【文档说明】安徽省宿州市泗县第一中学2023-2024学年高一下学期开学考试物理试题 含解析.docx，共(21)页，3.191 MB，由管理员店铺上传

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泗县一中2023-2024学年第二学期高一开学适应性练习物理试卷（考试时间：75分钟试卷满分：100分出题审题：夏微伟）一、单项选择题（本题共8小题，每题3分，共24分。）1.关于物理课本中的四幅插图，以下说法中不正确的是（）A.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动

过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法B.图乙中为了描述物体位置的变化快慢定义了速度xvt=，运用了比值定义法C.图丙中用极短曝光时间内石子的平均速度来表示A点的瞬时速度，运用了极限思想D.图丁中把物体各部分所受重力集中作用于重

心，运用了理想模型法【答案】D【解析】【详解】A．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故A正确，不满足题意要求；B．图乙中为了描述物体位置的变化快慢定义了速度xvt=，运用

了比值定义法，故B正确，不满足题意要求；C．图丙中用极短曝光时间内石子的平均速度来表示A点的瞬时速度，运用了极限思想，故C正确，不满足题意要求；D．图丁中把物体各部分所受重力集中作用于重心，运用了等效法，故D错误，满足题

意要求。故选D。2.如图所示，曲线a和直线b分别是在公路上行驶的汽车A和B的位移一时间图像，由图像可知（）A.汽车A做曲线运动，汽车B做直线运动B.在t1时刻，A、B两车运动方向相同C.在t2时刻，A车速率等于B车速率D.在t1～t2时间内，A车的运动方向发生了改变【答案】D【解析

】【详解】A．位移—时间图像不管是直线还是曲线，都表示物体做直线运动，故A错误；B．位移—时间图像的斜率表示物体的速度，斜率的正负表示物体运动的方向，斜率绝对值的大小表示物体速度的大小，根据图像可知，在t1时刻，a图线的斜率为负，b图线的斜率为正，则说明在

t1时刻A、B两车运动方向不同，故B错误；C．在t2时刻，a图线的斜率大于b图线的斜率，则说明在t2时刻A车速率大于B车速率，故C错误；D．在t1～t2时间内，a图线的斜率由负变正，则说明在t1～t2时间内，A车的运动方向发生了改变，故D正确。

故选D。3.小明上学时把学习资料落在家里，他父亲从家门口打车把资料送到学校，然后接着随车回家，出租车票如图所示，由发票中的信息可知则（）A.过程中出租车的位移和行驶的路程分别是12.3km，12.3kmB.此过程中出租车的位移和行驶的路程分别是0，12.3kmC.10:42指时间间隔D.出

租车的平均速度是46km/h【答案】B【解析】【详解】AB．根据出租车票可知，过程中出租车行驶的路程是12.3km，而位移大小是初位置指向末位置有向线段的长度，出租车票上不能显示位移大小，但由于初末位置相同，则可知

位移大小为0，故A错误，B正确；C．根据票面信息可知，小明父亲在10:42下车，则可知10:42为时刻，故C错误；D．由于出租车的位移为0，因此其平均速度为0，故D错误。故选B4.加速度的概念是人类认识史上最难建立的概念之一，是在400多年前伽利略对落体运动的研究中逐步建

立起来的。关于加速度和速度，下列说法中正确的是（）A.加速度是表示物体速度变化快慢的物理量，是标量B.加速度大的物体速度变化一定大C.速度是表示物体运动快慢的物理量，是标量D.运动物体在某一时刻或某一

位置的速度，叫做瞬时速度【答案】D【解析】【详解】A．加速度是表示物体速度变化快慢的物理量，是矢量，A错误；B．加速度大的物体速度变化一定快，如果时间很短，速度的变化量也不一定很大，B错误；C．速度是表示物体运动快慢的物理量，是矢量，C错误；D．

运动物体在某一时刻或某一位置速度，叫做瞬时速度，D正确。故选D。5.图为港珠澳大桥上四段110m的等跨钢箱连续梁桥的示意图，若汽车从a点由静止开始做匀加速直线运动，达到最大速度后做匀速直线运动，已知汽车的加速度大小为5m

