【文档说明】山西省晋中市四校2024-2025学年高三上学期9月月考物理试题 Word版含解析.docx，共(17)页，1.776 MB，由小赞的店铺上传

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2024~2025学年高三9月质量检测卷物理考生注意：1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B

铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。4.本卷命题范围：必修第一册，必修第二册第五、六、七章。一、单项选择

题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.小明乘电梯从1楼上到4楼，他运动的位移为x，时间为t，速度为v，速度平方为2v，加速度为a，则下列关系图像可能正确的是（）A.B.

C.D.【答案】B【解析】【详解】A．电梯上楼过程,先加速后匀速再减速，则xt−图像的切线斜率应先变大后不变再变小,故A错误；B．根据速度位移关系2202vvax−=可知2vx−图像斜率先为正，且大小不变，匀速阶段斜率为0，减速阶段为负，且大小不变，故B正确；C．电梯的最后阶段减速上

升，故C错误；D．加速运动与减速运动的加速度方向相反，故D错误。故选B。2.如图所示，某同学用一根细线穿过光滑圆环，左右两手握住细线保持静止。现保持右手位置不变，将左手缓慢竖直向上移动，在左手向上移动过程中（圆环没有到

达右手），细线上的张力（）A.变大B.变小C.不变D.可能先变小后变大【答案】C【解析】【详解】左手缓慢竖直向上移动过程中，圆环两边的细线间的夹角保持不变，根据力的合成可知，细线上的张力不变。故选C。3.如图所示，用轻绳竖直悬挂的铁质黑板处于静止状态，磁性黑板擦

吸在黑板上，空气阻力不计，则下列说法正确的是（）A.黑板擦受到3个力的作用B.黑板对黑板擦的磁力大于黑板对黑板擦的弹力C.若轻绳断开，黑板擦随黑板一起自由下落过程中，黑板擦只受2个力作用D.若轻绳断开，黒板擦随黑板一起自由下落过程中，黑板对黑

板擦的摩擦力为零【答案】D【解析】【详解】A．黑板擦受重力、摩擦力、黑板对黑板擦的磁力、黑板对黑板擦的弹力共4个力作用，故A错误；B．根据平衡条件，黑板对黑板擦的磁力大小等于黑板对黑板擦的弹力，故B错误；C．若轻绳断开，黑板擦随黑板一起自由下落过程中，没有摩擦力，黑板擦受3个力作用，故C

错误；D．若轻绳断开，黑板擦随黑板一起自由下落过程中，黑板擦受到的合外力等于重力，黑板对黑板擦的摩擦力为零，故D正确。故选D。4.如图所示，小船正向前做匀加速直线行驶，某时刻船头的一个小球以相对于船向上的大小为0v的初速度抛出，结果小球恰好落在船尾，已知船长为L，重力

加速度为g，空气阻力不计。则船做匀加速运动的加速度大小为（）A.2202gLvB.2204gLvC.2206gLvD.2208gLv【答案】A【解析】【详解】球在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做竖直上

抛运动，球在空中运动的时间为02vtg=设球抛出瞬间船的速度为v，则在水平方向有212vtatvtL+−=解得2202gLav=故选A。5.某动车每天一次从A站沿直线驶向B站，动车从A站由静止出发先做匀加速直线运动，速度达到v后做匀速直线运动，最后做匀减速直线

运动到达B站时速度刚好为零。若第一天匀加速和匀减速运动的加速度大小均为a，第二天匀加速和匀减速运动的加速度大小均为0.8a，匀速运动速度不变。则第一天匀速运动的时间比第二天匀速运动的时间（）A.多4vaB.多2vaC.少4vaD.少2va【答案】A【解析】【详解

】设第一天匀速运动的时间为1t，第二天匀速运动的时间为2t，由题意有221222220.8vvvtvtaa+=+解得124vtta−=即第一天匀速运动的时间比第二天匀速运动的时间多4va。故选A。6

.如图所示，从倾角为θ的斜面体底端Q的正上方P点水平抛出一个小球，经过时间t小球落到斜面上，小球落到斜面上时的速度方向与水平方向的夹角也为θ，重力加速度为g，则P到Q的距离为（）A.2gtB.232gtC.2tang

tD.23tan2gt【答案】B【解析】【详解】设初速度大小为0v，P到斜面落点的高度为1h，则有2112hgt=，0tangtv=斜面落点到Q的高度为2h，则有20tanhvt=解得22hgt=则P到Q的距离21232hhhgt=

