【文档说明】天津市东丽区中学2020-2021学年高二上学期第二次月考化学试卷【精准解析】.doc，共(23)页，1.018 MB，由小赞的店铺上传

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高二化学试卷相对原子质量：H-1；C-12；N-14；O-16；S-32；第Ⅰ卷(选择题共50分)一、选择题(本题包括25小题，每小题2分，共50分。只有一个选项符合题意。)1.下列有机化合物的分类不正确的是（）A.苯的同系物B.芳香化合物C.烯烃D.醇【答案】A【解析】【详解

】A．苯的同系物必须要求只含一个苯环，侧链为烷烃基，而此有机物中不含苯环，不是苯的同系物，故A错误；B．含苯环的化合物即为芳香化合物，此有机物中含苯环，故为芳香化合物，故B正确；C．含有碳碳双键的烃类即为烯烃，此有

机物含有碳碳双键，属于烯烃，故C正确；D．-OH连在链烃基或苯环侧链上的有机物为醇，此有机物中-OH连在苯环侧链上，属于醇，故D正确；答案选A。2.有人认为目前已知化合物中数量最多的是有机化合物，下列关于其原因的叙述中不正确的是()A.碳原子既可以跟自身，又可以跟其他原子(如氢

原子)形成4个共价键B.碳原子性质活泼，可以跟多数元素原子形成共价键C.碳原子之间既可以形成稳定的单键，又可以形成稳定的双键和叁键D.多个碳原子可以形成长度不同的链、支链及环，且链、环之间又可以相互结合【答案】B【解析】【详解】

A．碳原子最外层有4个电子，碳原子与碳原子、其他原子（如氢原子）形成4个共价键达到稳定结构，选项A正确；B．碳原子性质不活泼，选项B不正确；C．碳原子之间成键方式具有多样性，碳原子与碳原子之间不仅可以形成共价单键，还可以形成双键、单键，不仅可以形成碳链还可以形成

碳环，选项C正确；D．碳原子最外层有四个电子，碳原子之间可以形成稳定的单键，又可以形成稳定的双键和三键，多个碳原子可以形成长度不同的链、支链及环，且链、环之间又可以相互结合，选项D正确；答案选B。【点睛】本题考查碳原子的性质及有机物种类繁多的原因。因为碳原子

外层上有4个电子，既不容易得电子，也不容易失去电子，性质稳定。3.下列涉及有机物的性质或应用的说法不正确．．．的是()A.液化石油气(LPG)的主要成份是碳氢化合物B.氟氯烃的排放引发臭氧空洞，其原因是氟原子的破坏作用C.丙三醇常用作汽车防冻液D.沸点：正丁烷>异丁烷

【答案】B【解析】【详解】A．液化石油气主要含丙烷和丁烷，均为碳氢化合物，故A不选；B．氟氯烃的排放可破坏臭氧层，其原因是氯原子的破坏作用，故B选；C．丙三醇冰点低，沸点高，可作汽车防冻液，，故C不选；D．相同C原子的烷烃，支链越多，沸点越

低，则沸点：正丁烷>异丁烷，故D不选；故选：B。4.已知某有机物A的红外光谱和核磁共振氢谱如图所示，下列说法中错误的是（）A.由红外光谱可知，该有机物中至少有三种不同的化学键B.由核磁共振氢谱可知，该有机物分子中有三种不同化学环

境的氢原子C.仅由其核磁共振氢谱无法得知其分子中的氢原子总数D.若A的化学式为C2H6O，则其结构简式为CH3—O—CH3【答案】D【解析】【分析】根据有机物A的红外光谱和核磁共振氢谱可知，有机物A含C-H、H

-O和C-O键，有3种不同化学环境的H。可在此认识基础上对各选项作出判断。【详解】A.由红外光谱可知，该有机物中至少有三种不同的化学键：C-H、H-O和C-O键，A选项正确；B.有机物A的核磁共振氢谱中有三个不同的峰，表示该有机物分子中有三种不同化学环境的氢

原子，B选项正确；C.仅由其核磁共振氢谱无法得知其1个分子中的氢原子总数，C选项正确；D.根据分析，有机物A有三种H，而CH3—O—CH3只有一种H，C2H6O应为CH3OH，D选项错误；答案选D。5.下列有关烷烃

