【文档说明】精准解析山东省潍坊市昌乐县第二中学2020届高三上学期期中考试模拟物理试题.doc，共(16)页，603.000 KB，由小赞的店铺上传

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高三物理期中模块检测模拟试题一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分，1-6小题为单选题，7-10小题为多选题）1.下列说法正确的是（）A.密立根通过实验研究，总结出了库仑定律B.法拉第提出了场的概念，并提出通过形象直观的场线来研究这种特殊物质C.牛顿

最先验证了轻重不同的物体在真空中下落快慢相同D.伽利略的理想斜面实验没有以事实为基础，只是理想推理【答案】B【解析】【详解】A．1785年法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律——库仑定律，并测出了静电力常量k的

值，故A错误；B．法拉第首先提出了场的概念，并提出通过形象直观的场线来研究这种特殊物质，故B正确；C．最先验证了轻重不同的物体在真空中下落快慢相同的科学家是伽俐略，不是牛顿，故C错误；D．理想实验是在实验的基础上，进行理想

化推理，虽然是想象中的实验，但是它建立在可靠的实验基础上，故D错误。故选B。2.如图所示，物块A放在直角三角形斜面体B上面，B放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁，初始时A、B静止。现用力F沿斜面向上推A，但A、B仍未动，则施力F后，

下列说法正确的是（）A.A、B之间的摩擦力一定变大B.B与墙之间可能没有摩擦力C.B与墙面间的弹力可能不变D.B与墙面间的弹力变大【答案】D【解析】【详解】A．对A物体，开始受重力、B对A的支持力和静摩擦力平衡，当

施加F后，仍然处于静止，开始A所受的静摩擦力大小为Asinmg，若A2sinFmg=，则A、B之间的静摩擦力大小还是等于Asinmg，所以A、B之间的摩擦力可能不变，故A错误；B．对整体分析，因为AB不动，弹簧的形变量不变，则弹簧的弹力不变，开始弹簧的弹

力等于A、B的总重力，施加F后，弹簧的弹力不变，总重力不变，根据平衡知，则B与墙之间一定有摩擦力，摩擦力大小等于力F在竖直方向的分力，方向竖直向下，故B错误；CD．以整体为研究对象，开始时B与墙面的弹力为零，施加力F后，B与墙面的弹力变为Fcosα，弹力增大，

故C错误，D正确。故选D。3.如图三条光滑斜轨道1、2、3，他们的倾斜角一次是60度、45度、30度；这些轨道交于O点，现有位于同一竖直线的三个小物体甲乙丙分别沿这三条轨道同时从静止自由下滑，物体滑到

O点的先后顺序是（）A.甲最先，乙稍后，丙最后B.乙最先，然后甲丙同时到达C.甲乙丙同时到达D.乙最先，甲稍后，丙最后【答案】B【解析】【详解】设斜轨道底边的长度为L，斜面的倾角为，则斜轨道的长度为cosθLx=根据牛顿第二定律得，物体下滑的加速度为sinθsinθmgagm==则有212xa

t=代入数据得21sinθcosθ2Lgt=得到24sinθcosθsin2θLLtgg==根据数学知识得知sin(260)sin(230)sin(245)1==则甲和丙运动的时间相等，同时达到斜轨道的底端O点；乙运动时间最短，乙最先到达O点，故B正确

，A、C、D错误；故选B。4.在光滑水平地面上匀速运动的装有砂子的小车，小车和砂子总质量为M，速度为v0，在行驶途中有质量为m的砂子从车上漏掉，砂子漏掉后小车的速度应为：（）A.v0B.0MvMm−C.mMm

v−0D.()0MmvM−【答案】A【解析】设漏掉质量为m的沙子后，砂子从车上漏掉的瞬间由于惯性速度仍然为0v，汽车速度为v，根据水平方向动量守恒可得：00MvmvMmv=+−（）解得：0vv=，故BCD错误，A正确．点睛：本

题考查了动量守恒定律的应用，应用时注意：正确选取研究对象，明确公式中各物理量含义．5.质量为m=2kg的物体沿水平面向右做直线运动，t=0时刻受到一个水平向左的恒力F，如图甲所示，此后物体的v−t图像

如图乙所示，取水平向右为正方向，g=10m/s2，则（）A.物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.5B.10s末恒力F的功率为6WC.10s末物体恰好回到计时起点位置D.10s内物体克服摩擦力做功34J【答案】D【解析】【详解】A．

设物体向右做匀减速直线运动的加速度大小为a1，则由v−t图得，加速度大小22108m/s2m/s40a−==−方向与初速度方向相反，设物体向左做匀加速直线运动的加速度大小为a2，则由v−t图得，加速度大小22260m/s1m/s104a−−==−方向与初

