【文档说明】宁夏银川市第二中学2022-2023学年高二上学期期中考试物理试题 含解析.docx，共(25)页，3.138 MB，由小赞的店铺上传

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银川二中2022-2023学年第一学期高二年级期中考试物理试题注意事项：1．本试卷共25道小题，满分110分，考试时间为100分钟。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净

后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。一、单选题（本大题共15小题，共45.0分）1.下列关于动量的说法正确的是（）A.质量大的物体动量大B.速度大的物体动量大C.动量的方向与速度的方向相同D.动量的方向可能与速度方向相反

【答案】C【解析】【详解】A．物体的动量等于质量与其速度的乘积，即p=mv；质量m大，如果速度较小，则动量较小，故A错误；B．如果速度v大而质量m很小，则动量不一定大，故B错误；CD．动量的方向与速度的方向相同，选项C正确，D错误。故选C。2.如图所

示，光滑的水平地面上有一辆平板车，车上有一个人，原来车和人都静止。当人从左向右行走时，先加速、后减速，到车右端后停止，该过程中（）A.人的动量始终等于车的动量B.人和车组成的系统机械能先增大后减小C.人和车的动量方向相同D.人停止行走时，车的速度一定不为零【答案】B【解析】【详解】ACD．人和车组

成的系统所受合外力为0，则系统总动量守恒，始终等于0，所以人的动量与车的动量大小相等，方向相反，人停止行走时，车速一定为零，故ACD错误；B．人从左向右行走时，先加速、后减速，所以系统的机械能先增大后减小，故B正确。故选B。3.如图1所示，光滑绝缘水平面上

有甲、乙两个带电小球。t=0时，乙球以6m/s的初速度向静止的甲球运动。之后，它们仅在电场力的作用下沿同一直线运动（整个运动过程中没有接触）。它们运动的v-t图像分别如图2中甲、乙两曲线所示。由图线可知（）A.乙球的质量是

甲球质量的2倍B.t1时刻两球相距最近且速度方向相反C.t2时刻，甲球的速度为3m/sD.0~t3时间内，两球间的电势能先减小后增大【答案】C【解析】【分析】【详解】A．从开始运动到速度相同的过程中，根据动量守恒01()mvmmv=+乙乙甲代入数据得12

mm=乙甲A错误；B．由图可知，t1时刻两球相距最近且速度方向相同，B错误；C．此时乙球的速度为零，根据动量守恒02mvmv=乙甲可得23m/sv=C正确；D．由于两球之间是排斥力，在0~t3时间内，两球之间的距离先减小后增加，因此两球间的电势能先增大后减小，D错误。故选C。4.如图

所示是用一种新型“静电”绝缘纤维布制成的预防新型冠状病毒肺炎口罩。熔喷布经驻极工艺，表面带有电荷，它能阻隔几微米的病毒，这种静电的阻隔作用属于（）A.静电感应B.摩擦起电C.尖端放电D.静电吸附【答案】D【解析】【详解】因为熔喷布经驻

极工艺，表面带有电荷，它能阻隔几微米的病毒，则这种静电的阻隔作用属于静电吸附。故选D。5.如图所示,真空中O点有一点电荷,在它产生的电场中有a,b两点,a点的场强大小为aE,方向与ab连线成60°角,b点的场强大小为bE,方向与ab连线成

30°角。关于a,b两点场强大小aE,bE的关系,以下结论正确的是（）A.Ea=33EbB.Ea=3EbC.Ea=3EbD.Ea=13Eb【答案】B【解析】【详解】结合几何关系，有:1:3aObO=根据公式2QEkr=有223abEObEOa==即3abEE=故选B。6.除了用数学公式描述电场

外，形象地了解和描述电场中各点电场强度的大小和方向也很重要。法拉第采用了一个简洁的方法来描述电场，那就是画电场线。某区域的电场线分布如图所示，电场中有A、B两点，设A、B两点的电场强度大小分别为AE、BE，电势分别为AB，，某负电荷在A、B两点的电

势能分别为pAE、pBE，则下列判断正确的是（）A.pApBABABEEEE，，B.pApBABABEEEE，，C.pApBABABEEEE，，D.pApBABABEEEE，，【答案】C【解析】【详解】电场线疏密

