【文档说明】福建省漳州市2021届高三毕业班适应性测试（一）物理试题.doc，共(15)页，1003.500 KB，由小赞的店铺上传

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漳州市2021届高三毕业班适应性测试（一）物理试题（考试时间：75分钟，满分：100分）本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。第Ⅰ卷为选择题，第Ⅱ卷为非选择题第Ⅰ卷（选择题34分）一、选择题：本题共10小题，共34分。在每小题给出的四个选项

中，第1～6题只有一项符合题目要求，每题3分；第7～10题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1．为了验证平抛运动的小球在竖直方向上做自由落体运动，用如图所示的装置进行试验，小锤

打击弹性金属片，A球水平抛出，同时B球被松开，自由下落，关于该实验，下列说法中正确的是A．两球的质量应相等B．应听到两次撞地声音C．应改变装置的高度，多次实验D．该实验同时能说明A球在水平方向上做匀速直线运动2．如图是某原子的

部分能级示意图，a、b、c为原子发生的三种跃迁，发出三种不同波长的光a、b、c，E1、E2、E3分别表示三个对应能级，且21nEEn=，E1<0，则A．a＞b＞cB．cba+=C．E1＜E2＜E3D．123EEE+=3．在均匀介质中x=12m处有一波

源做简谐运动，其表达式为5sin()2yt=，它在介质中形成的简谐横波沿x轴负方向传播，某时刻波刚好传播到x=4m处，波形图像如图所示，则A．该波波速为1m/sB．此后M点经2s第一次到达y=-3m处C．波源开始振动时的运动方向沿y轴负方向D．

M点在此后第3s末的振动方向沿y轴负方向ABn321EE3E2E1abc8/mxm/yO124M55-33-4．如图，光滑球体夹在竖直墙和斜面体之间保持静止，斜面体质量为m，倾角为37°，球体的质量为3m，已知sin37°=0.6，co

s37°=0.8，则A．球对斜面的压力为3mgB．墙对球的支持力为0.75mgC．地面对斜面的支持力为3.75mgD．地面对斜面的摩擦力为2.25mg5．2020年3月9日，中国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发

射北斗系统第54颗导航卫星。北斗导航卫星系统共有三种卫星：地球同步卫星、中圆轨道卫星（轨道形状为圆形，轨道半径在1000公里和3万公里之间）、倾斜地球同步轨道卫星（周期为24h）。则A．中圆轨道卫星的运行周期为24

hB．中圆轨道卫星的运行线速度大于7.9km/sC．倾斜地球同步轨道卫星一定比中圆轨道卫星的角速度大D．倾斜地球同步轨道卫星与地球同步卫星运行的线速度等大6．如图，教学用的可拆变压器有两个线圈A、B，线圈匝数已经无法分辨，某同学

为测定A、B两个线圈的匝数进行了如下操作。他先把漆包线比较细的线圈A接到162sin100(V)ut=的低压交流电源上，用交流电压表测得线圈B的输出电压为8V；然后拆下线圈B，在线圈B原来匝数的基础上，用漆包线加绕10匝，然后重复上一步操作，发现电压表的示数为8

.8V，若可拆变压器可看成理想变压器，则A、B两个线圈原来的匝数分别为A．200，100B．160，80C．108，54D．128，647．如图甲，将质量为m的小球以速度0v竖直向上抛出，小球上升的最大高度为h。若将质

量分别为2m、4m的小球，分别以同样大小的速度0v从半径均为2hR=的竖直圆形光滑轨道的最低点水平向右射入轨道，轨道形状如图乙、丙所示。小球视为质点，不计空气阻力，则A．只有质量为4m的小球能到达最大高度hB．质量

为2m、4m的小球均能到达最大高度hBA乙甲hRROO丙v0v0v0C．质量为2m的小球到达与圆心等高处时，处于超重状态D．质量为4m的小球到达与圆心等高处时，对轨道的压力大小为8mg8．在x轴上x=0和x=1m处，固定两点电荷q1和q2，两电荷之间各点对应的电势高低如图中曲线所示，在

x=0.6m处电势最低，则A．两个电荷为异种电荷B．x=0.5m处的位置电场强度为0C．两个电荷的电荷量大小关系为q1：q2=9：4D．在q1与q2所在的连线上电场强度为0的点只有1个9．如图，虚线边

界MN右侧充满垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，纸面内有一个边长为L，粗细均匀的正方形导线框abcd，cd边与MN平行。导线框在外力作用下，先后以v和2v的速度垂直MN两次匀速进入磁场。运动过程中线框平面始

终与磁场垂直，则A．进入磁场过程中，导线框中感应电流方向为逆时针方向B．导线框以速度v进入磁场时，ab两点间电势差BLvUab41=C．导线框两次进入磁场过程中产生的热量之比2∶1D．导线框两次进入磁场过程中通过导线框某横截面的电量之比1

∶110．质量m=10kg的煤块在大小恒定的水平外力作用下，冲上一足够长的水平传送带，传送带从右向左以恒定速度m/s20=v运动。从煤块冲上传送带开始计时，煤块的v-t图像如图所示，选向右为正方向。已知0～1s内水平外

力与煤块运动方向相反，1～2s内水平外力仍然与煤块运动方向相反，g取10m/s2，则A．煤块与传送带间的动摩擦因数为0.3B．煤块与传送带间的动摩擦因数为0.5C．0~2s内煤块在传送带上留下的黑色痕迹为4mD．0~2s内煤块在传送带上留下的黑色痕迹为6mabdcMN

