【文档说明】云南省丽江市第一高级中学2021-2022学年高二上学期9月质量检测物理试题含答案.doc，共(7)页，133.500 KB，由小赞的店铺上传

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物理考试卷考试范围：选修3-1。总分：100分考试时间：90分钟命题人：一、单项选择题（本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意。）1、下列说法中正确的是（）A．只有体积很

小的电荷才能看成点电荷B．任何带电体的带电量一定是元电荷电量的整数倍C．以场源电荷为圆心的圆周上各点电场强度相等D．检验电荷的电性改变，所在位置的场强方向也随之改变2、关于电动势E，下列说法中正确的是（）A．电动势E的大小，

与非静电力功W的大小成正比，与移送电荷量q的大小成反比B．电动势E是由电源本身决定的，跟电源的体积和外电路均有关C．电动势E的单位与电势、电势差的单位都是伏特，故三者本质上一样D．电动势E是表征电源把其他形式

的能转化为电能本领的物理量3、一带电量为﹣3×10﹣9C的电荷从电场中的a点移至b点，电势能增加6×10﹣8J，则（）A．电场中的a点电势比b点低B．电场中a、b两点的电势差U=20VC．场强方向是由a点指向b点D．电荷由a到b，电场力做功6×10﹣8J4、某电场的部分电场线如右图所示，

A、B是一带电粒子仅在电场力作用下运动轨迹（图中虚线）上的两点，下列说法中正确的是（）A．粒子一定是从B点向A点运动B．粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度C．粒子在A点的动能小于它在B点的动能D．电场中A点的电势高于B点的电势5、下

列四个电场中，a、b两点电场强度与电势均相同的是（）A．B.以正点电荷为圆心的圆周上的两点负点电荷电场中同一电场线上的两点C．D.与匀强电场电场线垂直的直线上的两点等量异号点电荷连线中垂线上的两点6、带电粒子在匀强磁场中

运动，由于受到阻力作用，粒子的动能逐渐减小（带电荷量不变，重力忽略不计），轨道如图中曲线abc所示.则该粒子()A.带负电，运动方向a→b→cB.带负电，运动方向c→b→aC.带正电，运动方向a→b→cD.带正电，运动方向

c→b→a7、额定电压都是110V、额定功率PA=110W和PB=40W的电灯两盏，若接在电压是220V的电路上，使两盏电灯均能正常发光，且电路中消耗功率最小的电路是（）A．B．C．D．8、在如右图所示电路中，当变阻

器R3的滑动头P向b端移动时（）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小二、多项选择题（本题共4小题，每小题6分，共24分。在每小题给出的四个选项中，全部选对的得6分，选对但不全的得3

分，有选错或不答的得0分。）9、如图所示，两块平行金属板正对着水平放置，两板分别与电源正、负极相连．当开关闭合时，一带电液滴恰好静止在两板间的M点．则（）A．当开关闭合时，若减小两板间距，液滴仍静止B．当开关闭合时，若增大两板间距，液滴将下降C．开关再断开后，若减小两板间距，液滴仍静止D．开关再

断开后，若增大两板间距，液滴将下降10、如图所示，在一电场强度沿纸面方向的匀强电场中，用一绝缘丝线系一带电小球，小球的质量为m、电荷量为q，为保证当丝线与竖直方向的夹角为θ＝60°时，小球处于平衡状态，则匀强电场的电场强度大小可能为()A．B．C．D．11、如图所示，定值电

阻R=20Ω，电动机线圈的电阻R0=10Ω，当开关S断开时，电流表的示数是0.5A．当开关S闭合后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，电流表的示数I和电路消耗的电功率P应是（）A．I=1.5AB．I＜1.5AC．P=15WD．P＜15W12、如图所示，电路中A、B为两块

竖直放置的金属板，C是一只静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是()A．保持S闭合，使A、B两板靠近一些B．保持S闭合，使A、B两板正对面积减小一些C．断开S后

，使B板向右平移一些D．断开S后，使A、B正对面积减小一些三、实验题（每空3分，共15分）13、如图所示，是一个多量程多用电表的简化电路图．测电流和测电压时各有两个量程，还有两个挡位用来测电阻．下列说法正确的是（）A．当开关S调到1、

2两个位置上时，多用电表测量的是电流，且调到1位置上时的量程比2位置的大B．当开关S调到3、4两个位置上时，多用电表测量的是电阻，且A为黑表笔C．当开关S调到5、6两个位置上时，多用电表测量的是电压，且调到5位置上时的量

程比6位置的大D．当开关S调到任意位置上时，都需要把A、B两表笔短接，对电表进行调零14、在“测定一节干电池的电动势和内电阻”的实验中，备有下列器材：A．待测的干电池（电动势约为1.5V，内电阻小于1.0Ω）B．电流表A1（量程0～3mA，内阻Rg1=10Ω）C．电流表A2（量程0～0.6A．，内

