【文档说明】重庆市育才中学校2022-2023学年高一下学期期中物理试题 含解析.docx，共(19)页，2.564 MB，由小赞的店铺上传

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重庆市育才中学校高2025届2022-2023学年（下）期中考试物理试题注意事项：1.答卷前，请考生务必把自己的姓名、准考证号填写在答题卡上；2.作答时，务必将答案写在答题卡上，写在本试卷及草稿纸上无效；3.考试结束后，将答题卡交回

。第I卷一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合要求）1.滑草是一项深受年轻人喜爱的娱乐运动，如图所示，一滑草运动爱好者从滑草场顶端由静止开始下滑，然后沿水平面滑动一段距离后停下来。在整个运动过程中，下列说法正确的

是（）A.摩擦阻力对人做负功B.重力对人不做功C.支持力对人做正功D.人的机械能守恒【答案】A【解析】【详解】A．运动爱好者从高处向低处运动，摩擦阻力对人做负功，A正确；B．爱好者从高处向低处运动，可知重力对他做正功，B错误；C．由于支持力方向总是与速度方向垂直，可知支持力对他不

做功，故C错误；D．过程中摩擦力做负功，机械能减小，故D错误。故选A。2.按照我国载人航天计划，神舟16号载人飞船将于2023年5月中旬发射升空，并在离地面约400千米的圆轨道运行。已知地球同步卫星轨道距离地面约为36000千米。关于神州16号飞船以下

说法正确的是（）A.飞船环绕地球运行速度可能大于7.9km/sB.向心加速度大于地球同步卫星的加速度C.环绕地球一周所花时间大于24hD.宇航员在飞船内处于完全失重状态，所以受地球引力为0【答案】B【解析】【详解】A．7.9

km/s是地球第一宇宙速度，飞船环绕地球运行速度一定小于7.9km/s，A错误；B．根据万有引力提供向心力2MmGmar=得2MaGr=神州16号飞船运行轨道半径小于同步卫星，故其向心加速度大于地球同步卫星的加速度，B正确；C．根据万有引力提供向心力222()MmGmr

rT=得32rTGM=神州16号飞船运行轨道半径小于同步卫星，故其周期小于地球同步卫星的加速度，环绕地球一周所花时间小于24h，C错误；D．宇航员在飞船内处于完全失重状态，所受地球引力仍然存在，D错误。故选B。3.如图所示，两

滑块A、B在光滑水平面上沿同一直线相向运动，滑块A的质量为m，速度大小为2v0，方向向右，滑块B的质量为2m，速度大小为v0，方向向左，两滑块发生弹性碰撞后的运动状态是（）A.A和B都向左运动B.A和B都向右运动C.A静止，B向右运动D.A向左运动，B向右运动【答案】D【解析】【详解】选

择水平向右为正，两滑块碰前总动量00220pmvmv=−=说明系统总动量为0。A．A和B都向左运动，总动量不为0，选项A错误；B．A和B都向右运动，总动量不为0，选项B错误；的C．A静止，B向右运动，总动量不为

0，选项C错误；D．A向左运动，B向右运动，总动量可能为0，选项D正确。故选D。4.为备战育才中学2023年篮球比赛，袁涛老师带领班上孩子们进行罚球练习，袁涛老师在两次罚球投篮时将篮球从同一位置斜向上抛

出，均垂直撞在竖直篮板上，第1、2次抛出的运动轨迹如图所示。不计空气阻力，关于两次投篮说法正确的是（）A.从抛出到撞板，两次运动时间相等B.第1次抛出撞在篮板上的速度更大C.第2次抛出时速度的竖直分量更小D.

两次投出球时的速度相等【答案】B【解析】【详解】AC．将篮球的运动反向处理，即为平抛运动，由图可知，第2次运动过程高度较大，所以运动时间较长，且篮球在竖直方向上做自由落体运动，由ygt=v可知第2次运动过程速度的竖直分量较大，故AC错误；B．平抛运动在水平方向做匀速直线运动

，水平射程相等，由0xvt=可知，第2次运动过程运动时间较长，则第2次运动过程速度的水平分量较小，则第1次抛出撞在篮板上的速度更大，故B正确；D．水平速度第1次大，竖直速度第2次大，根据速度的合成可知，投出球时的速

度大小关系不能确定，故D错误。故选B。5.有一条捕鱼小船停靠在湖边码头，小船又窄又长，一位同学想用一个卷尺粗略测定它的质量，他进行了如下操作：首先将船平行码头自由停泊，然后他轻轻从船尾上船，走到船头后停下，而后轻轻下船，用卷尺测出船后退的距离d，然后用卷尺测出船长L．已知他自身的质量为m，则