+=故选B7.小物块放在倾角为θ斜面底端，第一次用平行于斜面向上的拉力1F作用在物块上，使物块沿斜面从静。的止开始匀加速运动到斜面顶端，如图甲所示；第二次用与斜面夹角为的拉力2F作用在物块上，也使物块沿斜面从静止开始匀加速运动到斜面顶端，如

图乙所示。若两次物块运动的时间相等，则（）A.2F一定大于1FB.2F一定小于1FC.若斜面光滑，2F一定大于1FD.若斜面粗糙，2F一定大于1F【答案】C【解析】【详解】设斜面不光滑，则有()122sincoscossincossinFmgmgFmgmgF−−=−−−

解得()1122cossin1sinFFF==+++其中1tan=，由此可见，当斜面粗糙时2F有可能大于1F、可能等于1F，也可能小于1F；当斜面光滑时，有12cosFF=2F一定大于1F。故选C。二、多项选择题：

本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.在水平地面上的P点先后斜向上抛出A、B两个小球

，结果两个小球落在地面上的同一点Q，已知A球运动的最大高度比B球运动的最大高度大，不计空气阻力，不计小球的大小，则下列说法正确的是（）A.A球在空中运动的时间长B.A球在空中运动的最小速度大C.A球的速度变化量大D.A球抛出时的初速度大【答案】AC【解析】【详解】AB。由于A球运动的

最大高度比B球运动的最大高度大，竖直方向02yvtg=因此A球抛出初速度的竖直分速度大，因而在空中运动的时间长，水平方向0xxvt=，由于水平位移相同，因此A球在空中运动的最小速度小，故A正确，B错误；C．

因A球在空中运动的时间长，由vgt=可知，A球的速度变化量大，故C正确；D．A球抛出时竖直分速度大，水平分速度小，因此两抛出的初速度大小关系不能确定，故D错误。故选AC。9.某天文爱好者观测绕地球做匀速圆

周运动卫星，测出不同卫星的线速度v和轨道半径r，作出21vr−图像如图所示，已知地球的半径为R，引力常量为G，则下列说法正确的是（）A.地球的质量为bGaB.地球的第一宇宙速度为abRC.地球表面的重力加速度为2baRD.线速度为a的卫星与

地心连线在单位时间内扫过的面积为2ab【答案】BD【解析】【详解】A．卫星绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力22MmvGmrr=可得21vGMr=结合图像可得的aGMb=解得aMGb=故A错误；B．对于地

球近地卫星，同理，根据212vMmGmRR=解得1avbR=故B正确；C．根据万有引力等于重力2MmGmgR=解得2agbR=故C错误；D．由题图可得线速度为a的卫星绕地球做圆周运动的半径1rb=则卫星做圆周运动的周期22rTvba==则单位时间内

扫过的面积202raSTb==故D正确。故选BD。10.如图所示，物体A、B放在水平圆盘的一个直径上，用不可伸长的轻绳相连，绳子刚好伸直，圆盘可绕竖直轴OO转动，A、B到轴的距离分别为2r和r，两物块的质量关系为BA2mm=两物块与圆盘面的动摩擦因数均为μ，设最大静摩擦力等于

滑动摩擦力，轻绳能承受的拉力足够大，当圆盘以不同角速度绕轴OO匀速转动时，下列说法正确的是（）A.由于2AB22mrmr=，因此A、B受到的摩擦力始终为零B.随着转动角速度增大，A、B始终不会滑动C.随着转动角速度

增大，最终A沿圆盘半径向外滑动D.随着转动角速度增大，B受到的最大摩擦力与A受到的最大摩擦力相等【答案】BD【解析】【详解】A．由于轻绳开始刚好伸直，没有张力，因此圆盘转动后，A、B开始随圆盘转动需要的向心力由静摩擦力提供，故

A错误；BCD．物块A刚好要滑动时，有2AA12mgmr=解得12gr=此时B受到的摩擦力2ABB1gfgmrmm==继续增大转动角速度，轻绳开始有拉力并和摩擦力一起提供向心力，当转动角速度为2时，由于()()2222A21B212mrmr−=−可见增加的

向心力相同且都由轻绳提供，因此从A刚好要滑动开始，随着转动的角速度增大，A、B受到的摩擦力大小始终不变，始终等于AmgA、B不可能滑动，故BD正确，C错误。故选BD。三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.某兴趣小组用图甲所示的装置做“探究加速度与质量的