的命名错误的是（）A.2,3,3—三甲基戊烷B.2,2,4—三甲基戊烷C.(CH3CH2)2CHCH33-甲基戊烷D.异戊烷【答案】D【解析】【详解】A.中最长碳链有5个碳，2位上有一个甲基，3位上有两个甲基，命名为2,3,3—三甲基戊烷，选项A正确；B

.最长碳链有5个碳，2位上有两个甲基，4位上有一个甲基，命名为2,2,4-—三甲基戊烷，选项B正确；C.(CH3CH2)2CHCH3中最长碳链有5个碳，3位上有一个甲基，命名为3-—甲基戊烷，选项C正确；D.由球棍模型可知，该有机物是2-甲

基戊烷，选项D错误。答案选D。6.一氧化碳、烯烃和氢气在催化剂作用下发生烯烃的醛化反应，又称羰基的合成，如由乙烯可制丙醛：CH2=CH2+CO+H2CH3CH2CHO。由丁烯进行醛化反应也可得到醛，得到的醛的种类为A.2种B.

3种C.4种D.5种【答案】D【解析】【详解】丁烯进行醛化反应得到的是戊醛，即由丁基和醛基形成的醛，因丁基有四种结构，则戊醛也有四种结构，故答案选C。7.下列各组中的反应，属于同一反应类型的是（）A.由乙酸和乙醇制乙酸乙酯；由苯甲

酸乙酯水解制苯甲酸和乙醇B.由甲苯硝化制对硝基甲苯；由甲苯氧化制苯甲酸C.由氯代环己烷消去制环己烯；由丙烯加溴制1,2-二溴丙烷D.由溴丙烷水解制丙醇；由丙烯与水反应制丙醇【答案】A【解析】【详解】A、由乙酸和乙醇制乙酸乙酯为酯化反应(取代反应)，由苯甲酸乙酯水解

制苯甲酸和乙醇为水解反应(取代反应)，A正确；B、由甲苯制对硝基甲苯为硝化反应(取代反应)，由甲苯制苯甲酸为氧化反应，B错误；C、由氯代环己烷制环己烯为消去反应，由丙烯加溴制1,2-二溴丙烷为加成反应，C错误；D、由溴丙烷水解制丙醇为取代反应，由丙烯与水反应制丙醇

为加成反应，D错误；故选A。8.下列物质中，有顺反异构体的是()A.1，2﹣二氯乙烯ClCH=CHClB.1，1﹣二氯乙烯Cl2C=CH2C.丙烯CH3﹣CH=CH2D.苯乙烯【答案】A【解析】【分析】存在顺反异构体的条件：（1）分子中至少有一个键不能自由

旋转（否则将变成另外一种分子）；（2）双键的同一碳上不能有相同的基团；根据存在顺反异构的条件对各选项中的有机物结构进行判断即可。【详解】A、1，2-二氯乙烯分子中，碳碳双键上同一碳上连有不同的基团，具有顺反异

构，选项A正确；B．1，1-二氯乙烯中双键上同一碳上连有相同的基团：氯原子、氢原子，不具有顺反异构，选项B错误；C、丙烯CH3-CH=CH2，碳碳双键上同一碳上连相同的氢原子，不具有顺反异构，选项C错误；D、苯乙烯分子中，其中C=C双键上的碳原子连接相同的H原

子，不具有顺反异构，选项D错误；答案选A。【点睛】本题考查顺反异构的判断，题目难度不大，注意掌握同分异构体的概念及类型，明确存在顺反异构体的条件为解题的关键。9.下列说法正确的是（）A.丁烷是直链烃，是因为分子中4个

碳原子在同一条直线上B.丙烷的一氯代物有2种，丙烷的二氯代物有4种C.丙烯中所有原子均在同一平面上D.甲苯上的某一个氢原子被—C3H7取代后，所得有机产物有6种【答案】B【解析】【详解】A．烷烃分子中有多个碳原子时

，呈锯齿形连接，碳原子不在一条直线上，选项A错误；B．丙烷分子中有2种H原子，其一氯代物有2种，为CH3CH2CH2Cl，CH3CH（Cl）CH3，CH3CH2CH2Cl中含有3种H原子，再次一氯取代有3种产物，CH3

CH（Cl）CH3中含有2种H原子，再次一氯取代有2种产物，其中有两种为同一物质，故丙烷的二氯代物有4种，选项B正确；C．丙烯CH2=CH-CH3中有一个甲基，甲基具有甲烷的结构特点，因此所有原子不可能处于同一平面上，选项C错误；D．甲苯苯环上有3种H原子，含3个碳原子的烷基有正丙基

