【文档说明】【精准解析】陕西省咸阳市乾县一中2019-2020学年高一下学期第二阶段性考试物理试题.doc，共(16)页，694.500 KB，由小赞的店铺上传

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乾县一中2019-2020学年度第二学期第二次阶段性考试高一物理试题一、选择题1.关于曲线运动，下说法中正确的是()A.曲线运动的速度大小一定发生变化B.曲线运动的加速度不可能为零C.在恒力作用下，物体不可以做曲线运动D.做圆周运动的物体其向心力即为其所受的合外力【答案】B【解析】【详

解】AB．曲线运动的条件是合力与速度不共线，一定存在加速度，因此速度的方向运动变化，而速度大小可以变化，也可以不变，如圆周运动，故A错误B正确；C．曲线运动的条件是合力与速度不共线，合力可以是恒力也可以是变

力，故C错误；D．做匀速圆周运动的物体向心力是其所受的合外力，而非匀速圆周运动的物体向心力不是其所受的合外力，故D错误。故选B。2.关于万有引力定律发现过程中的物理学史，下列表述中正确的是（）A.日心说的代表人物是开普勒B.开普勒提出了行星运动规律，并发现了万有引力定律C.牛顿进行了“月−−地检验

”得出天上和地下的物体间的引力作用都遵从万有引力定律D.牛顿发现了万有引力定律并通过精确的计算得出了引力常量【答案】C【解析】【详解】A．哥白尼是日心说的代表人物，A错误；B．开普勒提出行星运动规律，牛顿发现了万有引力定律，B错误；C．牛顿发现

了万有引力定律，并且进行了“月−−地检验”，得出天上和地下的物体间的引力作用都遵从万有引力定律，故C正确；D．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许并通过实验算得出万有引力常量，故D错误。故选C。3.如图所示，小物体A与圆盘保持相对静

止，跟着圆盘一起做匀速圆周运动，则小物体A的受力情况是（）A.受重力、支持力B.受重力、支持力和指向圆心的摩擦力C.受重力、支持力、向心力、摩擦力D.受重力、支持力、向心力和背离圆心的摩擦力【答案】B【

解析】【详解】物体在水平面上，一定受到重力和支持力作用，物体在转动过程中，有背离圆心的运动趋势，因此受到指向圆心的静摩擦力，且静摩擦力提供向心力，故ACD错误，B正确。故选B。4.一物体在以xOy为直角坐标系的平面上运动，其运动规律为x=－2t2－4t，y=3t2＋6t（式

中的物理量单位均为国际单位），关于物体的运动，下列说法正确的是（）A.物体在x轴方向上做匀减速直线运动B.物体运动的轨迹是一条直线C.物体在y轴方向上做变加速直线运动D.物体运动的轨迹是一条曲线【答案】B【解析】【详解】A．根据匀变速直线运

动的规律2012xvtat=+可知x方向初速度和加速度分别为m/sxv=−2222m/s4m/sxa=−=−速度与加速度同向，物体在x轴方向上做匀加速直线运动，A错误；B．y方向初速度和加速度分别为6m/syv=2232m/s6m/sya==则初始时刻6

3tan42yyxxvava====−−可知初速度与加速度共线，物体运动的轨迹是一条直线，B正确，D错误；C．物体在y轴方向上加速度恒定且与速度同向，所以物体做匀加速直线运动，C错误。故选B。5.质量为1kg的物体以某一初速度在水平面上滑行，由于摩擦阻力的作用

，其动能随位移变化的图线如图所示，g取10m/s2，则以下说法中正确的是（）A.物体与水平面间的动摩擦因数为0.5B.物体与水平面间的动摩擦因数为0.2C.物体滑行的总时间为4sD.物体滑行的总时间为2.5s【答案】C【解析】【详解】AB．

根据动能定理Ek2-Ek1=-Ffl可得k1k2f500N2.5N20EEFl−−===所以μ=f0.25Fmg=故A错误，B错误；CD．根据牛顿第二定律可得a=f2.5Fm=m/s2由运动学公式得物体滑行的总时间2220s4s2.5lta===故C正

确，D错误。故选C。6.一起重机吊着物体以加速度a(a<g)竖直下落。在下落一段距离的过程中，下列说法中正确的是A.重力对物体做的功大于物体重力势能的减少量B.重力做的功大于物体克服缆绳的拉力所做的功C.物体重力势