/s2，最大速度为20m/s，则下列说法正确的是（）A.汽车通过这四段连续梁桥匀速运动的时间为20sB.汽车达到最大速度的位置在cd段C.该汽车ab段和bc段所用时间相等。的在D.汽车通过ab段的时间为5.5s【答案】A【解析】【详解】A．速度达到最大值时，设所用时间为1t，由匀变速直线运动速度与

时间关系式知1200s=4s5vta−==速度达到最大时，位移为2211154m=40m22xat==设匀速运动时间为2t，位移为2x21244040s=20s20xxxtvv−−===A正确；B．速度达到最大时，位移为2211154m=40m22xat

==则可知，速度达到最大时在ab段。B错误；CD．ab段加速到速度最大所用时间为1200s=4s5vta−==ab段匀速运动所用时间为311040s=3.5s20xtv−==ab段所用时间为13=7.5sabttt=+bc段做

匀速运动，所用时间为110s=5.5s20bct=则可知，abbctt，CD错误；故选A。6.如图所示，质量为2kg的物体A和质量为3kg的物体B静止于竖直的轻弹簧上，取重力加速度g=10m/s2。某时刻将物体B拿去，则在物体B拿去的瞬时

，物体A的加速度大小为（）A.5m/s2B.10m/s2C.15m/s2D.0【答案】C【解析】【详解】初始时，两物体处于静止状态，则AB()kxmmg=+物体B拿去的瞬时，弹簧弹力不变，对A有AAkxmgma−=联立解得215m/sa=故选C。7.如图所示，粗糙水平地面上的长方体物块将一重为

G的光滑圆球抵在光滑竖直的墙壁上，现用水平向右的拉力F缓慢拉动长方体物块，在圆球与地面接触之前，下面的相关判断正确的是（）A.水平拉力F逐渐减小B.球对墙壁的压力逐渐减小C.地面对长方体物块的支持力逐渐增大D.地面对长方体物块的摩

擦力逐渐增大【答案】A【解析】【详解】B．对圆球进行受力分析如图所示N2N1cosFF=N2sinFG=在物块缓慢向右移动的过程中，在逐渐减小，物块对圆球的支持力增大，墙壁对圆球的支持力在增大，根据牛顿第三定律可知，球对墙壁的压力逐渐增大，B错误；ACD．将圆球

和物块看成整体，并对其进行受力分析如图所示NFGG=+块NfFF=N1fFFF=+由此可知，地面对长方体物块的支持力不变，地面对长方体物块的摩擦力也不变，由于球对墙壁的压力逐渐增大，拉力F在逐渐减小，A正确，CD错误。故选A。8.如图甲所示，物块A、B静止叠放在水平

地面上，B受到从零开始逐渐增大的水平拉力F的作用，A、B间的摩擦力1f、B与地面间的摩擦力2f随水平拉力F变化的情况如图乙所示。已知物块A的质量3kgm=，取210m/s=g，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是（）A.物块B与地面间的动摩擦

因数为0.25B.物块B与地面间的动摩擦因数为0.1C.当4N12NF时，A、B发生相对滑动D.当12NF时，A加速度随F的增大而增大【答案】B【解析】【详解】CD．根据图乙可知，当4NF=时，B与地面间的摩擦力达到最大值，此后随着

F的增大A、B保持相对静止一起加速运动，该过程中随着F的增大，A、B之间的静摩擦力逐渐增大，当12NF=时，A、B间的静摩擦力达到最大值，此后随着F的继续增大，A、B将发生相对滑动，A在水平方向所受到的合外力达到最大值，即为滑动摩

擦力，加速度将恒定不变，故CD错误；AB．根据图乙可知，当12NF=时，A、B刚要相对滑动，此时16Nf=且此时两者加速度相等，对A由牛顿第二定律得1fma=对A、B整体由牛顿第二定律有()2BFfm

ma−=+代入数据可得B1kgm=设B与地面间的动摩擦因数为，相对滑动时()2Bfmmg=+代入数据可得0.1=故A错误，B正确。故选B。的二、多项选择题（本题共4小题，每题4分，共16分。多选、错选不得分。少选得2分。全选得4分