、异丙基两种，所以甲苯苯环上的一个氢原子被含3个碳原子的烷基取代有3×2=6产物，甲基上的氢原子也能被取代，所以取代产物多于6种，选项D错误。答案选B。【点睛】本题考查有机物的结构和同分异构体的书写与判断，难度中等，注意烷基的异构与等效H的判断：①同一碳原子上的氢原子是等效的；②同一碳原子上所

连接甲基上的氢原子是等效的；③处于同一对称位置的碳原子上的氢原子是等效的。10.某化合物的结构式(键线式)及球棍模型如下：下列关于该有机物的叙述正确的是（）A.该有机物的分子式为C9H10O4B.该有机物属于芳香族化合物C.键线式中的Et代表的基

团为—CH3D.该有机物不同化学环境的氢原子有8种【答案】D【解析】【详解】A．由1个分子中含9个C原子、12个H原子、4个O原子可知分子式为C9H12O4，选项A错误；B．该有机物中不含苯环，则不属于芳香族化合物，故B错误；C．由结构

及球棍模型可知，Et代表-CH2CH3，故C错误；D．该有机物结构不对称，核磁共振波谱图中有8种峰，含8种位置的H原子，选项D正确；答案选D。【点睛】本题考查有机物的结构与性质，侧重于有机物知识的综合应用，注意把握有机物的结构特点和官能团的

性质为解答该题的关键，题目难度不大。11.下列说法正确的是（）A.分子组成相差一个或若干个CH2原子团的有机物一定是同系物B.具有相同通式且相差一个或若干个CH2原子团的有机物一定是同系物C.互为同系物的有机物分子结构不一定相似D.互为同系物的有机物一定具有相同的通式【答案】D【解析】【详

解】A．必须满足结构相似，分子组成相差一个或若干个CH2原子团的有机物，如果结构不相似，如乙烯与环丙烷，就不属于同系物，故A错误；B．如烯烃和环烷烃，通式相同，但是结构不同，它们不能互为同系物，故B错误；C．互为同系物的有机物必须满足结构相似，分子组成

上相差1个或者若干个CH2基团，故C错误；D．由于分子组成上相差1个或者若干个CH2基团，所以互为同系物的有机物一定具有相同的通式，故D正确；综上所述，说法正确的是D项，故答案为D。12.已知某有机物X的结构简式如图所示，下列有关叙述不正确

的是（）A.1molX最多可与3molH2发生加成反应B.X在一定条件下能与FeCl3溶液发生显色反应C.X在一定条件下能发生消去反应和酯化反应D.1molX分别与足量的Na、NaOH溶液、NaHCO3溶液反应，消耗Na、NaOH、NaHCO3的物质的量分别

为3mol、4mol、1mol【答案】C【解析】【分析】该物质中含有羧基、酯基、醇羟基和酚羟基、苯环，具有羧酸、酯、醇和酚、苯的性质，能发生酯化反应、中和反应、水解反应、取代反应、氧化反应、加成反应，以此解答该题。【详解

】A．含有苯环，可与氢气发生加成反应，1molX最多可与3molH2发生加成反应，选项A正确；B．含酚-OH，则X在一定条件下能与FeCl3溶液发生显色反应，选项B正确；C．含-OH、-COOH均可发生酯化反应，但该有机物不能发生消去反

应，不符合消去反应的结构特点，选项C错误；D．醇-OH、酚-OH、-COOH均与Na反应，只有-COOH与NaHCO3溶液反应，酚-OH、-COOH、-COOC-与NaOH反应，且酯水解生成的苯酚结构也与NaOH反应，则1molX分别与足量的Na、NaOH溶液、NaHCO3溶液反应，消耗这三种

物质的物质的量分别为3mol、4mol、1mol，选项D正确．答案选C。【点睛】本题考查有机物的结构与性质，把握结构中官能团与性质的关系为解答的关键，注意选项D中酯与NaOH反应及选项C中消去反应为解答的易错点，题目难度不大。13.在核磁共振氢谱中出现两组峰，其氢

原子数之比为3∶1的化合物是A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】A．由对称可知，有2种H原子，则核磁共振氢谱中出现两组峰，氢原子数之比为6：2=3：1，故A正确；B．由对称可知，有3种H原子，则核磁共振氢谱中出现三组峰，氢原子数之比为2:2:6=1:1:3，故B错误；C．由对称可

知，有3种H原子，则核磁共振氢谱中出现三组峰，氢原子数之比为6:2:8=3:1:4，故C错误；D．由对称可知，有2种H原子，则核磁共振氢谱中出现两组峰，氢原子数之比为6：4=3：2，故D错误；故答案选A。14.分枝酸可用于生化研究。其结构简式如图。下列关于分枝酸的叙述正确的是A.