关系”实验，打点计时器所接交流电的频率为50Hz，沙和沙桶的总质量为m，小车与砝码的总质量为M。（1）若要探究加速度a与M的关系，实验时应该让m与M的大小关系满足______（填“m远小于M”“m等于M”或“m远大于M”）。平衡摩擦力时

，调整长木板的倾斜程度使得被轻推出的小车在______（填“挂”或“不挂”）沙桶的情况下，能沿长木板匀速下滑，实验时应该调整长木板左端滑轮的高度让牵引小车的细线______。（2）某次实验，按正确的操作打出的一条纸带如图乙所示，纸带上标出了连续的5个计数点A

、B、C、D、E，相邻两个计数点之间还有四个计时点未标出，图上标出了各计数点到A点之间的距离，由此求得此次实验中小车的加速度a=______2m/s（结果保留两位有效数字），若此次实验过程交流电发生波动，实际频率大于50Hz，则测出的加速度______（填“偏大”“偏小”或“不

变”）。（3）保持沙桶和沙的质量m不变，多次改变车上砝码的质量进行实验，测得多组小车运动的加速度a及小车与砝码的总质量M，若由实验数据作出1aMm−+的图线应该是下图中的______。A.B.C.D.【答案】（1）①.远小于

②.不挂③.平行（2）①.1.0②.偏小（3）C【解析】【小问1详解】[1]实验探究a与M关系时，应该让m与M的大小关系满足m远小于M；[2]平衡摩擦力时，调整长木板的倾斜程度使得被轻推出的小车在不挂沙桶的情况下，能沿长木板匀速下滑；[3]实验时应该调整长木板左端滑轮的高度让牵

引小车的细线与长木板平行。【小问2详解】根据题意可知相邻计数点间时间间隔50.02s0.1sT==[1]由逐差法可得加速度()()2222221.68.798.7910m/s1.0m/s440.1CDDEABBCxxxxaT−+−+−−===[2]若实际频率大于50Hz

，则实际打点周期小于0.02s，若计算时还用0.02s计算，则测出的加速度偏小。【小问3详解】在研究加速度与质量的关系时，由于平衡了摩擦力，分别对小车、沙桶及沙受力分析，由牛顿第二定律可得TmgFma−=，TFMa=解得()mgMma=+得mgaMm=+

由于沙和沙桶的质量不变，所以由实验数据作出1aMm−+的图线为正比例函数。故选C。12.某同学用如图所示装置做“探究向心力大小与角速度大小的关系”实验，力传感器A、B（厚度忽略不计）分别固定在竖直杆上，质量为m的磁性小球（可视为质点）用细线a、b连接，细线a、b的另

一端分别连接在力传感器A、B上，拉动小球，调节细线a和b的长度，使a、b两细线都伸直时细线a水平，测出细线a、b的长度L1、L2，两细线拉直时，在磁性小球附近固定磁传感器。重力加速度大小为g。（1）让竖直杆转动，带动磁性小球在水平面内做匀速圆周运动（细线a

、b始终绷直），磁性小球经过磁传感器时，磁传感器会显示一个磁场脉冲，将其中一个脉冲记为1，并开始计时，到出现第n个脉冲时用时为t，力传感器A、B分别记录下细线a、b上的拉力大小F1、F2。则小球做圆周运动的角速度大小为ω=______；向心

力大小为Fn=______；小球的质量m=______（用含g的式子表达）；（2）改变转动的角速度，测得多组F1及时间t，作121Ft−图像，如果作出的图像是一条倾斜直线，图线的斜率等于______，图像与纵轴的截距等于______，则表明小球

做匀速圆周运动时，在质量、半径一定的条件下、向心力与角速度平方成正比。（3）实验中会发现，改变转动的角速度，力传感器B的示数______（填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】（1）①.2(1)nt−②.1212LFFL+③.222212FLLgL−（

2）①.2214(1)nmL−②.12221LmgLL−−（3）不变【解析】【小问1详解】[1]从接收到第一个强磁场记为1，并开始计时，测得磁传感器接收到n次强磁场所用时间为t，则小球做圆周运动的周期为1tTn=−小球做圆周运动的角速

度为22(1)nTt−==[2][3]设细线b与竖直方向夹角为θ，竖直方向2cosFmg=水平方向上n21sinFFF=+12sinLL=解得1n212LFFFL=+，222212FLLmgL−=【小问2详解】[1][2]由（1）问可知2211n2