）9.共享单车具有低碳、环保、方便、舒适等特点，骑行时还可以有氧健身，既能节约资源，减少污染，又有益于健康。如图所示，单车的车锁内集成了嵌入式芯片、GPS模块和SIM卡等，便于监控单车的具体位置。用户仅需用手机上的客户端软件（APP）扫描二维码，即可自动开锁，骑行时手

机上的APP能实时了解单车的位置，骑行结束关锁后，APP就显示计时、计价、里程等信息，根据以上信息，下列说法正确的是（）A.监控单车在路上的具体位置时，可以把单车看作质点B.单车某个时刻的准确位置信息是借助通信卫星定位确定的C.由手机上APP显示的

信息，可求出骑行的平均速度D.单车骑行结束关锁后，APP显示的里程是路程【答案】ABD【解析】【详解】A．监控单车在路上的具体位置时，单车的形状大小可以忽略不计，可以把单车看作质点，故A正确；B．单车某个时刻的准确位置信息是借助通信卫星定位确定的，故B正确；CD．单车

骑行结束关锁后，APP显示的里程是路程，不是位移，所以由手机上APP显示的信息，不能求出骑行的平均速度，故C错误，D正确。故选ABD。10.如图所示，在倾角为37的粗糙斜面上静止放置质量分别为m和6m的A、B两物体，斜面与两物体间的动摩擦因数均为0.8，用一

条不可伸长的细绳通过轻滑轮将两物体相连，现对滑轮施加竖直向上由零缓慢增大的拉力，直到物块A或B将要发生滑动，但刚好没有滑动。已知绳与竖直方向的夹角均为37，用ABff、分别表示斜面对两物体的摩擦力，滑动摩擦力等于最大静摩擦力，在此过程中，关于摩擦力大小的变化情况描述正

确的是（sin370.6=，cos370.8=，24cos1625=）（）A.地面对斜面的摩擦力为零B.拉力持续增大，物体B将先发生滑动C.Af可能先平行于斜面向上再平行于斜面向下DBf一直不变【答案】ABD【解析】【详解】A．对斜面、物块A、B组成的系统整体分析可知，该整体受重力G、

地面对整体的支持力NF以及竖直向上的拉力F，在拉力逐渐增大，且A、B相对于斜面未滑动的全过程中，整体所受合外力为零，竖直方向始终有NGFF=+而水平方向不受外力，地面对斜面的摩擦力为零，故A正确；BD．对B受力分析，B将要滑

动时最大静摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力，设此时绳上的张力为F，则有6sin37(6cos37)mgmgF=−解得0.3Fmg=而在B未滑动时，B所受摩擦力为静摩擦力，大小始终为B6sin373

.6fmgmg==方向沿斜面向上；对A受力分析，当拉力逐渐增大时，摩擦力逐渐减小直到为0，此时绳的拉力cos16sin37Fmg=解得.=0.625Fmg由于FF因此可知B先滑动，故BD正确；C．根据题意可知，题述过程为绳的拉力从0到0

.3mg的过程，而当绳的拉力为0.3mg时，对A有cos16sin37Fmg此时A受到的摩擦力仍沿斜面向上，则可知题述过程中A所受摩擦力始终向上且一直减小，故C错误。故选ABD。11.一条东西方

向的平直公路边上有两块路牌A、B，A在东B在西，一辆匀速行驶的汽车自东向西经过A路牌时，一只小鸟恰自B路牌向A匀速飞去，当小鸟飞到汽车正上方时立即折返，以原速率飞回B，经过一段时间，汽车也行驶到B。以向东为正方向，它们的x-t图像如图所示。下