分子中含有2种官能团B.可与乙醇、乙酸反应，且反应类型相同C.1mol分枝酸最多可与3molNaOH发生中和反应D.可使溴的四氯化碳溶液、酸性高锰酸钾溶液褪色，且原理相同【答案】B【解析】【详解】A项，该化合物分子中含有羧

基、醇羟基、醚键和碳碳双键4种官能团，故A项错误；B项，该物质中含有羧基和羟基，既可以与乙醇发生酯化反应，也可以与乙酸发生酯化反应，反应类型相同，故B项正确；C项，分枝酸中只有羧基能与NaOH溶液发生中和反应，一个分

子中含两个羧基，故1mol分枝酸最多能与2molNaOH发生中和反应，故C项错误；D项，该物质使溴的四氯化碳溶液褪色的原理是溴与碳碳双键发生加成反应，而是使酸性高锰酸钾溶液褪色是发生氧化反应，原理不同，故D项错误。综上所述，本题正确答案为B。【点睛】本题考查了有机化合物的结构与性质，包

含了通过分析有机化合物的结构简式，判断有机化合物的官能团、反应类型的判断、有机物的性质，掌握官能团的性质是解题的关键。15.下列各物质中既能发生消去反应又能发生催化氧化反应，并且催化氧化的产物为醛的是A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】根据醇

发生消去反应的结构特点是：与羟基所连碳相邻的碳上有氢原子才能发生消去反应，形成不饱和键；醇发生氧化反应的结构特点是：有羟基所连碳上有氢原子的才能发生氧化反应，据此分析。【详解】A．中与羟基所连碳相邻的碳上有氢原子，能发生消去反应，羟基所连碳上没有氢原子，不能发生催化氧化反应生成甲醛，A

错误；B．中与羟基所连碳相邻的碳上没有氢原子，不能发生消去反应，羟基所连碳上有氢原子，能发生氧化反应生成醛，B错误；C．中与羟基所连碳相邻的碳上有氢原子，发生消去反应生成丙烯；羟基所连碳上有一个氢原子

，能发生催化氧化反应生成酮，C错误；D．中与羟基所连碳相邻的碳上有氢原子，能发生消去反应生成2-甲基-1-丙烯；羟基所连碳上有氢原子，能发生催化氧化反应生成2-甲基丙醛，D正确；故合理选项是D。【点睛】本题考查醇的消去反应、氧化反应，注意醇发生消去反应的结构特点是：与-OH相连碳相邻碳上有

氢原子的才能发生消去反应，醇发生催化氧化反应的条件是羟基所连碳上有氢原子，若羟基所连碳上有一个氢原子，催化氧化产生酮；若羟基所连碳上有两个氢原子，则催化氧化产生醛。16.如图所示为实验室制取少量乙酸乙酯的

装置图，下列关于该实验的叙述不正确的是（）A.向试管a中先加入浓硫酸，然后边摇动试管边慢慢加入乙醇，再加乙酸B.试管b中导气管管口不浸入液面以下的目的是防止实验过程中发生倒吸C.实验时加热试管a的目的是及时将乙酸乙酯蒸出并加快反应速率D.试管b中饱和23NaCO溶液的作用是吸收随乙酸

乙酯蒸出的少量乙酸和乙醇【答案】A【解析】【详解】A.发生酯化反应时，先向试管a中加入乙醇，然后边摇动试管边慢慢加入浓硫酸，最后加乙酸，A项错误；B.加热过程中产生的乙醇蒸气会溶于饱和23NaCO溶液中，且乙酸会与23NaCO反应，若b中导气管管口浸

入饱和23NaCO溶液液面以下，会发生倒吸，B项正确；C.因常温下酯化反应的反应速率较小，故采取加热的方法可加快反应速率，同时将乙酸乙酯蒸出反应体系以达到分离的目的，C项正确；D.乙酸能与饱和23NaCO溶液反应，乙醇能溶于饱和23NaCO溶液中，D项正确；答案选

