【文档说明】四川省广元市2019-2020学年高二下学期期末教学质量监测物理试题 【精准解析】.doc，共(17)页，986.000 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-614ae4aa985110c9756b7572ec37f1f0.html

以下为本文档部分文字说明：

广元市2019—2020年度下学期期末高中二年级教学质量监测理科综合·物理试卷第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题：共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1~5题只有一项符合题目要求，第6~

8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步。关于对物理学发展过程的认识，下列说法正确的是（）A.贝克勒尔发现天然放射现象，

其中β射线来自原子最外层电子的运动B.康普顿效应说明光具有波动性C.德布罗意首先提出了物质波的猜想，而电子衍射实验证实了他的猜想D.卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，揭示了原子核的复杂结构【答案】C【解析】【详解】A．贝克勒尔发现天然放射现象，其中β射线

来自原子核内的中子转化为质子时放出的电子，选项A错误；B．康普顿效应说明光具有粒子性，选项B错误；C．德布罗意首先提出了物质波的猜想，而电子衍射实验证实了他的猜想，选项C正确；D．卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究，提出了原子的核式结构模型，选项D错误。

故选C。2.某矩形线框绕垂直于磁场的轴匀速转动时产生交流电，该交流电电动势瞬时值的表达式为()2202sin100Vet=，以下关于此装置及产生的交流电的说法中正确的是（）A.0t=时刻穿过线框的磁通量最大B.电动势的有效

值为2202VC.该交流电的周期为0.01sD.若线框转速增大1倍，其他条件不变，则电动势瞬时值表达式为()4402sin100Vet=【答案】A【解析】【详解】A．根据电动势瞬时值表达式()2202sin100Vet=可知，0t=时刻，

则有0e=说明此时线圈处于中性面，穿过线框的磁通量最大，故A正确；B．电动势的最大值为2202VmE=则电动势的有效值为220V2mEE==故B错误；C．交流电的角速度为100rad/s=则周期为22s0.02s100T===故C错误；D．

若转速度增大1倍，则角速度增大1倍，根据mEnBS=知电动势的最大值也增大1倍，故电动势瞬时值表达式为4402sin200(V)et=故D错误；故选A。3.铀核（23892U）衰变为铅核（20682Pb）的方程为23820640928221U

Pb+XHeYe−→+，其中X、Y分别为（）A.X6=、Y=8B.X5=、Y6=C.X6=、Y5=D.X8=、Y6=【答案】D【解析】【详解】设发生X次衰变，Y次衰变，衰变方程为23820640928221UPb+XHeYe

−→+则2382064X=+，928282Y=+−解得X8=，Y6=故D正确，ABC错误。故选D。4.一个质点，在A、B间做简谐运动，平衡位置为O，如图甲所示，它的振动图像如图乙所示，设向右为正方向，下列说法正确的

是（）A.第0.2s末质点的速度方向是AO→B.第0.4s末质点的加速度方向是AO→C.在0.1s~0.3s内质点通过的路程为5cmD.在0.2s~0.4s内质点的动能在逐渐增加【答案】B【解析】【详解】A．题目规定向右为正方向，由图乙

可判断，第0.2s末质点位于O点且从OA→运动，故速度方向为负方向，即为OA→，选项A错误；B．由图乙可判断第0.4s末质点位于A点，由于简谐运动的物体加速度的方向总是指向平衡位置，故加速度方向是AO→，选项B正确；

C．由图乙可判断在0.1s~0.3s内，质点从BO段中的某点向平衡位置运动，速度逐渐增大，过O点后速度逐渐减小，由于质点振动的周期为0.8s，所以质点振动了14T，根据对称性，可判断质点通过的路程大于5cm，故选项C错误；

D．在0.2s~0.4s内质点从OA→运动，速度逐渐减小，故动能在逐渐减小，选项D错误；故选B。5.如图甲所示，一单摆悬挂在拉力传感器上。让单摆在竖直面内做小角度摆动，拉力传感器显示绳子拉力F的大小随时间t的变化图像如图乙所示，已知当地的重力加速度

为g，则根据图乙中的数据可知（）A.此单摆的周期02tT=B.此摆球的质量为0Fmg=C.此单摆的摆长2024gtL=D.在04tt=时刻摆球的回复力最小【答案】C【解析】【详解】A．摆球运动到最低点时，由重力和绳子拉