列说法中正确的是（）A.小鸟飞行的速率是汽车行驶速率的2倍B.相遇时小鸟的位移是汽车位移的3倍C.小鸟和汽车在0~2t0时间内位移相等D.小鸟飞行的总路程为汽车总路程的43倍【答案】AD【解析】【详解】A．设在t0时刻x=x0，图像的斜率等于速度，则00002:21vxxvtt==鸟

车即小鸟飞行的速率是汽车行驶速率的2倍，选项A正确；B．由图像可知在t=0时刻，032xx=；相遇时小鸟的位移是x0，汽车位移012x小鸟的位移是汽车位移的2倍，选项B错误；C．在0~2t0时间内小鸟的位移为零，而汽车位

移不为零，选项C错误；D．小鸟飞行的总路程为2x0，汽车总路程为032x，即小鸟飞行的总路程为汽车总路程的43倍，选项D正确。故选AD。12.如图甲所示，一足够长的传送带倾斜放置，倾角为，以恒定速率4m/sv=顺时针转动。一煤

块以初速度012m/sv=从A端冲上传送带，煤块的速度随时间变化的图像如图乙所示，取210m/sg=，则下列说法正确的是（）A.煤块与传送带间的动摩擦因数0.25=B.2t=秒时煤块受到的摩擦力方向反向C.煤块从冲上传送带到返回A端所用的时间为(25

)s+D.煤块在传送带上留下的痕迹长为(1245)m+【答案】ACD【解析】【详解】A．速度—时间图像斜率的绝对值表示加速度的大小，根据图乙分析可知，起初煤块的速度大于传送带的速度，煤块先沿着传送带向上做匀减速直线运动，滑动摩擦力沿着传送带向下，当达到与传送带共速时，继续向上做匀减速直线运动，

此时摩擦力发生突变，方向变为沿着传送带向上，直至煤块速度减为零后沿着传送带向下做匀加速直线运动，则根据图乙可得煤块两个减速阶段的加速度大小分别为221412m/s8m/s1a−==22204m/s4m/s21a−==−对两个过程分别由牛顿第二定律有1sincosm

gmgma+=2sincosmgmgma−=联立求得0.25=A正确；B．根据A项分析可知，2s=t时煤块受到的摩擦力没有反向，还是沿斜面向上，B错误；C．根据速度—时间图像可知，煤块在传送带上速度减为零的时间12st

=，根据速度—时间图像所围成的面积可知，煤块速度减为零时的位移为()1114121m14m=10m22x=++设煤块反向加速到达传送带A端的时间为2t，则由位移时间关系可得212212xat=解得25st=则可得煤块从冲上传送带到返回A端

所用的时间为()1225sttt=+=+C正确；D．煤块第一阶段减速运动时速度大于传送带的速度，此过程中煤块在传送带上留下的划痕长度2210111111Δ12181m41m4m22xvtatvt=−−=−−=煤块第二阶段减速

运动时的速度小于传送带的速度，此过程中产生的划痕22204041m1m2m22vxvtt++=−=−=此后煤块加速下滑，产生的划痕31210m45mxxvt=+=+分析可知，煤块第一阶段减速时在传送带上产生的划痕被第二阶段减速时

产生的划痕以及反向加速下滑时产生的划痕覆盖，因此煤块在传送带上留下的痕迹长为23(1245)mxxx=+=+D正确。故选ACD。三。实验题（每空2分，共14分）13.某同学用如图1所示装置探究小车做匀变速直线运动的规律．（1）请在下列

实验器材中，选出本实验中不需要的器材：________(填编号)．①电火花计时器②天平③低压交变电源④细线和纸带⑤钩码和小车⑥刻度尺⑦秒表⑧一端带有滑轮的长木板（2）安装好实验装置后，按照正确的实验操作，纸带被打出一系列点，其中一段如图2所示，可知纸带的________(选填

“左”或“右”)端与小车相连．（3）图中O、A、B、C、D、E、F为相邻的计数点，相邻两计数点间还有4个点未画出，则小车运动的加速度大小为________m/s2.打下E点时小车的瞬时速度大小为________m/s.(结果均保留3位有效数字)（4）