A。17.有八种物质：①甲烷、②苯、③聚乙烯、④乙烯、⑤2﹣丁炔、⑥环己烷、⑦邻二甲苯、⑧环己烯，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色的是（）A.②③④⑤⑧B.④⑤⑦⑧C.④⑤⑧D.③④⑤⑦⑧【答案】C【解析】【详解】①甲烷为饱和烃，不能与酸

性高锰酸钾溶液和溴水反应，故①错误；②苯不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故②错误；③聚乙烯不含不饱和键，不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故③错误；④乙烯含有碳碳双键，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故④正确；⑤2-丁炔含有不饱和键，既能使

酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故⑤正确；⑥环己烷不含不饱和键，不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故⑥错误；⑦邻二甲苯只能与酸性高锰酸钾发生反应，但不能与溴水反应，故⑦错误；⑧环己烯含有不饱和键，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应

使之褪色，故⑧正确。答案选C。18.欲除去混在苯中的少量苯酚，下列实验方法正确的是（）A.分液B.加入氢氧化钠溶液后，充分振荡，静置后分液C.加入过量溴水，过滤D.加入FeCl3溶液后，过滤【答案】B【解析】【详解】A、苯与苯酚混溶，不能用分液方法将二者分离，故A错误；B、苯中混有苯酚，加入N

aOH后生成可溶于水的苯酚钠，但苯不溶于水，可用分液的方法分离，故B正确；C、加浓溴水，生成三溴苯酚，三溴苯酚和溴都能与苯互溶，不能将二者分离，并引入新的杂质，故C错误；D、铁离子与苯酚生成的络合物与苯互溶，不能将二

者分离，并引入新的杂质，故D错误；故选B。19.1mol有机物甲，水解后得2molC2H6O和1molC2H2O4，该有机物是()A.CH3OOCCH2COOC2H5B.C.CH3COOCH2CH2C

OOCH3D.CH3COOCH2COOC2H5【答案】B【解析】【分析】1mol的有机物甲水解后生成2molC2H6O和1molC2H2O4，C2H6O为乙醇，C2H2O4为乙二酸，说明该有机物中含有两个酯基，然后根据酯的水解原理，对各个选项进行分析

。【详解】A．1molCH3OOCCH2COOC2H5水解生成1mol甲醇、1mol乙醇和1mol丙二酸；B．1mol水解生成2molC2H6O和1molC2H2O4；C．1molCH3COOCH2CH2COOCH3水解生成1mol乙酸和1molHOCH2CH2C

OOH和1mol甲醇；D．1molCH3COOCH2COOC2H5水解生成1mol乙酸和1mol乙醇和1molHOCH2COOH；综上所述，答案为B。20.下列实验操作正确的是()A.向放有电石的圆底烧瓶中，滴入饱和食盐水

可产生乙炔气体B.实验室制乙烯时，若实验中途发现忘记加碎瓷片，可马上加入，但在加入时一定要缓慢打开塞子，小心操作C.将2%的NaOH溶液4～5滴，滴入2mL10%的CuSO4溶液中制得Cu(OH)2悬浊液，加入乙醛溶液加热，用以检验醛基存在D

.将卤代烃加入到热氢氧化钠溶液中一段时间后，取上层液体，加入AgNO3液产生沉淀，则证明卤代烃中含有卤元素【答案】A【解析】【详解】A．由于电石与水反应生成乙炔气体，向放有电石的圆底烧瓶中，滴入饱和食盐水可产生乙炔气体，故A正确；B．液体乙醇沸

点低，加热要加碎瓷片，防止暴沸，如果加热一段时间后发现忘记加瓷片，防止冷热不均，应冷却至室温，补加碎瓷片，故B错误；C．乙醛与新制氢氧化铜反应应在碱性环境中反应，故C错误；D．检验卤代烃水解产物，应先中和碱，再加硝酸银检验碘离子，故D错误；故选：A。21.某有机物A

的结构简式如下：。下列叙述正确的是A.有机物A属于芳香烃B.有机物A可以和Br2的CCl4溶液发生加成反应C.有机物A和浓硫酸混合加热170℃时，可以发生消去反应D.1molA和足量的NaOH溶液反应，可以消耗2molNaOH【答案】D【解析】【详

解】A．该有机物由C、H、O、Cl等元素组成，属于烃的衍生物，故A错误；B．该有机物分子中不含，所以不能和Br2的CCl4溶液发生加成反应，故B错误；C．该有机物分子中无β-H，在浓H2SO4作用下，醇羟基不能发生消去反应，故C错误；D．该有机物分子中1个酚羟基和1个氯