表示电场强度大小，因B点处的电场线较A点处密集，可知ABEE沿电场线方向电势逐渐降低，可知AB负电荷在电势高的位置电势能小，可知pApBEE故选C。7.匀强电场中有A、B、C、D四点恰好位于一边长为1cm的正方形的四个顶点上，如图所

示。已知该匀强电场的方向与A、B、C、D四点构成的平面平行，A、B、D三点的电势分别为A1V=、B4V=、D1V=−，则在CD连线上电势为1V的点距离D点的距离为（）A.1cm3B.2cm3C.1cm4D.1cm5【答案】B【解析】【详解】由匀强电场中，平行线（相同方向）上相

同距离的电势差相等ADBC−=−解得C2V=因为匀强电场中UEd=设在CD连线上电势为1V的点为点E，有DECDDECDUUdd=又DECD23UU=所以DECD22cm33dd==故选B。8.如图所示，将悬挂在细线上的带正电的小球A放在不带电的金属空心球C内（不与C的内壁接触），在

C附近另外有一个悬挂在细线上的带负电的小球B，则（）A.A，B两球均不偏离竖直方向B.A球不偏离竖直方向，B球向右偏离竖直方向C.A球向左偏离竖直方向，B球不偏离竖直方向D.A球向左偏离竖直方向，B球向右偏离竖直方向【答案】B【解析】【详解】CD．由于静电屏蔽，小

球B的电场对A无影响，小球A不会偏离竖直方向，选项CD错误；AB．由于静电感应空心球C的内表面带负电，外表面带正电，小球B和空心球C之间异种电荷相吸引，小球B会偏离竖直方向向右靠近C球，选项A错误，B正确。故选B。9.图中虚线a、b、c、

d、f代表匀强电场内间距相等的一组等势面，已知平面b上的电势为2V。一电子经过a时的动能为10eV，从a到d的过程中克服电场力所做的功为6eV。则（）A.平面c上的电势为4VB.该电子不可能到达平面fC.该电子经过平面d时，其电势能为2eVD.该电子经过平面b时的速率是经过d时的2倍

【答案】C【解析】【详解】A．由题意知2Vb=，k10eVaE=，6eVadW=−。则平面a、d间的电势差为6VadadWUe==−由于平面a、b、c、d、f间距相等，由UEd=可知，相邻等势面的电势差相等，都为2eV，则2eVbcbcUφφ=−=解得平面c上的电

势0c=故A错误；B．若电子垂直等势面运动，从a到f，由动能定理kkaffaeUEE−=−解得电子到达平面f时的动能为k2eVfE=即电子可能到达平面f，故B错误；C．由于2eVcdcdUφφ=−=可得2Vd=−电子经过平面d

时，其电势能为p2eVddEeφ=−=故C正确；D．电子该电子经过平面b、d时的动能为kk8eVbaabEEeU=−=kk4eVdaadEEeU=−=所以电子经过平面b、d时的速率关系为kk2bbddvEvE

==故D错误。故选C。10.如图所示为示波管的示意图。左边为加速电场，右边水平放置的两极板之间有竖直方向的偏转电场。电子经电压为1U的电场加速后，射入偏转电压为2U的偏转电场，离开偏转电场时，电子离荧光屏中心O的侧移为y。单位偏转电压引起的偏转距离

2yU称为示波器的灵敏度。设极板长度为L，极板间距为d，通过调整一个参量，下列方法可以提高示波器的灵敏度的是（）A.增大LB.增大dC.增大1UD.减小2U【答案】A【解析】【详解】设经加速电场后的速度为v，由动能定理有2112mveU=由牛顿第二定律有2eUamd=由运动学公

式可得212yat=Ltv=联立可得2214ULydU=所以可得2214yLUdU=由表达式可知，提高灵敏度的方法为增大L或减小d或减小1U与2U无关。故选A。11.一根横截面积为S的铜导线，通过的电流为I，已经如道铜的

密度为ρ，铜的摩尔质量为M，电子电荷量为e，阿伏加德罗常数为NA，设每个铜原子只提供一个自由电子，则铜导线中自由电子定向移动速率为（）AAMINSeB.AMINSeC.AINMSeD.AINSeM【答案】A【解析】【详解】设自