如果当时电网中交变电流的电压变成210V，频率不变，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值________．(选填“偏大”“偏小”或“不变”)（5）实验结束后，甲、乙两组同学分别把纸带每隔0.1s剪断，得到若

干短纸条，再把这些纸条下端对齐，并排贴在一张纸上，得到如图3甲、乙所示的两幅图．由图可知________组实验过程中小车的加速度大，判断依据是________．【答案】①.②③⑦②.左③.2.00④.1.1

0⑤.不变⑥.甲⑦.甲组纸条上端连线斜率大【解析】【详解】（1）[1]本实验中不需要的器材有②天平；电火花计时器用220V交流电源，不需要③低压交变电源，另外不需要⑦秒表；（2）[2]由纸带可知，从左到右点间

距逐渐增加，可知纸带的左端与小车相连；（3）[3]图中相邻两计数点间还有4个点未画出，则T=0.1s；小车运动的加速度大小为22222(41.9611.9811.98)10m/s2.00m/s990.1CFOCxxaT−−−−==

=[4]打下E点时小车的瞬时速度大小为2(41.9619.96)10m/s1.10m/s220.1DFExvT−−===（4）[5]如果当时电网中交变电流的电压变成210V，频率不变，则打点周期不变，那么加速度的测量值不变。（5）[6]由图可知甲组实验过程中小车的加速度大；根据2x

aT=因甲图中的纸条上端连线斜率大，说明相同时间内的x较大，则加速度较大。四。计算题（本题共4小题，共46分。请写出适当的文字说明和过程，直接得结果的不得分）14.高空抛物是违法行为，某高楼第12层窗台上不慎坠下一个花

盆（可视为质点），花盆掉在第3层的露台上。已知第12层窗台离地面的高度为31.6mH=，第3层的露台离地面的高度为6.6mh=，假设花盆从静止开始竖直下落，忽略空气阻力，g取210m/s，计算结果可以保留根号。求：（1）花盆从第12层的窗台落到第

3层的露台所用的时间；（2）花盆落到第3层露台时的速度大小。【答案】（1）5st=；（2）105m/sv=【解析】【详解】（1）对花盆，设从第12层窗台落到第3层露台的时间为t，由自由落体运动规律有212Hhgt−=代入数据解得5s2.24st=（2）花盆落到第3层露台时的速度大小为v22()v

gHh=−代入数据解得105m/s22.4m/sv=15.一辆肇事汽车在紧急刹车后停了下来，路面上留下了一条车轮滑动的磨痕。警察测出路面上磨痕长度为22.5m。根据对车轮与路面材料的分析可知，车轮在路面上滑动时汽车做匀减速直线运动的加速度大小是25.0m/s。取重力加速度210m/s

g=。求汽车：（1）刹车时速度的大小v；（2）与路面间的动摩擦因数。【答案】（1）15m/s；（2）0.5【解析】【详解】（1）由题可得22vax=解得15m/sv=（2）由题可得=Fma合则有=Ffmg=合解得0.5=16.如图

所示，倾角为30°、质量为12kg的斜面体C置于水平地面上，放在斜面上质量为8kg的小物块B，通过细绳跨过光滑的定滑轮与物块A相连接，连接B的细绳与斜面平行。现A匀速下落，C处于静止状态，已知物块B与斜面间的动摩擦因数312=，重力加速度g=10m/s2。求：（1）物块A的质量；

（2）地面对斜面体C的作用力大小。【答案】（1）A5kgm=；（2）5013NF=合【解析】【详解】（1）设斜面对B的摩擦力大小为fB，对物块B受力如图由平衡条件有BBAsinmgfmg+=BBcosmgN=BBfN=解得A5kgm=（2）研究B、C整体，受到重力、拉力T、地面