原子能与NaOH溶液反应，所以其与足量NaOH溶液反应生成，可以消耗2molNaOH，故D正确；综上所述选D。22.为了提纯下表所列物质(括号内为杂质)，有关除杂试剂和分离方法的选择均正确的是（）编号被提纯的物质除杂试剂分离方法A甲烷(乙烯)KMnO

4酸性溶液洗气B硝基苯（苯）水分液C苯(苯酚)浓溴水过滤D乙酸乙酯(乙酸)饱和碳酸钠溶液分液A.AB.BC.CD.D【答案】D【解析】【详解】A．乙烯被高锰酸钾氧化生成二氧化碳，引入新杂质，应选溴水、洗气，选项A错误；B．均不溶于水，不能除杂，应选蒸馏法，选项B错误；C．溴、三溴苯

酚均易溶于苯，不能除杂，应选NaOH、分液，选项C错误；D．乙酸与碳酸钠反应后，与乙酸乙酯分层，然后分液可除杂，选项D正确；答案选D。【点睛】本题考查混合物分离提纯，把握物质的性质、性质差异及发生的反应为解答的关键，A项为易错点，注意乙烯被酸性高锰酸钾溶液氧化时会生成二氧化碳，引入

新的杂质。23.某有机物在氧气中充分燃烧，生成等物质的量的水和二氧化碳，则下列说法一定正确的是（）A.分子中的C、H、O的个数比为1:2:n（n为正整数）B.分子中C、H个数比为1:2C.该有机物可能为苯的同系物D.该分子中肯定不含氧元素【答案】B【解析】【分析】某有机物在氧气中充分燃烧，生成等物

质的量的水和二氧化碳，只能说明该有机物中含有C、H原子个数之比为1：2；题中条件无法确定该有机物是否含有氧元素，据此进行解答。【详解】A．燃烧产物为二氧化碳和水，无法确定该有机物中是否含有氧元素，选项A错误；B．根据生成等物质的量的水和二

氧化碳可知，该有机物分子中含有C、H的原子个数比为1：2，选项B正确；C．有机物中含有C、H原子个数之比为1：2，与苯的同系物不符，选项C错误；D．题中信息无法确定有机物中是否含有氧元素，选项D错误。答案选B。【点睛】本题考查有机物分子式的确定，题

目难度不大，注意掌握确定有机物分子式、结构简式的方法，明确是否含有氧元素是解答本题的关键。24.下列分子式只能表示一种物质的是（）A.C3H7ClB.CH2Cl2C.C2H6OD.C2H4O2【答案】B【解析】【详解】A．C3H7Cl存在2种同分异构体：CH3CH2CH2Cl，CH3CHClCH

3，所以不能只表示一种物质，故A错误；B．CH2Cl2只有一种结构，不存在同分异构体，所以能只表示二氯甲烷一种物质，故B正确；C.C2H6O存在2种同分异构体：CH3CH2OH，CH3OCH3，所以不

能只表示一种物质，故C错误；D.C2H4O2可以存在多种同分异构体，如CH3COOH，HCOOCH3和HOCH2CHO，所以不能只表示一种物质，故D错误；故选B。【点睛】同分异构体是分子式相同，但结构不同的化合物，根据是否存在同分异构体判断正误是

解答关键。25.等浓度的下列稀溶液：①乙酸、②苯酚、③碳酸、④乙醇，它们的酸性按由弱到强顺序排列正确的是A.④②③①B.③①②④C.①②③④D.①③②④【答案】A【解析】【分析】常温下，等浓度的这几种溶液，酸的电离程度越大其溶液中氢离子浓

度越大，乙醇是非电解质，在水溶液不发生电离。【详解】浓度相同条件下，根据乙酸与碳酸氢钠反应生成二氧化碳气体，说明乙酸酸性大于碳酸；苯酚溶液不能使酸碱指示剂变色，苯酚钠溶液中通入过量二氧化碳生成苯酚和碳酸氢钠，证明说明苯酚酸性很弱，小于碳酸的酸性，乙醇

是中性的非电解质溶液，它们的酸性由强到弱排列正确的是①③②④。故选A。【点睛】本题考查弱电解质的电离，侧重考查学生分析判断能力，明确酸性强弱顺序即可解答，注意：苯酚酸性小于碳酸而大于碳酸氢根离子。第Ⅱ卷(非选择题