由电子定向移动的速率为v，导线中自由电子从一端定向移到另一端所用时间为t，对铜导体研究：每个铜原子可提供一个自由电子，则铜原子数目与自由电子的总数相等，即ASvtnNM=t时间内通过导体截面的电荷量为qne=则电

流强度为ASveNqItM==解得AMIvNSe=故选A。12.如图所示，电源的电动势为1.5V，闭合电键后（）.A.电源在1s内将1.5J的电能转变为化学能B.电源在1s内将1.5J的化学能转变为电能C.电路中每通过1C电荷量，电源把1.5J的电能转变为化学能D.电路中每通过1C电荷量，电

源把1.5J的化学能转变为电能【答案】D【解析】【详解】AB．由于电路中的电阻的电阻值未知，所以不能求出电路中的电流值。只有当电路中电流为1A时，电池每经过1s电路中就通过1C电量，电源才把1.5J的化学能转变为电能。故A

B错误。CD．电源中每通过1C电量，电源将1.5J的化学能转变成电能。故C错误，D正确。故选D。13.下列说法正确的是（）A.欧姆定律不仅适用于固体导电，还适用于气体导电B.体积很小的带电体均可视为点电荷C.油罐车下部通常都拖一条链条是为了把静电尽快导入

大地D.半导体材料的导电性能不受外界条件的影响【答案】C【解析】【详解】A．欧姆定律只适用于纯电阻电路，它取决于长度、横截面积、材料、温度、湿度等因素，气体导体在欧姆定律中不适用，A错误；B．带电体看作点电荷的条件,当一个带电体的

形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无关，故B错误；C．汽车行驶时，油罐中的汽油随车的振动摩擦起电，如果不及时的将这些静电倒走。一旦出现放电现象，就会发生爆炸事故，拖地的铁链使油罐表面与大地相连，使油罐罐体中的电荷不断地中和，不

致造成放电产生火花引起油罐爆炸，C正确；D．半导体材料的导电性能受外界条件影响，即有的导体材料可以用来做热敏电阻等，D错误。故选C。14.某同学研究白炽灯得到其UI−图象如图所示。图象上A点与原点的连线与横轴成角，A点的切线与横轴成角，则（）A.白炽灯的电阻随电压的增大而

减小B.白炽灯是非线性元件，不能用欧姆定律计算它的电阻C.在A点，白炽灯的阻值可表示为tanD.在A点，白炽灯的阻值可表示为00UI【答案】D【解析】【详解】A．由图示图象可知，随电压增大，通过灯泡的电流增大，电压与电流的比值增

大，灯泡电阻变大，故A错误；B．白炽灯是纯电阻元件，能用欧姆定律计算它的电阻，选项B错误；CD．由欧姆定律可知，在A点，白炽灯的电阻：00URI=由于纵坐标与横坐标的标度可能不同，所以不能用tanR=计算电阻

值，更不能用tan计算电阻值，故C错误，D正确。故选D。15.三个阻值都是6Ω的电阻可以用不同的方法连接起来，下列四个图中等效电阻(即总电阻)等于4Ω的是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】三个电

阻串联后总电阻R=3×6=18Ω，故A错误；三个电阻并联后的总电阻为R=6=23，故B错误；C中两个电阻串联后与第三个电阻并联，则总电阻为11111264R=+=，解得R=4Ω，故C正确；D中两个电阻并联后与第三个电阻串联，则总电阻为R=6+3=9Ω，故D错误．故选C．【点睛】

本题考查了学生对串并联电阻的特点的了解与掌握，记住“n个阻值相同的电阻R串联后，R串=nR；n个阻值相同的电阻R并联后，R并=R/n”是本题的关键．二、多选题（本大题共5小题，共20.0分）16.如图所示的四种电场中均有a、b两点，其中a

、b两点的电场强度相同的是A.甲图中与点电荷等距的a、b两点B.乙图中两等量异种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C.丙图中两等量同种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点D.丁图中匀强电场中的a、b两点【答案】BD【解析