阻Rg2=0.1Ω）D．滑动变阻器R1（0～20Ω，10A）E．滑动变阻器R2（0～200Ω，lA）F．定值电阻R0G．开关和导线若干（1）某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图甲所示的a、b两个参考实验电路，其中合理的是图所示的电路；在该电路中，为了操作方便

且能准确地进行测量，滑动变阻器应选（填写器材前的字母代号）．（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的I1﹣I2图线，I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数．且I2的数值远大

于I1的数值），则由图线可得被测电池的电动势E=V，内阻r=Ω．四、计算题（本题共3小题，共29分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）15、（9分）如图所示，有一电

子(电荷量为e)经电压U0加速后，进入两块间距为d、电压为U的平行金属板间．若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，求：(1)金属板AB的长度；(2)电子穿出电场时的动能．16、（10分）如图所示，一个电子（电量为e）以速度v0垂直

射入磁感应强度为B，宽为d的匀强磁场中，穿出磁场的速度方向与电子原来的入射方向的夹角为30°，（电子重力忽略不计）求：（1）电子的质量是多少？（2）穿过磁场的时间是多少？（3）若改变初速度大小，使电子刚好不能从A

边射出，则此时速度v是多少？17、（10分）如图所示，一质量为m＝1.0×10－2kg，带电量大小为q＝1.0×10－6C的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时悬线向左与竖直方向成37°角．小球在运动过程中电量保持不变，重力加

速度g取10m/s2.(1)求电场强度E.(2)若在某时刻将细线突然剪断，求经过1s时小球的速度大小v及方向．(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)dABvo参考答案1、B2.D3.B4.B5.C6.A7.

C8.B9.BC10.ACD11.BD12.CD13、【考点】用多用电表测电阻．【分析】要熟悉多用表的原理和结构，根据电表的结构选出欧姆表、电压表和电流表．【解答】解：A、电流表应与电阻串并联，由图可知当转换开关S旋到位置1、2位置是电流表，并联电阻越小，量程

大，则A正确B、欧姆表要联接电源，则开关S调到3、4两个位置上时，多用电表测量的是电阻，但A为红表笔．则B错误C、要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关S旋到位置5、6时，测量电压，电流表所串联的电阻越大，所

测量电压值越大，故当转换开关S旋到6的量程比旋到5的量程大．故C错误．D、测量电阻时需要重新调零，电流电压不需要，故D错误．故选：A14．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）将电流表G串联一个电阻，可以改装成较大量程的电压表．因为电源的内阻

较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小．（2）根据原理图，将实物图连接即可；（3）应用描点法作出图象，根据图象求出电源电动势与内阻．【解答】解：（1）上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，将电流表G串联一个电阻，可以改装成较大量程的电压表．a、b两个参考实验

电路，其中合理的是b，因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小．滑动变阻器应选D（R1）．（2）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如图所示：由图示电源U﹣I图

象可知，图象与纵轴交点坐标值是1.48V，则电源电动势E=1.48V，电源内阻r=═=0.84Ω；故答案为：（1）b，D．（2）1.50；0.8415、15.【答案】(1)d(2)e(U0＋)【解析】(1)设电子飞离加速电场时的速度为v0，由动能定理得eU0＝mv

①设金属板AB的长度为L，电子偏转时间t＝②电子在偏转电场中产生偏转加速度a＝③电子在电场中的侧位移y＝d＝at2④联立①②③④得：L＝d.(2)设电子穿出电场时的动能为Ek，根据动能定理得Ek＝eU0＋e＝e(U0＋

)．16、17．（10分）解：（1）R=d/sin300得R=2d....................（2分）由RvmBe20v=。得m=2Bde/v0………………………（2分）（2）eBmT2=………………………（2分）得t=T/12=πd/(3v0)………………

………（2分）（3）画图知R’=d,由R=mv0/Be=2d得v0’=v0/2……………………..（3分）16．（10分）解：（1）R=d/sin300得R=2d....................

（2分）由RvmBe20v=。得m=2Bde/v0………………………（2分）（2）eBmT2=………………………（2分）得t=T/12=πd/(3v0)………………………（2分）（3）画图知R’=d,由R=mv0/Be=2d得v0’=v0/2……………………..（3分）17.【答案】(1

)7.5×104N/C(2)12.5m/s方向与竖直方向成37°角，斜向左下【解析】(1)由平衡条件得小球所受电场力F＝mgtanθ，所以小球所在处的电场强度：E＝＝＝N/C＝7.5×104N/C.(2)细

线剪断后，小球的合力F合＝＝1.25mg根据牛顿第二定律，小球的加速度：a＝＝12.5m/s2.所以1s时小球的速度大小v＝at＝12.5m/s，速度方向沿原细线方向向下，即方向与竖直方向成37°角，斜向左下．