共50分)26.Ⅰ．有下列四种含苯环的有机物，用序号填空属于苯的同系物的是__________，属于芳香烃的是___________，属于芳香化合物的是__________。Ⅱ．按官能团的不同，请指出下列有机物的种类，填在横线上____________________________

________________【答案】(1).①(2).①②(3).①②③④(4).酚(5).羧酸(6).醛(7).卤代烃(8).酯【解析】【详解】Ⅰ．苯的同系物指的是与苯结构相似，分子式相差一个或若干个CH2的物质，因此属于苯的同系物的是①，芳香烃指的是含有

苯环的烃类，因此属于芳香烃的是①②，芳香化合物指的是含有苯环的化合物，因此属于芳香化合物的是①②③④；Ⅱ．含有苯环和羟基，因此属于酚；含有苯环和羧基，属于羧酸；含有醛基，属于醛；含有氯原子，属于卤代烃；含有酯基，属于酯。27.如图是某烃A分子的球棍模型。回答下列问题：(1)A的名称是

___________；(2)A能够发生的反应类型有___________(填序号)；a.氧化反应b.加成反应c.消去反应d.复分解反应(3)A与溴的四氯化碳溶液反应的化学方程式是___________。(4)在

常温、常压下，取下列4种气态烃各1mol，分别在足量的氧气中燃烧，消耗氧气最多的是___________。取下列4种气态烃各1g，分别在足量的氧气中燃烧，消耗氧气最多的是___________。A．CH4B．C2H6C．C3H8D．C4H10【答案】(1).2-甲基丙烯(2).ab(3

).CH2=CH(CH3)2+Br2→CH2BrCHBr(CH3)2(4).D(5).A【解析】【详解】(1)该结构为烃，其中只含C、H元素，C原子半径大于H原子半径，由图可知，A为，选择含碳碳双键最长碳链为主链，2号碳原子上有1个甲基取代基，其名称

为2-甲基丙烯；(2)中含有碳碳双键，能够发生加成反应、氧化反应，故答案为ab；(3)与溴的四氯化碳溶液中溴单质能够发生加成反应，反应方程式为CH2=CH(CH3)2+Br2→CH2BrCHBr(CH3)2；(4)物质的量相同的烃C

xHy完全燃烧耗氧量取决于(x+y4)，(x+y4)值越大耗氧量越大，据此判断；等质量的各烃，烃中H元素质量分数越大，消耗氧气越大。A．CH4的x+y4=2，即1molCH4消耗氧气2mol；B．C2H6的x+y4=2+1.5=3.5，即1molC2H6

消耗氧气3.5mol；C．C3H8的x+y4=3+2=5，即1molC3H8消耗氧气5mol；D．C4H10的x+y4=4+2.5=6.5，即1molC4H10消耗氧气6.5mol；所以相同物质的量烃耗氧量C4H10>C3H8>C2H6>CH4；等质量

的各烃，烃中H元素质量分数越大，消耗氧气越大，CH4、C2H6、C3H8、C4H10的C、H原子数目之比分别为1：4、1：3、1：83、1：2.5，故CH4中氢元素质量分数最大，等质量的各烃中CH4消耗氧气最多，故答案为：D；A。28.乙酰水杨酸是使用广泛的解热镇痛剂，合成原理为：(1)水杨酸的

分子式为____________，(2)水杨酸含氧官能团的名称_____________；(3)有关水杨酸的说法，不正确的是____________：A．能与溴水发生取代和加成反应B．能使酸性KMnO4溶液褪色C．1mol水杨酸最多能消耗2molNa

OHD．遇FeCl3溶液显紫色(4)写出一种符合下列条件的水杨酸的同分异构体的结构简式_____________．①能发生银镜反应②遇FeCl3溶液显紫色③苯环上的一溴取代物只有2种(5)乙酰氯(CH3COCl)与水杨酸反应可以生成乙

酰水杨酸，化学反应方程式：_________(不写条件)．(6)乙酰水杨酸与足量NaOH溶液反应的化学方程式__________．【答案】(1).C7H6O3(2).羧基、酚羟基(3).A(4).(任

意一种)(5).(6).【解析】【详解】(1)由水杨酸的结构简式可知分子式为C7H6O3，故答案为C7H6O3；(2)水杨酸含氧官能团的名称为羧基、酚羟基，故答案为羧基、酚羟基；(3)A．水杨酸含有酚羟基，能与溴水发生取代反应，但不能与溴发生加成反应，故A错误；B．水杨酸含有酚﹣OH，能被高锰