】【详解】A．甲图中a、b两点场强大小相等，但方向不同，A错误；B．乙图中a、b两点对称，所以场强大小相等，方向均垂直中垂线向左，B正确；C．丙图中a、b两点对称，场强大小相等，但方向相反，C错误；D．丁图的两平行板间为匀强电场，场强处处相同，D正确。故选BD。的17.静

电场在x轴上的场强E随x的变化关系如图所示，x轴正向为场强正方向，带正电的点电荷沿x轴运动，则点电荷（）A.在2x和4x处受电场力相等B.由2x运动到4x的过程中的电势能保持不变C.由1x运动到4x的过程中电场力先减小后增大D.由1x运动到4x的过程中电场力先

增大后减小【答案】AD【解析】【详解】A．由图可知在2x和4x处电场强度相同，故根据FqE=可知点电荷在2x和4x处受的电场力相等，故A正确；B．由图可知2x至4x电场强度为负方向，故正电荷由2x运动到4x的过程中电场力做负功，电势能增加，故B错误；CD．

由图可知从1x至4x电场强度先增大后减小，所以点电荷受电场力先增大后减小，故C错误，D正确。故选AD。18.如图所示，平行板电容器两个极板为A、B，B板接地，A板带电荷量Q+，板间电场内有一固定点P，以下说法正确的是（）的A.

若将B板固定A板下移时，P点的电场强度不变，P点电势不变B.若将B板固定A板下移时，P点的电场强度不变，P点电势升高C.将A板固定B板上移时，P点的电场强度不变，P点电势降低D.如果A、B板距离不变，将A板向左移动，P点的电场强度增大，P点电势升高【答案】ACD【解析】【详解

】AB．根据题意可知，电容器两板所带电量不变，正对面积不变，A板下移时，根据推论4kQES=可知，P点的电场强度E不变，P点与下板的距离不变，根据公式UEd=可得，P点与下板的电势差不变，则P点的电势不变，故B错误，A正确；C．

将A板固定B板上移时，同理可知，P点的电场强度E不变，P点与下板的距离变小，根据公式UEd=可得，P点与下板的电势差变小，而P点的电势高于下板的电势，下板的电势为零，所以P点电势降低，故C正确；D．如果A、B板距离不变，将A板向左移动，则正对面积减小，同理可知

，P点的电场强度增大，根据公式UEd=可得，P点与下板的电势差变大，而P点的电势高于下板的电势，下板的电势为零，则P点电势升高，故D正确；故选ACD。19.如图所示，在地面上方的水平匀强电场中，一个质量为m、电荷量为+q的小球，系在一

根长为L的绝缘细线一端，可以在竖直平面内绕O点做圆周运动，AB为圆周的水平直径，CD为竖直直径，已知重力加速度为g，电场强度mgqE=，不计空气阻力，下列说法正确的是A.若小球在竖直平面内绕O点恰好做完整圆周运动，则它运动过程中的最小速

度minvgL=B.若小球在竖直平面内绕O点做圆周运动，则小球运动到D点时机械能最大C.若将小球在A点由静止开始释放，它将在ACBD圆弧上往复运动D.若剪断细线将小球在A点以大小为gL的速度竖直向上抛出，它将能够到达B点【答案】D【解析】【详解】A.由于电

场强度mgqE=，则有：mgEq=可知等效最高点在AD弧的中点，在等效最高点，则有：222()()mvmgEqL+=运动的最小速度：2vgL=故A错误；B.除重力和弹力外其它力做功等于机械能的增加值，若小球在竖直平面内绕O点做圆周运动，则小球运动到B点时，电场力做功最多，故到B点

时的机械能最大，故B错误；C.小球受合力方向与电场方向夹角45斜向下，故若将小球在A点由静止开始释放，它将沿合力方向做匀加速直线运动，故C错误；D.若剪断细线，将小球在A点以大小为gL的速度竖直向上抛出，小球将不会沿圆

周运动，因此小球在竖直方向做竖直上拋，水平方向做匀加速，当竖直方向的速度为0时，则有：gLgt=当竖直方向的位移为0时，水平方向位移为：21(2)2qExtm=可得：2xL=所以小球刚好运动到B点，故D正确．20.实验室常用