速度方向相反，根据牛顿第二定律，有1Fmgma+=，2Fmgma−=联立上述各式得3NF=，0.05=故A错误；B．10s末恒力F的瞬时功率36W18WPFv===故B错误；C．根据v−t图与横轴所围的面积表示位移得m1148m66m222x=−=−负号表示物体在起点以左，故

C错误；D．10s内克服摩擦力做功f110.05204866J34J22Wfsmgs===+=故D正确。故选D。【点睛】本题关键先根据运动情况求解加速度，确定受力情况后求解出动摩擦因数，根据v−t图与横轴所围的面积表示位移求解

位移。6.已知某星球的自转周期为T，物体在该星球赤道上随该星球自转的向心加速度为a，该星球赤道处的重力加速度为g。要使该星球赤道上的物体“飘”起来，该星球的自转周期应变为（）A.223NGtB.aT

ga−C.aTga+D.aTg【答案】C【解析】【分析】当物体“飘”起来时，不受地面的支持力，由重力提供向心力，向心加速度增大了g，根据向心加速度公式224raT=即可求解。【详解】设该星球的半径为r，物体在赤

道上随星球自转时，有224raT=物体随星球自转时，赤道上物体受万有引力和支持力，支持力等于重力，即Fmgma−=物体“飘”起来时只受万有引力，故有Fma=解得aga=+即当物体“飘”起来时，物体的加速度为

ga+，则有224rgaT+=计算得出aTTga=+故选C。7.图中虚线a、b、c代表电场中的三条等势线，相邻两等势线之间的电势差相等，实线为一带正电的微粒仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的

两点，P、Q相比（）A.P点的电势较高B.带电微粒通过P点时的加速度较大C.带电微粒通过P点时动能较大D.带电微粒在P点时的电势能较大【答案】ABD【解析】【详解】A．若带电微粒从P点进入电场，由图可以知道带

电微粒所受电场力由b等势面指向c等势面，因为微粒带正电，故a等势面的电势最高，故P点的电势高于Q点的电势，故A正确；B．因为电场线越密等势线越密，由图可以知道P点的场强大于Q点的场强，故带电微粒在P处所受的电场力大于在Q点所受的电场力，所以带电微粒通过P点时的加速度大，故B正确；C．因为带电微粒在

从P向Q运动的过程中电场力正功，故微粒在P点时的动能小于在Q点的动能，故C错误；D．因为带电微粒在从P向Q运动的过程中电场力做正功，则带电微粒的电势能减小，故带电微粒在P点时的电势能较大，反之，从Q向P运动，电场力做负功，电势能增大，带电微粒在P点时的电势能较大，故D

正确。故选ABD。8.质量为m的子弹，以水平速度v0射入静止在光滑水平面上质量为M的木块，并留在其中。在子弹进入木块的过程中，下列说法正确的是（）A子弹动能减少量等于木块动能增加量B.子弹动量减少量等于木块

动量增加量C.子弹动能减少量等于子弹和木块内能增加量D.子弹对木块的冲量大小等于木块对子弹的冲量大小【答案】BD【解析】【详解】AC．子弹克服阻力做的功一部分是转化为内能，一部分给了木块，故机械能不守恒，

子弹动能减少量等于子弹和木块内能增加量以及木块增加的动能之和，故AC错误；B．水平面光滑，则系统在水平方向的动量守恒，由动量守恒定律可知，子弹动量减少量等于木块动量增加量，故B正确；D．由于系统在水平方向的动量守恒，所以子弹

对木块的冲量大小等于木块对子弹的冲量，故D正确。故选BD。【点睛】子弹和木块所受水平作用力大小相等，但二者的位移大小不同，根据动能定理，子弹克服阻力做功等于系统产生的内能和木块的动能，系统机械能不守恒。9.半径为R的圆桶固定在小车上，有一光滑小

球静止在圆桶的最低点，如图所示，小车以速度v向右匀速运动，当小车遇到障碍物突然停止时，小球在圆桶中上升的高度可能是（）A.等于22vgB.大于22vgC.小于22vgD.等于2R【答案】ACD【解析】【详解】原来小球和车有共同的速度，当小车遇到障碍物突然停止

后，小球由于惯性会继续运动，小球冲上圆弧槽，则有两种可能，一是速度较小，滑到某处小球速度为0，根据机械能守恒有：12mv2=mgh解得22vhg=可能速度v较大，小球滑到与圆心等高的平面上方，未到达圆轨