能的减少量等于物体动能的增加量D.物体所受合外力做的功为零【答案】B【解析】【详解】A．重力做的功等于物体重力势能的减小量，故A错误；B．重物被起重机吊起，竖直加速下落的过程中，加速度方向向下，重力大于缆绳拉力，根据W=FL可知，重力做的功大于重物克服缆绳拉力做的功，

故B正确；C．重力势能的减小量为mgh，动能的增加量为：△Ek=WG-WF=mgh-WF所以重物重力势能的减少量大于重物动能的增加量，故C错误；D．加速下落，动能增大，根据动能定理可知，合外力做功不为零，故D错误。故选B。7.一辆汽车在水平路面上由静止启

动，在前4s内做匀加速直线运动，4s末达到额定功率，之后保持额定功率运动，其v—t图象如图所示。已知汽车的质量为m=3×103kg，汽车受到的阻力为车重的0.2倍，g取10m/s2，则下列不正确的是（）A.汽车的最大速度为20m

/sB.汽车的额定功率为180kWC.汽车在前4s内的牵引力为1.5×104ND.汽车在前4s内牵引力做的功为3.6×105J【答案】A【解析】【详解】ABC．汽车匀加速启动，则在匀加速阶段，牵引力恒定，由图可知，在匀加速运动阶段加速度2212m/s3m/s4a=

=根据牛顿第二定律Ffma−=0.2fmg=代数解得41.510NF=在4s末，汽车达到额定功率，根据PFv=代数可得，汽车的额定功率为180kWP=当达到额定功率后，功率不再变化，速度继续增加，故牵引力减小，当牵引力减小到等于阻力时，汽车达到最大速度。有maxPFv=Ff=解得max6

0m/sv=所以A选项符合题意，BC选项不合题意，故A正确，BC错误；D．汽车在前4s内牵引力做的功为WFx=212xat=联立解得53.610JW=所以D选项不合题意，故D错误。故选A。8.如图，滑块a、b的质量均为m，a套在固定竖直杆上

，与光滑水平地面相距h，b放在地面上．a、b通过铰链用刚性轻杆连接，由静止开始运动．不计摩擦，a、b可视为质点，重力加速度大小为g.则()A.a落地前，轻杆对b一直做正功B.a落地时速度大小为2ghC.a下落过程中，其加速度大小始终不大于gD.a落地前，当a的机械能最小时，

b对地面的压力大小为mg【答案】DB【解析】【详解】当a到达底端时，b的速度为零，b的速度在整个过程中，先增大后减小，动能先增大后减小，所以轻杆对b先做正功，后做负功．故A错误．a运动到最低点时，b的速度为零，根据系统机械能守恒定律得：mAgh=12mAvA2，解得

：2Avgh=．故B正确．b的速度在整个过程中，先增大后减小，所以a对b的作用力先是动力后是阻力，所以b对a的作用力就先是阻力后是动力，所以在b减速的过程中，b对a是向下的拉力，此时a的加速度大于重力加速度，故C错误；

a、b整体的机械能守恒，当a的机械能最小时，b的速度最大，此时b受到a的推力为零，b只受到重力的作用，所以b对地面的压力大小为mg，故D正确；故选BD．【点睛】解决本题的关键知道a、b组成的系统机械能守恒，以及知道当a的机械能

最小时，b的动能最大．【考点】机械能守恒定律；牛顿定律的应用9.质量为m的汽车在平直的公路上行驶，某时刻速度为v0，从该时刻起汽车开始加速，经过时间t前进的距离为s，此时速度达到最大值vm，设在加速度过程中发动机的功率恒为P，汽车所受阻

力恒为F，则这段时间内牵引力所做的功为（）A.PtB.mFvtC.FsD.2201122mmvFsmv+−【答案】ABD【解析】【详解】A、由于发动机功率恒定，则经过时间t，发动机所做的功为：WPt=，故A正确；B、当速度达到最

大值mv时，由mmPFvFv==，所以汽车的牵引力在这段时间内做功也等于mPtFvt=，故B正确；C、在加速度行驶过程牵引力不是总等于阻力，故Fs只表示阻力做功，不能表示牵引力的功，故C错误；D、汽车从速度0v到最大速度mv过程中，由动能定理可知2021122mWFsmvmv

−=−,解得2201122mWmvmFxv=−+，故D正确．10.物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动。通过力和速度传感器监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律分别如图甲、乙所示。取g＝10m