力的合力提供向心力，所以摆球运动到最低点时，绳子拉力最大，则此单摆的周期为0Tt=故A错误；B．摆球运动到最低点时，由重力和绳子拉力的合力提供向心力，则有20mvFmgL−=此摆球的质量为02FmvgL=+故B错误；C．根据单摆周期公式2LTg=可得此单摆的摆长2202244gtgT

L==故C正确；D．单摆的回复力是重力沿摆球运动轨迹切向的分力提供，摆球运动到最低点时，摆球的回复力最小，所以在02tt=时刻摆球的回复力最小，在04tt=时刻摆球的回复力最大，故D错误。故选C。6.质量分别为m1和m2的两个物体碰撞前后的

位移－时间图象如图所示，以下说法中正确的是()A.碰撞前两物体动量相同B.质量m1等于质量m2C.碰撞后两物体一起做匀速直线运动D.碰撞前两物体动量大小相等、方向相反【答案】BD【解析】【详解】A、位移时间图象的斜率等于速度，由数学知识得知，碰撞后两个物体的速度为零，根据

动量守恒有：P1+P2=0，得：P1=-P2．说明碰撞前两物体动量大小相等、方向相反，由于动量是矢量，所以碰撞前两物体动量不相同．故A错误，D正确．B、由图示图象可知，两物体碰撞后位移不随时间变化，速度为零，碰撞后两物

体静止，故B错误．C、由斜率可知，碰撞前两物体速度大小相等，方向相反，则有：v1=-v2，由P1=-P2，得：m1v1=-m2v2，m1=m2，故C正确．故选CD．【点睛】解决本题关键抓住两点：一是位移图象的斜率等于速度

，斜率的大小表示速率，正负表示速度的方向；二是掌握碰撞的基本规律：动量守恒．7.在如图所示的光电管实验中（电源正负极可以对调），用同一光电管得到了三条单色光的光电流与电压之间的关系曲线（图中的甲光、乙光、丙光）。下列说法中正确的有（）A.同一光电管对不

同颜色的单色光有各自不同的截止频率B.只要电流表G中有电流通过，光电管中就一定发生了光电效应C.由于甲光和乙光有共同的2cU，可以确定甲光和乙光是同一种色光D.电流表G的电流方向可以是由a流向b，也可以是由b流向a【答案】BC【解析】【详解】A．光电管的极限频率由光电管本

身决定，与入射光的颜色无关，故A错误；B．只要电流表中有电流通过，可知有光电子逸出，即光电管发生光电效应，故B正确；C．由于甲光和乙光有共同的截止电压，根据ckmUeEhW==−逸出功可以确定甲光和乙光频率相同，是同一种色光，故C正确；D．光

电子从光电管的右端逸出，流过电流表G的电流方向为a到b，故D错误。故选BC。8.如图所示的理想变压器，其输入端接在()1002sin100Vut=的交流电源上，原、副线圈的匝数比为21:2:1nn=，0R为电阻箱，副线圈中的电阻10R=，电表均为理想电表，导线电

阻不计。下列说法正确的是（）A.当00R=时，10st=时刻电压表的读数为50VB.当00R=时，10st=时刻电流表的读数为0C.当0=10ΩR时，R消耗的电功率为250WD.当0=10ΩR时，0R消耗的电功率为40W【答案】AD【解

析】【详解】A．当R0=0时，原线圈直接接在交流电源上，最大值为1002V，则原线圈的输入电压有效值为U1=100V根据变压比可知，副线圈输出电压221150nUUn==V电压表的示数为有效值，所以t=10s时刻电压表的读数为50V，故A正确；B．

当R0=0时，副线圈输出电压：U2=50V，电流表示数为有效值，根据闭合电路欧姆定律可得2250A=5A10UIR==所以当R0=0时，t=10s时刻电流表的读数为5A，故B错误；C．当R0=10Ω时，设电流表的读数为I2′，则副线圈输出电压为10I2′，则原线圈两端电压为20I2′；根据变流比可

知，原线圈输入电流为0.5I2′，分析原线圈电路，根据串联电路的电压关系可知100V=20I2′（V）+0.5I2′×10（V）解得I2′=4AR消耗的电功率为P′=I′22R=160W故C错误；D．当R0=10Ω时，