渔船的质量为（）A.()mLdd+B.()mLdd−C.mLdD.()mLdL+【答案】B【解析】【详解】设人走动时船的速度大小为v，人的速度大小为v，人从船尾走到船头所用时间为t。取船的速度为正方向。则dvt=，Ldvt−=根据动量守恒定律0Mvmv−=则得dLdMm

tt−=解得渔船的质量()mLdMd−=故选B。6.如图所示，水平传送带以恒定的速度顺时针转动，质量为m=10kg的箱子在水平传送带上由静止释放，经过6s后，箱子滑离传送带，箱子的v-t图像如图所示，对于箱子从静

止释放到相对传送带静止这一过程，重力加速度g取10m/s2，下列说法正确的是（）A.箱子与传送带间的动摩擦因数为0.5B.箱子对传送带做功为-45JC.传送带对箱子做功为180JD.箱子与传送带因摩擦产生的热量为45J【答案】D【解析】【详解】A．根据图像可得箱子在

传送带上匀加速时有34mgagm===解得0.075=A错误；B．04s内，箱子和传送带间有相对滑动，此时有摩擦力存在，之后匀速运动，相对静止二者间没有摩擦力，04s时间内传送带运动的距离为1=34m1

2ms=传送带受到的摩擦力与其运动方向相反，箱子对传送带做负功为11190JWfsmgs=−=−=−B错误；C．04s内，箱子的位移为2134m6m2s==故该段时间传送带对箱子做功为2245JW

mgs==C错误；D．04s内，箱子与传送带间的相对位移为126msss=−=故箱子与传送带因摩擦产生的热量为45JQmgs==D正确。故选D。7.如图所示，半径为R的竖直光滑半圆轨道与光滑轨道AB相切于B点，一质量为m1的小球从

高为109R的A点由静止滑下，在最低点B与另一静止小球m2发生弹性正碰后，m2刚好可以沿半圆轨道内壁运动至最高点C。则两小球质量之比12:mm为（）A.3:1B.2:1C.1:3D.1:1【答案】A【解析】【详解】m1下滑与另一小球碰撞前，由动能定理可得211010192gRmmv=解得

0253vgR=在最低点B与另一静止小球m2发生弹性正碰后，由动量守恒和机械能守恒可得101122mvmvmv=+222101122111222mvmvmv=+解得121012mmvvmm−=+120122mvvmm=+从B到C点由动能定理可得222232211222m

gRmvmv−=−由于m2刚好可以沿半圆轨道内壁运动至最高点C，则2322vmgmR=联立解得12:3:1mm=故选A。二、多项选择题（本题共3小题，每小题5分。在每小题给出的四个选项中，有两项或多项符合要求）8.已知月球绕地球运行的周期为T，月球中心到地

球中心的距离为r，引力常量为G，根据以上数据可求得物理量有（）A.月球质量B.地球质量C.地球表面的重力加速度D.月球绕地球做匀速圆周运动的向心加速度【答案】BD【解析】详解】AB．根据万有引力提供向心力

，即222()MmGmrrT=可以求出中心天体的质量为2324rMGT=月球绕地球做匀速圆周运动，中心天体是地球，月球是环绕天体，质量被约去，无法求出，A错误，B正确；C．根据万有引力提供地球表面重力2MmGmgR=解得2MgGR=地球的半径R不

是已知量，故地球表面的重力加速度测不出，C错误；D．根据公式22()arT=知，知道周期和轨道半径，可以求出月球绕地球运行的加速度，D正确。故选BD。9.如图所示，质量为m1=1kg的物体P穿在一固定的光滑水平直杆上，直杆右端固定一光滑定滑轮。一绕过两光滑定滑轮的细线的一端

与物体P相连，另一端与质量为m2=4kg的物体Q相连，开始时物体P在外力作用下静止于A点，杆上B点位于滑轮O正下方，绳处于伸直状态，已知OB=0.3m，AB=0.4m，重力加速度g取10m/s2，两物体均视为质点，不计空气阻力。某时刻释放物体P，在物体P从A滑到B

的过程中，下列说法正确的是（）【的A.物体P的速度一直增加B.物体P的机械能减少、Q的机械能增加C.物体Q的重力势能减少20JD.物体P运动的最大速度为4m/s【答案】AD【解析】【详解】AB．物体P从A运动到B过程，绳子拉力对物体P做正功，物体P

的速度逐渐增大，动能增大，其重力势能不变，故物体P的机械能增加；物体Q从开始下落到最低点，绳子拉力对物体Q做负功，物体Q的机械能减少，故A正确，B错误；CD．根据几何关系可得22220.30.4m=0.5mOAABOB=+=+则当P从

A到B的过程中，Q的位移x=OA-OB=0.5m-0.3m=0.2m物体Q的重力势能减少p2Δ=4100.2J=8JEmgx=由系统机械能守恒可得22112mgxmv=解得4m/sv=故C错误，D正确。故选A