/s2，则下列说法正确的是（）A.物体的质量m＝0.5kgB.前2s内推力F做功的平均功率P＝3WC.第2s内物体克服摩擦力做的功W＝2JD.物体与水平面间动摩擦因数μ＝0.40【答案】ACD【解析】【详解】A．由速度时间图线知，在2-3s内，物

体做匀速直线运动，可知推力等于摩擦力，可知f=2N，在1-2s内，物体做匀加速直线运动，由速度时间图线知222m/s2m/s21a==−根据牛顿第二定律得F2-f=ma代入数据解得m=0.5kg故A正确；B．前2s内位移221121m1m22xat===则推力F做功的大小WF=F2

x2=3×1J=3J则平均功率3W1.5W2FWPt===故B错误；C．物体克服摩擦力做功W=fx2=2×1J=2J故C正确；D．物体与水平面间的动摩擦因数20.405fmg===故D正确。故选ACD。11.如图，两个质量均为m的

小木块a和b（可视为质点）放在水平圆盘上，a与转轴OO′的距离为l，b与转轴的距离为2l．木块与圆盘的最大静摩擦力为木块所受重力的k倍，重力加速度大小为g．若圆盘从静止开始绕转轴缓慢地加速转动，用ω表示圆盘转动的角速度，下列说法正确的是（）A.

b一定比a先开始滑动B.a、b所受的摩擦力始终相等C.ω＝是b开始滑动的临界角速度D.当ω＝时，a所受摩擦力的大小为kmg【答案】AC【解析】试题分析：小木块都随水平转盘做匀速圆周运动时，在发生相对滑动之前，角速度相等，静摩擦力提供向心力即2fmR=静，由于木块b的半径大，所以发生相对滑动

前木块b的静摩擦力大，选项B错．随着角速度的增大，当静摩擦力等于滑动摩擦力时木块开始滑动，则有2fmRkmg==静，代入两个木块的半径，小木块a开始滑动时的角速度akgl=，木块b开始滑动时的角速度2bkgl=，选项C对．根据ab

，所以木块b先开始滑动，选项A对．当角速度23kgl=，木块b已经滑动，但是23akgl=，所以木块a达到临界状态，摩擦力还没有达到最大静摩擦力，所以选项D错．考点：圆周运动摩擦力12.如图所示，在竖直平面内有一半径为R的圆弧轨道，半径OA水平

、OB竖直，一个质量为m的小球自A的正上方P点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力。已知2APR=，重力加速度为g，则小球从P到B的运动过程中（）A.重力做功2mgRB.克服摩

擦力做功12mgRC.合外力做功mgRD.机械能减少12mgR【答案】BD【解析】【详解】A．重力做功为()G2WmgRRmgR=−=A错误；BD．小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，则有2BvmgmR=解得BvgR=根据动能定理得f2B102mgRWmv−=−解得f12WmgR=摩擦力做

多少功，就需要克服摩擦力做多少功，即机械能就减少多少，故机械能减少12mgR，故BD正确；C．根据动能定理得2B11220vWmmgR−==合故C错误。故选BD。二:实验题13.某同学用图示装置研究平抛运动及其特点，他的实验操作是：在小球A、B处于同一高度时，

用小锤轻击弹性金属片，使A球水平飞出，同时B球被松开：(1)他观察到的现象是：小球A、B____________（填“同时”或“不同时”）落地；(2)让A、B球恢复初始状态，用较大的力敲击弹性金属片，A球在空中运动的时间将__

_____（填“变长”、“不变”或“变短”）；(3)上述现象说明：平抛运动的竖直分运动是________运动。【答案】(1).同时(2).不变(3).自由落体【解析】【分析】【详解】(1)[1]小锤轻击弹性金属片时，A球做平抛运动，同时B球做自由落体运动。因为竖

直方向运动一致，通过实验可以观察到它们同时落地；(2)[2]用较大的力敲击弹性金属片，则被抛出初速度变大，但竖直方向运动不受影响，2htg=，因此运动时间仍不变；(3)[3]上述现象说明：平抛运动在竖直方向上做自由落体运动。14.在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器所用

电源频率为50Hz，当地重力加速度的值为9.80m/s2，测得所用重物的质量为1.00kg。按实验要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点A、B、C到第一个点O的距离如图所示（相邻计数点时间间隔为0.02s），那么（结果均保留两位有效数字）：(1)打点计时器打下计

数点B时，重物的速度vB=____________；(2)在从起点O到打下计数点B的过程中重物重力势能的减少量是△Ep=___________，此过程中重物动能的增加量是△Ek=____________；(3)实验的结论是________________。【答案】(1).0.98m/s(2).