1112222214(1)LLnFFFmgFmLLtLL−=+=+=−整理可得221112222114(1)LFnmLmgtLL=−−−由于121Ft−图像是一条倾斜直线，则图线的斜率为2214(1)knmL=−图

像与纵轴的截距为12221LbmgLL=−−【小问3详解】由（1）问可知，力传感器B的示数为222221mgLFLL=−由于a、b两细线都伸直，则细线a、b的长度L1、L2保持不变，小球的质量m也不变，所以F2不变。13

.如图所示，A、B是绕地球做匀速圆周运动的两颗卫星，两卫星运动轨道在同一平面内，且绕地球做圆周运动的绕行方向相同，A、B绕行的周期分别为22T和T，A、B在运动过程中的最近距离为d，地球半径为R，引力常量为G，忽略地球的自转，求：（1）卫星B的轨道半径；（2）地球表面的重力加速度

。【答案】（1）d（2）23224dRT【解析】【小问1详解】设B的轨道半径为r,则A的轨道半径为rd+，根据万有引力提供向心力，对A、B分别有()()2222222MnGmrdrd=++21122MmGmrrT=联立解得rd=【小问2详解】根据21122

MmGmddT=结合2MmGmgR=联立解得23224dgRT=14.如图所示，长4mL=、质量2kgM=的平板车A静止在光滑的水平面上，水平面右端固定一平台C，C的上表面光滑，水平传送带的左端紧靠平台，传送带上表

面、平台上表面及平板车上表面在同一水平面上，传送带以2m/sv=的速度沿逆时针方向匀速转动，质量1kgm=的物块B以07.5m/sv=的水平速度从平板车的左端滑上平板车，在平板车右端到达平台前，物块与平板车已相对静止，平板车与平台碰撞瞬间即与平台C链接

固定不动，物块继续向右滑行但不会从传送带的右端滑离，物块与平板车间的动摩擦因数为0.5，与传送带间的动摩擦因数为0.2，重力加速度g取210m/s，求：（1）平板车与平台碰撞前的速度大小；（2）传送带至少为多长。【答案】（1）2.5m/s（2）1516m【解析】【小问1详解】物

块B在平板车上滑行时，根据牛顿第二定律11mgma=解得215m/sa=对平板车由牛顿第二定律12mgMa=解得222.5m/sa=设物块滑上平板车至与平板车相对静止运动的时间为t，则有012vatat−=解得1st=平板车与平台碰撞前速度12

2.5m/svat==【小问2详解】物块在平板车上滑动过程中运动的位移()10115m2xvvt=+=平板车运动的位移2111.25m2xvt==设物块离开平板车时速度为2v，则有()22121122vvaLxx

−=−−解得215m/s2v=物块在传送带上运动时，由牛顿第二定律的23μmgma=解得232m/sa=设传送带的长至少为d，由题意有2232vad=解得15m16d=15.如图所示，质量为m的小物块用长为L的细线悬挂于O

点，给物块一个水平初速度使其在竖直面内做圆周运动，物块运动到最低点时，细线的拉力大小等于7mg，斜面体ABCD固定在水平地面上，斜面AB长为L，倾角为30°，BC竖直且长也为L，若物块做圆周运动到最低点时细线突然断开，此后物块恰好从A点无碰撞地滑上斜面AB，最终落在地面上，

物块与斜面间的动摩擦因数为33，重力加速度为g，空气阻力不计，求：（1）小物块做圆周运动在最低点时速度大小；（2）小物块在斜面上运动的时间；（3）有斜面体时小球的落地点与无斜面体时小球的落地点间的距离。【答案】（1）6gL（2）124Lg（3）326302L+−

【解析】【小问1详解】设物块运动到最低点时速度为0v，根据牛顿第二定律有207vmgmgmL−=解得06vgL=【小问2详解】设物块运动到A点时速度大小为1v，根据几何关系有010222cos303vvvg

L===由于sincosmgmg=因此物块在斜面上做匀速直线运动，在斜面上运动的时间1124LLtvg==【小问3详解】物块运动到A点时竖直方向分速度0tan302yvvgL==圆周运动的最低点与A点的高度差212yvhLg==A

点离水平地面的高度2sin301.5hLLL=+=没有斜面体时，物块做平抛运动的水平位移()1210230hhsvLg+==有斜面体时，物块做平抛运动下降2L高度的水平位移02226LxvLg==的物块落地点离圆周运动最低点间的距离23cos3026

2sxLL=+=+则有斜面体时小球的落地点与无斜面体时小球的落地点间的距离为21326302sssL=−=+−