酸钾氧化，使其褪色，故B正确；C．羧基、酚羟基均与氢氧化钠反应，1mol水杨酸最多能与2molNaOH反应，故C正确；D．含有酚羟基，遇FeCl3溶液显紫色，故D正确;故答案为A；(4)水杨酸的同分异构体符合①能发生银镜反应，含﹣CHO；②

遇FeCl3溶液显紫色，含酚﹣OH；③苯环上的一溴取代物只有2种，则苯环上只有2种H，符合条件的同分异构体的结构简式为；(5)乙酰氯(CH3COCl)也可以与水杨酸反应生成乙酰水杨酸，属于取代反应，反应同时生成HCl，反应方程式为：；(6)乙酰水杨酸中羧基与氢氧化钠发生中和反应，酯基水解得到酚

羟基与乙酸，酚羟基、乙酸与氢氧化钠发生反应，则乙酰水杨酸与足量NaOH溶液反应的化学方程式为。29.化合物A的分子式为C3H6O2，它有如下图所示转化关系，已知D、E、F在加热条件下都能与碱性新制Cu(OH)2悬浊液生成砖红色沉淀：试回答下列问题：(1)A的名称为___________，

B所含官能团的名称为___________；(2)写出A生成B、C的化学反应方程式：___________，(3)写出C催化氧化为D的化学反应方程式：___________；(4)写出C和E生成F的化学反应方程式：___________

。【答案】(1).乙酸甲酯(2).羧基(3).CH3COOCH3+H2OΔ→催化剂CH3COOH+CH3OH(4).2CH3OH+O2ΔCu→2HCHO+2H2O(5).HCOOH+CH3OHΔ浓硫酸HCOOCH3+H2O【

解析】【分析】有机物C能连续被氧化，且C和E能发生反应生成F，则C为醇、D为醛、E为羧酸、F为酯，D、E、F都能与碱性新制Cu(OH)2悬浊液生成砖红色沉淀，说明这三种物质中都含有醛基，则D的结构简式为HCHO、E的结构简式为HCOOH、F的结构简式为HCOOCH3、

C的结构简式为CH3OH，A的分子式为C3H6O2，A发生水解反应生成B和C，C是甲醇，则B是乙酸，其结构简式为CH3COOH，A是乙酸甲酯，其结构简式为CH3COOCH3，再结合物质结构、物质的性质分析解答。【详解】(1)通过

以上分析知，A是乙酸甲酯，B是CH3COOH，B所含官能团的名称为羧基；(2)A是乙酸甲酯，在稀硫酸条件下发生水解反应，方程式为CH3COOCH3+H2OΔ→催化剂CH3COOH+CH3OH；(3)C为CH3OH，C催化氧化为D的化学反应方程式为2CH3OH+O2ΔCu→2HCHO

+2H2O；(4)在浓硫酸作催化剂、加热条件下，甲酸和甲醇发生酯化反应生成甲酸甲酯，反应方程式为HCOOH+CH3OHΔ浓硫酸HCOOCH3+H2O。30.芳香化合物A是一种基本化工原料，可以从煤和石油

中得到。A、B、C、D、E的转化关系如下所示：回答下列问题：(1)A的化学名称是___________；A属于___________(填“饱和烃”或“不饱和烃”)；(2)A→B的反应类型是___________；(3)A→C的化学方程式为

___________；(4)A与酸性KMnO4溶液反应可得到D，写出D的结构简式___________。【答案】(1).邻二甲苯(或1，2-二甲基苯)(2).不饱和烃(3).取代(4).(5).【解析】【分析】A与Br

2在光照条件下能够生成B，A为芳香化合物，结合反应条件可知，A→B之间反应为取代反应，根据B的结构可知，A的结构为；与H2在Ni作催化剂发生加成反应生成E()；与Br2在FeBr3作催化剂条件下发生取代反应，苯环上甲基的邻位或对位上氢原子被Br原子

取代，因此C为或；在酸性高锰酸钾下发生氧化反应生成。【详解】(1)由上述分析可知，A为，其名称为邻二甲苯(或1，2-二甲基苯)；其中含有苯环，且只含有C、H元素，属于不饱和烃；(2)由上述分析可知，A→B的反应

类型是取代反应；(3)A→C为与Br2在FeBr3作催化剂条件下发生取代反应生成或，因此反应方程式为；(4)为苯的同系物，与苯环相连碳原子上有氢原子，取代基能被酸性高锰酸钾氧化为羧基，因此D为。