0.49J(3).0.48J(4).在实验误差允许范围内，重物的机械能守恒【解析】【详解】(1)[1]利用匀变速直线运动的推论27.063.14100.98m/s20.04ACBxvt−−===(2)[2][3]重物由B点运动到C点

时，重物的重力势能的减少量△Ep=mgh=1.00×9.8×0.0501J≈0.49J动能的增加量是22k111.000.98J0.48J22BBEmv===(3)[4]由上数据可知，在实验误差范围内，△EP=△Ek，机械能守恒。三.计算题15.如图所示，质量为m的

小物块在粗糙水平桌面上做直线运动，经距离l后以速度v飞离桌面，最终落在水平地面上。已知l=1.4m，v=3.0m/s，m=0.10kg，物块与桌面间的动摩擦因数0.25=，桌面高h=0.45m。不计空气阻力，重力加速度g取10m/

s2，求（1）小物块落地点距飞出点的水平距离s；（2）小物块落地时的动能Ek；（3）小物块的初速度大小v0。【答案】（1）0.90m；（2）0.90J；（3）4.0m/s【解析】【详解】（1）物块飞出桌面后

做平抛运动，在竖直方向上有212hgt=代入数据解得t=0.3s在水平方向上有svt=代入数据解得s=0.90m（2）对物块从飞出桌面到落地，由动能定理得2k12mghEmv=−代入数据解得k0.90JE=（3）对滑块从开始运动到飞出桌面，根据动能定理有2201122mg

lmvmv−=−代入数据解得04.0m/s=v16.山地滑雪是人们喜爱的一项体育运动．一滑雪坡由AB和BC组成，AB是倾角为37°的斜坡，BC是半径为R=5m的圆弧面，圆弧面和斜面相切于B，与水平面相切于C，如图所示，AB竖直高度差hl=8.8m，竖直台阶

CD高度差为h2=5m，台阶底端与倾角为37°斜坡DE相连．运动员连同滑雪装备总质量为80kg，从A点由静止滑下通过C点后飞落到DE上，不计空气阻力和轨道的摩擦阻力（g取10m/s2，sin37°=0.6，

cos37°=0.8)．求：（1）运动员到达C点的速度大小；（2）运动员经过C点时轨道受到的压力大小；（3）运动员在空中飞行的时间．【答案】（1）14m/s（2）3936N（3）2.5s【解析】【详解】（1）A→C过程，由机械能守恒定律得：°21C1(1cos37

)2mghRmv+−=，解得：vc=14m/s（2）在C点，由牛顿第二定律有：2CCmvFmgR−=，解得：Fc=3936N，由牛顿第三定律知，运动员在C点时轨道受到的压力大小为3936N（3）设在空中飞行时间为t，则有：水平方向cxvt=，竖直方向212

hgt=，且2tan37hhx−=，解得：t=2.5s，t=－0.4s(舍去)．17.小明站在水平地面上，手握不可伸长的轻绳一端，绳的另一端系有质量为m的小球，甩动手腕，使球在竖直平面内做圆周运动．当球某次运动到最低点时，绳突然断掉，球飞

行水平距离d后落地，如图所示．已知握绳的手离地面高度为d，手与球之间的绳长为34d，重力加速度为g．忽略手的运动半径和空气阻力．（1）求绳断开时球的速度大小v1（2）问绳能承受的最大拉力多大？（3）改变绳长，使球重复上述运动，若绳仍在球运动到最低点时断掉，要使球抛出的水平距离最大，绳

长应为多少？最大水平距离为多少？【答案】(1)12vgd=(2)113mFmg=(3)233mxd=【解析】【详解】（1）设绳断后球做平抛运动的时间为t1，竖直方向上：211142dgt=水平方向上：d=v1t

1解得：112dvgdt==（2）设绳能承受的最大拉力为Fm，球做圆周运动的半径为：R=34d，21mmvFmgR−=解得：Fm=113mg．（3）设绳长为l，绳断时球的速度为v2．有：22mmvFmgl−=解得：v2=83gl．绳断后球做平抛运动，竖直位移为d-l，水平位移为x，时间为

t2．竖直方向有：2212dlgt−=水平方向有：x=v2t2得x=v2t2=()43ldl−．根据数学关系有当l=2d时，x有极大值为：xm=233d．