【文档说明】广东省揭阳市揭西县河婆中学2020届高三下学期综合训练（一）物理试题答案.doc，共(5)页，209.500 KB，由小赞的店铺上传

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高三物理综合训练（一）参考答案1D2C3A4C5D6BD7AC8A9B10C11D12B13BC14BD15ABD16.【答案】(1).4.80(2).0.576(3).9.67【解析】试题分析：（1）分析纸带，根据连续相等时间间隔内位移之差即2xat，即20.26400.21600.0

48(0.1)xmmmas，从而可得加速度24.80/ams。0是第一个点，速度等于0，点5为点4和点6的中间时刻，瞬时速度等于平均速度即50.26400.21602.4/0.2mmvmss，系统动能增量

为21251()00.5762mmvJ（2）根据2211212mmghmmv（－）＝（＋）可得221122mmvghmm（－）（＋），即图像斜率为2112mmgmm（－）（＋），结合丙图可得21125.821.2mmggmm（－）（＋），可得29.6

7/gms17.【答案】(1).(2).25(3).偏小(4).4.0【解析】【详解】（1）由图（b）得到，当纵坐标5.0V时，横坐标为25.0Ω，即此时电阻箱接入电路部分的电阻为25.0Ω，则替代

电阻箱的被测电阻的阻值为25.0Ω；（2）因为''1EEUIRRrRRrRR，当电池的内阻r增大时，则'rRR增大，同一个R，U减小，即电压表读数将变小，按原来的U-R图象，则电阻的测量值小于真实值，即偏小；将电阻箱的阻值调到10Ω，并接入a、b之间，调整滑动

变阻器滑片的位置，由图象可知，使电压表示数为4.0V，之后保持滑动变阻器阻值不变，即可用原来的方法继续测量电阻。18.【答案】t=1s；F安=2.5N；Q=75J【解析】（1）棒从静止释放到刚进磁场的过程中做匀加速运动，由牛顿第二定律得：mgsinθ=ma得：a=gsinθ=5m/s2

由运动学公式：d=12at2得：21dtsa（2）棒刚进磁场时的速度v=at=5m/s由法拉第电磁感应定律：E=BLv而EIR、F安=BIL得：安培力F安=22BLvR=2.5N（3）因为F安=mgsin

θ=2.5N，所以金属棒进入磁场后做匀速直线运动，运动至导轨底端的时间为：12stsv由图可知，棒被卡住1s后磁场才开始均匀变化，且1/BTst由法拉第电磁感应定律：15BELsVtt所以在0-5s时间内电路中产生的焦耳

热为：Q=Q1+Q2而Q1=2ERt1=25J，Q2=21ERt2=50J所以Q=75J19.【答案】（1）环离开小孔时的坐标值是-14d；（2）板外的场强E2的大小为mgq，方向沿y轴正方向；（3）场强E1的取值范围为22368qBd

qBdmm～，环打在桌面上的范围为1744dd～。【解析】【详解】（1）设在环离开小孔之前，环和底座各自移动的位移为x1、x2．由于板内小环与极板间的作用力是它们的内力，系统动量守恒，取向右为正方向，根据动量守恒定律，有：mx1-3mx2=0①而x1+x2=d②①

②解得：x1=34d③x2=14d环离开小孔时的坐标值为：xm=34d-d=-14d（2）环离开小孔后便做匀速圆周运动，须qE2=mg解得：2mgEq，方向沿y轴正方向（3）环打在桌面上的范围可画得如图所示

，临界点为P、Q，则若环绕小圆运动，则R=0.75d④根据洛仑兹力提供向心力，有：2vqvBmR⑤环在极板内做匀加速运动，设离开小孔时的速度为v，根据动能定理，有：qE1x1=12mv2⑥联立③④⑤⑥解得：2138qBdEm若环绕大圆运动，则R2=（R-1.5d）2+（2d）2解得

：R=0.48d⑦联立③⑤⑥⑦解得：216qBdEm故场强E1的取值范围为22368qBdqBdmm～，环打在桌面上的范围为1744dd～。20.【答案】CDE21.【解析】⑴设左、右活塞的面积分别为A/和A，由于气体处于平衡状态，故两活塞对气体的压强相等，即：

/32mgmgAA由此得：/32AA在两个活塞上各加一质量为m的物块后，右活塞降至气缸底部，所有气体都在左气缸中。在初态，气体的压强为2mgA，体积为52Ah；在末态，气体压强为83mgA，体积为32Ax（x为左活塞的高度）。由

玻意耳－马略特定律得：4533mgmgAhAxAA解得：54xh即两活塞的高度差为54h⑵当温度由T0上升至T时，气体的压强始终为83mgA，设x/是温度达到T时左活塞的高度，由盖·吕萨克定律得：/0054TThxxTT活塞对

气体做的功为：0054(1)5(1)4TTWFsmghmghTT在此过程中气体吸收热量22【答案】ACE23.【答案】①12cm②1.2×105Pa③30N【解析】①气体I做等压变化T1=300K

V1=10ST2=360KV2=l′S由盖吕萨克定律得1212VVTT解得活塞A与气缸底部的距离为l′=12cm②气体II做等容变化T1=300Kp1=p0=1×105PaT2=360K由查理定律得1212ppTT解得p2=1.2×105Pa③以活塞B为研究对象，由受

力平衡，得20mgpSpSF解得轻杆对活塞B的拉力大小为F=30N