝1mgm＝2m/s2M减速时的加速度大小14aM＝21()mMgmgM＝4m/s2m减速到0的时间tm＝mva＝0.5sM减速到0的时间tM＝Mva＝0.25s故小铁块速度减小到零时，木板早已停下，且不会再滑动．从速度为v到速度减为零，

木板的位移xM2＝22Mva＝0.125m小铁块的位移xm2＝22mva＝0.25m所以小铁块离木板A端的距离d＝xM1＋xM2－(xm1＋xm2)＝1.125m