的双量程电流表（0.6A量程和3A量程）的内部构造如图所示。已知表头内阻R=20Ω，满偏电流Ig=200mA，其中A为“－”接线柱，B、C均为“＋”接线柱，下列说法正确的是（）A.当使用A、B两个端点时，电流表的量程为3AB.电阻R1=2Ω，R2

=8ΩC电阻R1=5Ω，R2=20ΩD.电阻R1=6Ω，R2=24Ω【答案】AB【解析】【详解】A．接A、B时，1R起分流作用为一支路，gR与2R串联为一支路，此时的量程为gg21g1()IRRIIR+=+当接A、C时，1R与2R串联起分流作用为一

支路，gR为一支路，此时的量程为gg2g12IRIIRR=++比较可知12II可知当使用A、B两个端点时，电流表的量程为3A，故A错误；BCD．由gg2g120.6AIRIIRR=+=+gg21g1()3AIRRIIR+=+=

代入数据联立解得12ΩR=28ΩR=故B正确，CD错误。故选AB。三、实验题（本大题共2小题，共16.0分）21.如图所示为研究与平行板电容器电容有关因素的实验装置。.（1）同时闭合开关12SS、，调节滑动变阻器滑片，使静电计指针有一定的张角，然后只向右移动A极板，则静电

计指针的张角__________；若保持极板A、B不动而只将滑动变阻器的滑片向D端移动，则静电计指针的张角____________。（均填“变大”“变小”或“不变”）（2）在静电计指针有明显张角的情况下，将开关

2S断开，通过移动极板A或在极板AB间插入电介质，下列说法正确的是___________（填正确答案标号）。A.断开开关2S后，静电计的指针闭合，电容器的电容变为0B.只将电容器A极板向上平移，静电计指针的张角变小C.只在极板AB间插入有机玻璃板，静电计指针的张角变小D.只将电容器A极板向B极板靠

近，静电计指针的张角变小，表明电容增大【答案】①.不变②.变小③.CD【解析】【详解】（1）[1][2]静电计指针张角大小显示电容器两极板间的电势差，电势差越大，静电计指针张角越大。电容器充电后与电路连接，电路结构不变，若只改变极板间距离或正对面积时，电

容器两极板间的电势差不变，故静电计指针张角不变；将滑动变阻器的滑片向D端移动时，电容器两端的电压减小，故静电计的指针张角变小。（2）[3]A．断开开关2S后，电容器与外电路断开，电容器极板上的电量不变，且电容器的电容与电量无

关，电容器的电容由电容器本身的性质决定，而电容器本身的性质未变，故电容器的电容不变，故A错误；B．断开开关2S后，电容器极板上的电量不变，将A极板上移时，正对面积减小，由4SCkd=知电容器的电容减小，由QCU=可知电容器极板间电势差增大，所以静电计指针张角变大，故B错误；

C．而在极板间插入玻璃板时，电容器的电容增大，由QCU=可知电容器极板间电势差减小，所以静电计指针张角变小，故C正确；D．将A极板向右靠近B极板，极板间距离d减小，由4SCkd=知电容器的电容增大，由QCU=可知电容器极板间电势差减小，所以静电计指针张角应减小，故D

正确。故选CD。22.某同学通过实验测定一个阻值约为5Ω电阻Rx的阻值。（1）现有电源（4V，内阻可不计）、滑动变阻器（0~50Ω，额定电流2A）、开关和导线若干，以及下列电表：A.电流表（0~3A，内阻约0.025Ω）B.电流表（0~0.6A，内阻约0.125Ω）C.电压表（0~3V，内

阻约3kΩ）D.电压表（0~15V，内阻约15kΩ）为减小测量误差，在实验中，电流表应选用________，电压表应选用________（选填器材前的字母）；实验电路应采用图中的________（选填“甲”或“乙”）。（2）接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记

录对应的电流表示数I、电压表示数U。某次电表示数如图所示，可得该电阻的测量值Rx=UI=________Ω。（保留两位有效数字）的（3）若在（1）问中选用甲电路，产生误差的主要原因是________。（选填选项前的字母）A.电流表

测量值小于流经Rx的电流值B.电流表测量值大于流经Rx的电流值C.电压表测量值小于Rx两端的电压值D.电压表测量值大于Rx两端的电压值【答案】①.B②.C③.甲④.5.2⑤.B【解析】【分析】【详解】（1）[1]电路的最大电流为max4A0.8A5xE