D。10.歼-20战机在飞行表演结束后，降落至跑道并打开了阻力伞，在伞的阻力及跑道摩擦力的合力f作用下减速至静止，且合力f与速度v成正比。已知歼-20战机落地时的速度为0v，动能为Ek0，落地后滑行的总时间为0t，滑行的总距离为0x，用x表示位移

，P表示合力f的功率，fW表示合力f对歼-20战机做功的大小，Ek表示歼-20战机的动能，则该过程中各物理量之间的关系图像可能正确的是（）A.B.C.D.【答案】BCD【解析】【详解】A．合力f与速度v成正比，则fkv=根据fkvamm==可知加速度逐渐减小，故A错误；B．合力f的功率为2Pfv

kv==速度随着时间的增大在减小，故功率和时间为二次函数关系，为曲线，故B正确；C．fW表示合力f对歼-20战机做功的大小，则fWfx=由于合力f逐渐减小，故fWx−图像的斜率减小，故C正确；D．整个过程中能量守恒，则kk0fxEE−=−则kk0EEfx

=−合力f逐渐减小，故kEx−的斜率逐渐减小，故D正确。故选BCD。第II卷三、实验探究题（本题共2小题，11题6分，12题9分，共15分）11.陈凯老师欲用气垫导轨和光电计时器等器材进行“验证动量守恒定律”的实验，实验装

置如图所示，下面是实验的主要步骤；①安装好气垫导轨和光电门，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；②测得A和B两滑块上遮光片的宽度均为d；③得到A、B两滑块（包含遮光片）的质量m1、m2；④向气垫导轨通入压缩空气；⑤利用气垫导轨左右的弹射装置，使滑块A、B分别向右和向左运动，测出滑块A、B在碰撞

前经过光电门过程中挡光时间分别为Δt1和Δt2；⑥观察发现滑块A、B碰撞后通过粘胶粘合在一起，运动方向与滑块B碰撞前运动方向相同，此后滑块A再次经过光电门时挡光时间为Δt。（1）碰撞前A滑块的速度大小为___

___，碰撞前B滑块的速度大小为______。（2）为了验证碰撞中动量守恒，需要验证的关系式是：____________（用题中所给物理量表示）【答案】①.1dt②.2dt③.211221mmmmttt+−=【解析】【详解】（1）[1][2]碰撞前A滑块的速

度大小为A1dvt=碰撞前B滑块的速度大小为B2dvt=（2）[3]为了验证碰撞中动量守恒，需要验证的关系式BBAAAB()mvmvmmv−=+其中碰后共同速度为dvt=代入可得211221mmmmttt+−=12.用如图甲所示装

置做“验证机械能守恒定律”的实验。（1）为了减小实验误差，重物应选择______（选填“A”或“B”）。A.橡皮锤B.金属锤（2）实验中，先接通电源，再释放重物，得到如题图乙所示的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得

它们到起始点O的距离分别为hA、hB、hC。重物的质量用m表示，已知当地重力加速度为g，打点计时器打点的周期为T，O点到B点的时间为t，则打点计时器打下B点时重物的速度为______.A.Bvgt=B.2BBvgh=C.2CABhhvT−=D.BBhvt=（3）若选择O点

到B点验证重物下落过程中机械能是否守恒，只需验证等式______是否成立即可（用字母g、hB、vB表示）。（4）某同学利用他自己实验时打出的纸带，测量出了各计数点到打点计时器打下的第一个点的距离h，算出了各计数点对应的速度v，然后以h

为横轴，以22v为纵轴作出了如图丙所示的图线，测得图线斜率为9.53，通过分析发现，造成斜率小于g的原因是重物受到阻力作用，已知当地重力加速度g=9.78m/s2，重物的质量m=0.3kg，则重物所受的平均阻力F=___

___N（结果保留2位有效数字）。【答案】①.B②.C③.2BBvgh=④.0.075【解析】【详解】（1）[1]为了减小实验误差，重物应选择体积小密度大的物体。故选B。（2）[2]打点计时器打下B点时重物的速度为22ACCABhhhvTT−=

=故选C。（3）[3]若O点到B点重物下落过程中机械能守恒，则重力势能转化为动能，则有212BBmvmgh=整理得2BBvgh=故只需验证等式2BBvgh=是否成立即可。（4）测量出来的加速度为物体运动的实际加速度，根据牛顿

第二定律得mgfma−=带入29.78m/sg=，29.53m/sa=，0.3mkg=得0.075Nf=四、计算题（本题共3小题，共42分.13题12分，14题12分，15题18分）13.如图所示，将一质量为1kgm=的小钢球从距地面高为20m=h处以010m/sv