电流表的读数为4A，则原线圈的电流21212AnIIn==则R0消耗的电功率为'201040WPIR==故D正确。故选AD。Ⅱ卷（非选择题共62分）9.在“用双缝干涉测量光的波长”的实验中，将实验器材按要求安装在

光具座上，如图所示。在实验前已获知的数据有：双缝的间距为d，双缝到屏的距离为L。(1)为了达到实验目的，根据已标明的实验器材，可判断出M处的实验器材是______。(2)分别选用红色和蓝色滤光片做实验，得到的干涉图样是如下四幅图中的两幅。则用红色滤光

片做实验得到的干涉图样是其中的______（填选项前面的字母代号）。A．B．C．D．(3)当用红色滤光片做实验时，经测量红光干涉条纹中相邻两亮条纹间的距离为x，则此红光波长大小的表达式=______。【答案】(1).单缝(2).A(3)

.dxL=【解析】【详解】(1)[1]为获取单色线光源，白色光源后面要有滤光片、单缝，然后让单色线光源通过双缝在光屏上形成干涉图样，M处的实验器材是单缝。(2)[2]干涉图样是间距相等明暗相间的条纹，由于红光的波长大

于蓝光的波长，根据Lxd=可知红光的干涉图样的明暗相间的条纹更宽，故A正确，BCD错误。故选A。(3)[3]根据Lxd=得红光波长的表达式dxL=10.如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动

量关系。(1)图甲中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影，实验时先让入射球1m多次从倾斜轨道上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP，然后，把被碰小球2m静置于水平轨道的末端，再将入射球1

m从斜轨上S位置静止释放，与小球2m相碰，并多次重复，分别找到1m、2m相碰后平均落地点的位置M、N。接下来要完成的必要步骤是______（填选项前的字母代码）。A.用天平测量两个小球的质量1m、2mB.测

量小球1m开始释放的高度hC.测量抛出点距地面的高度HD.测量平抛射程OM、ON(2)对于上述实验操作，下列说法正确的是______（填选项前面的字母代号）。A.斜槽轨道必须光滑B.两小球的半径必须相等C.斜槽轨道末端必须水平D.将2m作为入射小球，1m作为被碰小球也能完成本实验(3)

当所测物理量满足表达式____________（用所测物理量的字母表示）时，即说明两球碰撞前后遵守动量守恒定律。(4)完成上述实验后，某实验小组对上述装置进行了改造，如图乙所示。在水平槽末端与水平地面间放

置了一个斜面，斜面的顶点与水平槽等高且无缝连接，实验装置的其它部分不变。使小球1m仍从斜槽上S点由静止释放，重复上述实验操作，得到两球落在斜面上的平均落点M、P、N。用刻度尺测量斜面顶点到M、P、N三点的距离分别为1L、2L、3L，则验证两球碰撞前

后动量守恒的表达式为_____（用所测物理量的字母表示）。【答案】(1).AD(2).BC(3).112mOPmOMmON=+(4).121123mLmLmL=+【解析】【详解】(1)[1]如果碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守

恒定律得101122mvmvmv=+小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得101122mvtmvtmvt=+即为112mOPmOMmON=+因此实验需要过程为测量两球的质量、确定两小球的水

平位移，故选AD；(2)[2]A．“验证动量守恒定律”的实验中，是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，只要离开轨道后做平抛运动，对斜槽是否光滑没有要求，故A错误；BD．为了保证小球碰撞为对心正碰，且碰后不反弹，则两小球的半径必须相等，将2m作为入射小球，1m作为被碰小球，入射小球有

可能反弹，故B正确，D错误；C．要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须水平，故C正确。故选BC(3)[3]由(1)分析可得，当所测物理量满足表达式112mOPmOMmON=+即说明两球碰撞前后遵守动量守恒定律(4)[4]设斜面与竖直方向的夹角为

，则有竖直方向21cos2Lgt=水平方向sinsin2cosgLLvLt==由此可知，只要验证121123mLmLmL=+11.如图所示，实线是一列简谐横波在1t时刻的波形图，虚线是在21(0.2)stt=+时刻的波形图。（1）在1t到2t的时间内

，如果5mx=处的质点M通过的路程为1m，计算波速的大小（温馨提示：由M的路程为1m，可以算出周期）；（2）若波速为55m/s，计算分析波的传播方向（温馨提示：由波速为55m/s，可以算出0.2s内波传播的路程）。【答案】（1）25m/s；（2）向左传播【解析】