道最高点时离开轨道，则h＜2R．根据机械能守恒有22'1122mvmghmv=+v′＞0，则22vhg也可以速度v足够大，小球能做完整的圆周运动，h=2R，故ACD可能，B不可能；故选ACD。10.如图所示，在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有一带电金属块

沿斜面滑下。已知在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8J，重力做功24J，则以下判断正确的是（）A.金属块带正电荷B.金属块克服电场力做功8JC.金属块的机械能减少12JD.金属块的电势能减少4J【答案】AC【解析】【详解】A．在金

属块滑下的过程中，由动能定理可得kWWWE++=阻重电代入数据k12J24J(8)J4JWEWW=−−=−−−=−阻重电由于金属块下滑，而电场力做负功，可判断电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷，故A正确；

B．从上面的分析，可知电场力做功-4J，即金属块克服电场力做了4J的功，故B错误；C．在金属块滑下的过程中，重力做功24J，则重力势能减少24J，而已知动能增加了12J，所以总的机械能减少了12J，故C正确；D．从上面的分析，可知电场力做功-4J，则金属块的电势能增加4J，故D错误。故选

AC。二、实验题（本题共两个小题，共14分）11.为了测量两张纸之间的动摩擦因数，某同学设计了一个实验：如图甲所示，在木块A和木板B上贴上待测的纸，将木板B固定在水平桌面上，沙桶通过细线与木块A相连。（1）调节沙桶中沙的多少，使木块A匀速向左运动．测出沙桶和沙的总质量为m，以及贴纸木块A

的质量M，则两纸间的动摩擦因数μ=_____________；（2）在实际操作中，发现要保证木块A做匀速运动比较困难，有同学对该实验进行了改进：实验装置如图乙所示，木块A的右端接在力传感器上（传感器与计算机相连接，从计算机上可读出对木块的拉力），使木板B向左运动时，木块A能够保持静止．若木板B向

左匀速拉动时，传感器的读数为F1，则两纸间的动摩擦因数μ=_________；当木板B向左加速运动时，传感器的读数为F2_______F1（填“＞”、“=”或“＜”）。【答案】(1).mM(2).1FMg(3).=【解析】【详解】（1）[1]物体A在沙桶的拉力作用下匀速下滑

，则说明A受到拉力F与滑动摩擦力相等即mgMg=化简则mM=（2）[2][3]控制A匀速下滑比较难判断，所以通过乙图，不管将B怎样抽出，A受到滑动摩擦力，且保持静止，即受力平衡，所以1FMg=因此1FMg=

不管B如何运动，A均保持静止，因此12FF=12.在“探究加速度与力、质量的关系的实验”时，采用了如图甲所示的实验方案．操作如下：（1）平衡摩擦力时，若所有的操作均正确，打出的纸带如图乙所示，应________（填“减小”或“增大”）木板的倾角，反复调节，直到纸带上打出的点迹________为止．

（2）已知小车质量为M，盘和砝码的总质量为m，要使细线的拉力近似等于盘和砝码和总重力，应该满足的条件是m________M（填“远小于”、“远大于”或“等于”）。（3）图丙为小车质量一定时，根据实验数据描绘的小车加速度a与盘和砝码的总质量m之间的实验关系图象。若牛顿

第二定律成立，则小车的质量M＝________kg。【答案】（1）增大间距相等（2）远小于（3）0.08【解析】【详解】（1）[1][2]平衡摩擦力时，应不挂砝码，打出的纸带如图乙所示说明小车减速运动，故应增大倾角，直到纸带上打出的点迹间隔相等（均匀）为止;（2）[3]设小车的质量为M，

砝码盘和砝码的质量为m，设绳子上拉力为F，以整体为研究对象有mgmMa=+（）解得mgaMm=+以M为研究对象有绳子的拉力1mgFMamM==+显然要有Fmg=必有mMM+=故有Mm即小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力

；（3）[4]根据()mgMma＝＋变式为111Magmg=+由题意知Mkg＝，1bg＝所以kMb＝由图象可知0.90.10.0081000k−=−＝，0.1b＝所以0.08kgM＝【点睛】探究加速度与力、质量的关系实验时，要平衡小车受到的摩擦力，不平衡摩擦力、或

平衡摩擦力不够、或过平衡摩擦力，小车受到的合力不等于钩码的重力。要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用。三、计算题（本题包括4小题，共46分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案

中必须明确写出数值和单位。）13.某人驾驶汽车在平直公路上以72km/h的速度匀速行驶，某时刻看到前方路上有障碍物，立即进行刹车，从看到障碍物到刹车做匀减速运动停下，位移随速度变化的关系如图所示，图象由一段平行于x轴的直线与一段曲线组成．求：(1)该人刹车的反应时间；(2)刹车的加速度