=的初速度水平抛出，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力，求；（1）小钢球落地过程中重力做的功；（2）小球落地时的水平位移；（3）小球落地时重力的瞬时功率。【答案】（1）200J；（2）20mx=；（3）200WP=【解析】【详解】（1）小钢球落地过程中重力做的功11020J200J

Wmgh===（2）根据212hgt=解得2220s2s10htg===则小球落地时的水平位移0102m20mxvt===（3）竖直方向速度为102m/s20m/syvgt===则小球落地时重力的瞬时功率11020W200WyPGv===14.如图所示，一质量为m=2kg

的物体静止在摩擦因数μ=0.2的粗糙水平面上A点，现用水平向右的恒力F=8N作用在该物体上，使其向右运动。作用时间5s后物体运动至B点，撤去恒力F后最终物体停在C处。已知重力加速度g=10m/s2，求：（1）撤去外力时物体的速度；（2）从A到C全程的

总位移：（3）全过程摩擦力的冲量大小。【答案】（1）10m/s；（2）50m；（3）40N·S【解析】【详解】（1）撤去外力前，对物块受力分析得摩擦力为4NfNmg===根据牛顿第二定律得1Ffma−=解得212m/sa=撤去外力时物体的速度11110m/s

vat==（2）从A到B的位移为2111125m2xat==撤去外力后，滑动摩擦力提供加速度，根据牛顿第二定律2fma=故加速度大小为222m/sag==撤去外力后的位移为212202vax−=−解得225mx=故总位移为1250mxxx=+=（3）撤去外力后运动的时间12

205svta−==−全过程摩擦力的冲量大小()f1240NSImgtt=+=15.高一某班同学利用课外活动课设计了一个挑战游戏。如图所示，固定的半径为2mR=光滑14圆弧形轨道末端水平，且与放置在水平地面上质量为10.2kgm=的“┘形”滑板上表面平滑相接，滑板上左端A处放置一质量为

20.3kgm=的滑块，在滑板右端地面上的P点处有一个站立的玩具小熊。在某次挑战中，颜长坤老师将质量为30.3kgm=的小球从轨道上距平台高度1.8mh=处静止释放，与滑块发生正碰，若滑板最后恰好不碰到玩具小能则挑战成功。滑板长度1.1mL=，滑板与地面间的动摩擦因数为10.3

=，滑块与滑板间的动摩擦因数为20.5=，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。小球、滑块和玩具小熊均视为质点，题中涉及的碰撞均为弹性碰撞，已知重力加速度210m/s=g，求：（1）小球到达轨道最低点时受到轨道

支持力的大小；（2）小球与滑块碰后瞬间两者速度的大小；（3）颜老师要挑战成功，A、P间距离s为多大？【答案】（1）8.4N，方向竖直向下；（2）0，6m/s；（3）2.975m【解析】【详解】（1）根据题意可知，小球从静止释

放到A点过程中，由动能定理有200012mghmv=解得06msv=小球在A点，由牛顿第二定律有20N00vFmgmR−=解得N8.4NF=由牛顿第三定律可得，小球到达轨道最低点时对轨道的压力大小为8.4

N，方向竖直向下。（2）根据题意可知，小球与滑块碰撞过程中，系统的动量守恒，能量守恒，则有00122mvmvmv=+22200122111222mvmvmv=+解得10v=26msv=（3）根据题意可知，滑块以速度2v滑上滑板，滑板所

受平台的最大静摩擦力为1112()1.5Nfmmg=+=滑板受滑块的滑动摩擦力为2221.5Nfmg==可知，滑板保持静止不动，滑块在滑板上向右匀减速，设滑块滑到滑板右侧时速度为3v，由动能定理有222223221122mgLmvmv

−=−解得35msv=滑块与滑板发生弹性碰撞，系统动量守恒和能量守恒，设碰后两者速度分别4v、5v，则有232415mvmvmv=+222232415111222mvmvmv=+解得41m/sv=56m/sv=此后，

滑块与滑板分别向右做匀加速直线运动和匀减速直线运动，假设在P点前两者共速，速率为6v，对滑块和滑板，分别由动量定理有222624mgtmvmv=−221121615()mgtmmgtmvmv−−+=−解得62.25m/sv=0.25st=此过程，滑板位移为516133(

)m232xvvtsL=+=−滑块位移146113()m232xvvt=+=滑块相对滑板向左的位移为115m8xxxL=−=为为说明滑块未离开滑板，故假设成立，共速后，因21μ，两者相对静止做加速度大小为213m/sag==的匀减速直线运动直至停

止，由公式2202vvax−=可得，两者的位移为26227m232vxa==则有121.875mxxsL+==−解得1.8751.1m1.875m2.975msL=+=+=获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com