【详解】（1）在1t到2t的时间内，质点M的路程1m5As==即质点M振动了54T，所以50.2s4T=解得：0.16sT=由波形图可：知波长4m=，所以波速25m/svT==（2）若波速为'55m/sv=，则0.2st=时间内波传播的距离3'11m(

2)4xvt===+根据平移法可知波向左传播12.如图所示，在光滑的水平面上有一辆静止的、质量0.2kgM=的小车，小车的上表面AB段粗糙，右端BC段是半径0.1mR=的四分之一光滑圆弧。一质量10.1kgm=的小滑块（可看成质点）1P以速度06m/sv=滑上小车的A

端，通过AB表面恰好能在B点与小车相对静止。若在距小车右侧适当距离放置静止的、质量20.3kgm=的物块2P，此适当距离使小滑块1P与小车相对静止后才与2P相撞并立即变成一个整体。已知小滑块1P与小车上表面AB段的动摩擦因数0.5=，重力

加速度210m/sg=。（1）计算小滑块1P通过AB段时，系统因摩擦而产生的热量Q；（2）计算物块2P距小车右端的最短距离d；（3）计算小车与物块2P碰撞后，小滑块1P沿BC向上运动到最高点时距B点的竖直高度h。（友情提示：1P不会冲

出C点）【答案】（1）1.2J；（2）0.8m；（3）0.06m【解析】【详解】（1）当1P在AB间运动时，规定向右为正方向，由动量守恒得1011()mvMmv=+产生的热量22101111()22QmvMmv=−+代入已知数据解

得：Q=1.2J（2）当1P在AB间运动时，以小车为研究对象，由动能定理有21112mgdMv=代入数据解得：0.8md=（3）1P在最高点时其速度与小车相同，根据水平方向的动量守恒，小车与2P碰撞过程有122()MvMmv=+在1P从起点到最高点的过程10123()mvMmmv

=++在小车与2P碰撞后到1P运动到最高点的过程中，系统机械能守恒22211221231111()()222mvMmvMmmvmgh++=+++代入相关已知数据解得：0.06mh=13.下列说法正确的是______。A.声波从空气进

入水中时，其波速增大，波长变长B.物体做受迫振动时，驱动力频率越高，受迫振动的物体振幅越大C.当波源与观察者相向运动时，波源自身的频率不变，观察者接收到的频率变大D.麦克斯韦电磁场理论的主要论点是变化的磁场激发电场，变化的电场激发磁场E.相对论认为：一条沿自身长度方向运动的杆

，其长度总比杆静止时的长度大【答案】ACD【解析】【详解】A．声波从空气进入水中时，其波速增大，频率不变，故由公式vf=可判断波长变长，故A正确；B．物体做受迫振动，当驱动力的频率等于物体的固有频率时，振幅最

大；如果驱动力频率大于物体的固有频率，则驱动力频率越高，受迫振动的物体振幅越小，故B错误；C．当波源与观察者相向运动时，波源自身的频率不变，观察者接收到的频率要变大，故C正确；D．麦克斯韦电磁场理论的主要论点是变化的磁场激发电

场，变化的电场激发磁场，故D正确；E．根据狭义相对论原理：一条沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时的长度小，故E错误；故选ACD。14.一透明柱体的横截面如图所示，圆弧AED的半径为R、圆心为O，BD⊥AB，半径OE⊥AB。两细束平行的相同色光1、2与AB面成θ=37°角分别从F、O点斜射

向AB面，光线1经AB面折射的光线恰好通过E点。已知光速为c，OF=34R，OB=38R，取sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：(1)透明柱体对该色光的折射率n；(2)光线2从射入柱体到第一次射出柱体的时间t。【答案】(1)43；(2)53Rc【解析】【详解】(

1)光路图如图根据折射定律sin(90)sinn−=根据几何关系3tan4OFOE==解得=37，43n=(2)该色光在柱体中发生全反射时的临界角为C，则13sin4Cn==由于sinsin(90)sin530.8sinC=−==

光线2射到BD面时发生全反射根据几何关系3tan82REHOEOHRR=−=−=可见光线2射到BD面时发生全反射后恰好从E点射出柱体，有=sinOBOG根据对称性有524xOGR==在柱体中的传播速度34c

cvn==传播时间53xRtvc==