大小及刹车的时间．【答案】（1）0.6s（2）28/ms，2.5s【解析】【详解】（1）汽车在反应时间内做匀速直线运动，由图可知，反应时间内的位移112xm=，速度72/20/vkmhms==反应时间

1112s0.6s20xtv===（2）开始刹车时，速度v=72km/h=20m/s，刹车过程的位移x2=（37-12）m=25m，由求得2228m/s2vax==刹车的时间220s2.5s8vta===【点睛】能

读懂位移速度图象，由图象能知道汽车刹车时匀速运动的位移和减速运动的位移是正确解题的关键．14.如图所示，质量为m=0.1kg的小物块（可视为质点），用一根长为L=1m不可伸长的轻质细线悬挂在距水平桌面1m高的O点，OB为竖直线，在桌面上方B点固定一个小

的薄刀片，可切割物块上端的细线。现让物块从右边偏离竖直方向α=60°角的A点由静止释放，细线摆到竖直位置时恰好被瞬间切断，物块在动摩擦因数为μ=0.2的水平桌面上由B点滑至D点停止。BD距离为x=2m（忽略空气

阻力，g=10m/s2），求：(1)细线摆到竖直位置被切断前（细线被切断前物块与桌面无相互作用），物块对细线的拉力T；(2)因刀片切断细线，物块损失的机械能E。【答案】(1)2N；(2)0.1J【解析】【详解】(1)从A到B机械能守恒21(1cos)2mgLmv−=对B点由牛顿第二定律

2vTmgmL−=解得2NT=(2)设细线被切断后物块的初速度为vB，由动能守恒定理得2102Bmgxmv−=−机械能损失为21(1cos)(1cos)mg0.1J2BEmgLmvmgLx=−−=−−=15

.如图所示，质量为M=2kg的小车静止在光滑的水平地面上，其AB部分为半径R=0.5m的光滑四分之一圆孤，BC部分水平粗糙，BC长为L=1m。一可看做质点的小物块从A点由静止释放，恰好能不从小车上掉下去。已知小物块质量m

=1kg，g取10m/s2。求：(1)小物块与小车BC部分间的动摩擦因数；(2)小物块从A滑到C的过程中，小车获得的最大速度。【答案】(1)0.5s；(2)15m/s3，方向水平向左【解析】【详解】(1)小物

块滑至C点，物块与小车的速度相同，设共同速度为v，取向右为正方向，根据动量守恒定律，得0=(M+m）v解得v=0根据功能关系，有mgR=μmgL解得0.5RL==(2)小物块滑至B时，车速最大。由水平方向动量守恒得mv1−Mv2=0由动能关系22121122mgRmvMv=+解得小

车获得的最大速度为215m/s3v=速度方向水平向左。16.如图所示，平行金属板M、N水平放置，板右侧有一竖直荧光屏，板长、板间距及竖直屏到板右端的距离均为l，M板左下方紧贴M板有一粒子源，以初速度v0水平向右持续发射质量为m，电荷量

为+q的粒子．已知板间电压UMN随时间变化的关系如图所示，其中2008mvUq=．忽略离子间相互作用和它们的重力，忽略两板间电场对板右侧的影响，荧光屏足够大．（1）计算说明，t=0时刻射入板间的粒子打在屏上或N板上的位

置；（2）求荧光屏上发光的长度．【答案】（1）粒子打在下极板上距左端2l处；（2）5l【解析】【详解】（1）t=0时刻射入的粒子在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，运动到下极板的时间t，2012qUltml=解得：02ltv=粒子在水平方向的位移：02lxvtl==＜粒子打

在下极板上距左端2l处；（2）02ltv=时射入极板的粒子打在荧光屏的最下方，粒子在极板间的运动时间：100022llltvvv=−=粒子离开极板时的竖直分速度：01104yqUvattvml===粒子离开极板到打在荧光屏上的时间：20ltv=粒子在竖直方向的

偏移量：25yylvtl=+=在0ltv=时刻进入极板的粒子在极板间做匀速直线运动，离开极板后沿水平方向做匀速直线运动，粒子垂直打在荧光屏上，这是粒子打在荧光屏的最上端位置，则荧光屏的发光长度：5dyl==【点睛】本题考查了粒子在电场中的运动，分析清楚粒子运动过

程是解题的关键，分析清楚不同时刻进入极板的粒子运动过程，然后应用匀速运动规律与匀变速直线运动规律及牛顿第二定律可以解题．