的支持力N和地面的摩擦力作用，如图所示。由平衡条件有()BsinTNMmg+=+cosfT=对A有ATmg=解得175NN=253Nf=地面对斜面体C的作用力是地面的支持力N和地面的摩擦力f的合力，即225013NFNf=+=合17.如图所示，长度为9

mL=、质量为2kgM=的长木板B静止在光滑水平面上，0=t时刻，一质量为1kgm=的小滑块A（可视为质点）以012m/sv=的速度从左端冲上木板。已知小滑块与木板间的动摩擦因数0.4=，重力加速度取210m/sg=。求（1）小滑块

刚冲上木板时，小滑块A与木板B的加速度Aa和Ba的大小；（2）小滑块A从冲上木板B到滑落所用的时间；（3）若要使小滑块A恰好不从木板B右端掉落，在小滑块刚冲上木板B的瞬间，应对木板B施加一个多大的水平向右的恒定拉力？【答案】（1）2

4m/s，22m/s；（2）1s；（3）4N【解析】【详解】（1）对滑块和木板受力分析分别如图所示对滑块A，有AfFma=，N1Fmg=，N1fFF=解得A的加速度大小2A4m/sa=由牛顿第三定律知

ffFF=对木板BBfFMa=解得2B2m/sa=（2）设经1t滑块A从木板B上滑落，滑块A的位移210A112xvtat=+取为0v方向为正方向，则2A4m/sa=−木板B的位移22112Bxat=且12xxL−=得11st=或23st=A、B共速需要2s，或者A减速至零需要3s，或者滑落时

A速度大于B速度23st=不符合，故23st=舍掉，故小滑块A在木板B上运动的时间为1s。（3）若要使小滑块A恰好不从木板B上掉落，则小滑块A运动到木板B右端时两者共速设对木板B施加拉力后，B的加速度为a，经历2t时间A、

B共速，则有0A22vatat+=A、B位移关系220221122AvtatatL+−=取为0v方向为正方向，则2A4m/sa=−解得24m/sa=施加拉力F后对木板B受力分析如图所示fFFMa+=可求得4NF=附加题（20分）18.

下暴雨时，有时会发生山体滑坡或泥石流等地质灾害．某地有一倾角为θ=37°（sin37°=35）的山坡C，上面有一质量为m的石板B，其上下表面与斜坡平行；B上有一碎石堆A（含有大量泥土），A和B均处于静止状态，如图所示．假设某次暴雨中，A浸透雨水后总质量也为

m（可视为质量不变的滑块），在极短时间内，A、B间的动摩擦因数μ1减小为38，B、C间的动摩擦因数μ2减小为0.5，A、B开始运动，此时刻为计时起点；在第2s末，B的上表面突然变为光滑，μ2保持不变．已知A开始运动时，A离B下边缘的距离l=27m，

C足够长，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小g=10m/s2，求：(1)在0~2s时间内A和B加速度的大小；(2)A在B上总的运动时间。【答案】（1）3m/s2；1m/s2；（2）4s【解析】【分

析】【详解】（1）在0-2s内，A和B受力如图所示由滑动摩擦力公式和力的平衡条件得:111fN=1cosNmg=222fN=21cosNNmg=+以沿着斜面向下为正方向，设A和B的加速度分别为，由牛顿第二定律可

得：11sinmgfma−=212sinmgffma−+=联立以上各式可得a1=3m/s2a2=1m/s2（2）在t1=2s，设A和B的速度分别为v1、v2，则v1=a1t1=6m/sv2=a2t1=2m/

st>t1时，设A和B的加速度分别为1a，2a；此时AB之间摩擦力为零，同理可得：21gsin6m/sa==22sin2cos2m/smgmgam−==−即B做匀减速，设经时间，B的速度减为零，则：2220vat+=联立可得t2=1s在t1+t2时间内，A相对

于B运动的距离为2'22'2111212212222111112m27m2222satvtatatvtat=++−++=此后B静止不动，A继续在B上滑动，设再经时间后t3，A离开B，则有

21123131()2Lsvattat−=++可得t3=1s（另一解不合题意，舍去）则A在B上的运动时间为t总.t总=t1+t2+t3=4s（利用下面的速度图象求解，正确的，参照上述答案信参考给分）【考点定位】牛顿第二定律；匀变速

直线运动；