IR==所以为减小测量误差，在实验中，电流表应选用B。[2]根据电源的电动势为4V，所以为减小测量误差，在实验中，电压表应选用0~3V量程的，不能选用0~15V，因为这个量程太大，测量误差较大，则电压表应选用C。[3]根据“大内小外”规律，实验电路应采用伏安法外接法，则实验电

路应采用图中的甲；（2）[4]电流表的选0~0.6A量程，其最小刻度值为0.02A，则其读数为0.50A。电压表的选0~3V量程，其最小刻度值为0.1V，则其读数为2.60V。则可得该电阻的测量值为Rx=2.60=Ω=5.2Ω0.50UI[5]若在（1）问中选用甲电路，该

实验电路应采用伏安法外接法，其产生误差的主要原因是电压表分流，电流表测量的电流大于流经Rx的电流值。故选B。四、计算题（本大题共3小题，共29.0分）23.如图所示，匀强电场的电场强度42.010N/CE=，沿电场线方向有A、B两点，A、B两点间的距离s=0.10m。将电荷量83.01

0Cq−=+的点电荷从A点移至B点。求：（1）电荷从A点移至B点的过程中，电势能变化了多少。（2）若将A点的电势规定为0，则B点的电势是多少？【答案】（1）减少了56.010J−；（2）32.010V−【解析】【详解】（1）电荷从A点移至B点的过程中电场力所做的功ABWqEs=电势

能的变化量pABEW=−解得p56.01=0JE−−即电势能减少了56.010J−。（2）根据ABABWqU=，0ABABBU=−=−解得32.010VB=−24.如图所示，光滑斜倾角为37，AB两点距离为2m3L=。一质量为2

110kgm−=、带电荷量为6110Cq−=+的小物块置于斜面上，当加上水平向右的匀强电场时，该物体恰能静止在斜面上，sin370.6=，cos370.8=，210m/sg=。求：（1）该电场

的电场强度大小。（2）求BA两点间的电势差BAU。（3）若电场强度变为竖直向上，当小物块由静止沿斜面从A下滑至B点时，求物块在B处速度的大小。【答案】（1）47.510N/CE=；（2）4410V；（3）1.4m/s【解

析】【分析】【详解】（1）如图所示小物块受重力、斜面支持力和电场力三个力作用，受力平衡，x方向则有cossinEqmg=解得47.510N/CE=（2）由公式UEd=，BA两点间的电势差4cos37410VBAUEL==（3）场强变化后物块所受合力为F=

（mg-Eq）sin37°根据牛顿第二定律得：F=ma故代入数据解得：a=1.5m/s2物块在B处速度的大小202BABvax−=解得vB=1.4m/s25.如图所示，一个电子由静止开始经加速电场加速后，又沿偏转电场极

板间的中心轴线从O点垂直射入偏转电场，并从另一侧射出打到荧光屏上的P点，'O点为荧光屏的中心。已知电子质量m、电荷量e、加速电场电压0U、偏转电场电压U、极板的长度1L、板间距离d、极板的末端到荧光屏的距离为2L且122LL=(忽略电子所受重力）。求：（1）电子射入偏转电场

时的初速度0v；（2）电子在偏转电场中的偏转位移y；（3）电子从开始运动到射出偏转电场后动能的增加量及打在荧光屏上的P点到'O点的距离h。【答案】（1）002eUvm=；（2）2104ULydU=；（3）221k0204ULEeUdU=+，2102ULhUd=【解析】【详解

】（1）根据题意，在加速电场中，由动能定理有20012emvU=解得002eUvm=（2）根据题意可知，在偏转电场中，电子做类平抛运动，在水平方向上有10Lvt=在竖直方向上有212yat=根据牛顿第二定律有eUmad=联立以上各式

解得2104ULydU=（3）根据题意，由动能定理可得，电子增加的动能为221k00204ULUEeUeyeUddU=+=+根据题意，画出电子的运动轨迹，如图所示由相似三角形有11222LyLhL=+得电子打在荧光屏上的P点到'O点的距离2102ULhUd=获得更多资源

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