B第Ⅱ卷（非选择题66分）二、实验题：本题共2小题，第11题6分，第12题10分，共16分。11．（6分）橡皮筋也像弹簧一样，在弹性限度内，伸长量x与弹力F成正比，即F=kx，k的值与橡皮筋未受到拉力时的长度L、横截面

积S有关，理论与实践都表明SkYL=，其中Y是一个由材料决定的常数，材料力学中称之为杨氏模量。（1）有一段横截面是圆形的橡皮筋，应用如图所示的实验装置可以测量出它的杨氏模量Y的值。首先利用测量工具a测得橡

皮筋的长度L=10.00cm，利用测量工具b测得橡皮筋未受到拉力时的直径D=2.000mm，那么测量工具b应该是___________（填“游标卡尺”或“螺旋测微器”）；（2）某同学根据橡皮筋受到的拉力F与伸长量x的实验记录

，作出F-x图像（如图乙所示），由图像可求得该橡皮筋的劲度系数k=________N/m（结果保留2位有效数字）。（3）这种橡皮筋的Y值等于____________Pa（结果保留2位有效数字）。12．（10分）用伏安法测

电阻的实验中。（1）如图甲，Rx为待测电阻，请用笔画线代替导线，按甲图将图乙实物连接图补充完整。（2）现有两个滑动变阻器供选择，分别将两滑动变阻器按图甲接入电路，用L表示滑动变阻器电阻总长度，用x表示滑动变阻器与电压表并联部分的电阻长度，滑片在不同位置x与L的比值xL及相应电压

表测量值U，画出U随xL变化的图像如图丙所示，为了方便调节，根据图像你会选择___________（m或n）更合理；（3）为测量Rx，利用图甲所示的电路，调节滑动变阻器分别测得5组电压U和电流I的值，作出的U-I关系图像如图丁

p所示。再将电压表改接在图甲a、b两端，作出的U-I关系图像如图丁q所示，可求得电阻丝的R=___________Ω。（4）电压表内阻（填“会”或“不会”）影响电阻Rx测量的系统误差。三、计算题：本题共3小题，第13题14分，第14题16分，第15题20分，共50分。把解答写在指定的答题处，要

求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（14分）如图是某同学用手持式打气筒对一只篮球打气的情景。已知篮球内部容积为7.5L，环境温度为27℃，大气压强为1.0atm，打气前球内气压等于外界大气压强，手持式打气筒

每打一次气能将0.5L、1.0atm的空气打入球内，当球内气压达到1.6atm时停止打气（1atm=1.0×105Pa），假设整个过程中篮球没有变形。（1）当篮球内温度变为多少摄氏度时篮球内气压达到1.2atm；（2）要使篮球内气压

达到1.6atm，求需打气的次数N（设打气过程中气体温度不变）。14．（16分）“质子疗法”可进行某些肿瘤治疗，质子先被匀强电场E=1.3×105N/C加速l=4m后，经圆形磁场引向轰击肿瘤，杀死其中的恶性细胞。已知质子质量为m=1.67×10-27kg

，电量为e=1.60×10-19C。（1）求质子经电场加速后的速度大小v；（2）若质子正对直径21.010md−=的圆形磁场圆心射入，偏转角为60°，求该磁场的磁感应强度大小B1；（3）若质子经磁场后偏转角为90°，且圆形磁场磁感应强度B2=10.44T，求该圆形磁场的最小直径为多

大。15．（20分）有一种打积木的游戏，装置如图所示，三块完全相同的钢性积木B、C、D叠放在靶位上，宽度均为d，积木C、D夹在固定的两光滑薄板间，一球A（视为质点）用长为L，且不可伸长的轻绳悬挂于O点。游戏时，

钢球拉至与O等高的P点（保持绳绷直）由静止释放，钢球运动到最低点时与积木B发生的碰撞为弹性碰撞且瞬间完成，积木B滑行一段距离（大于2d）后停下。已知钢球和每块积木的质量均为m，各水平接触面间的动摩擦因数均为，重力加速度大小为g，空气阻力不计，求：（1）

钢球下落到最低点且与B碰撞前的速度大小v0；（2）积木B向前滑动的距离s；（3）将钢球再次拉起至P点无初速释放，积木C沿B的轨迹前进。求C被A球撞后经多长时间与B球相遇。漳州市2021届高三毕业班适应性测试（一）物理试题参考答案

（详解）（考试时间：75分钟，满分：100分）本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。第Ⅰ卷为选择题，第Ⅱ卷为非选择题第Ⅰ卷（选择题34分）一、选择题：本题共10小题，共34分。在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，每题3分；第7～10题有多项符合题目要求，全部选对的得

4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1．【答案】C【解析】本题考察平抛运动的竖直分运动的研究方法。平抛运动的竖直分运动是自由落体运动，与小球质量是否相等无关，A错；平抛运动的竖直分运动是自由落体与

其合运动具有等时性，所以应听到一次撞地声，B错；为了证明此结论的普遍适用，应改变高度重复实验，C正确；此实验说明不了平抛运动的水平分运动是匀速直线运动。2．【答案】C【解析】本题考察氢原子的能级跃迁。电子跃迁时发出的光

子的能量为E=Em-En，能量差E3-E2等于光子b的能量，能量差E2-E1等于光子c的能量，能量差E3-E1等于光子a的能量，由玻尔理论可知E3-E2＜E2-E1，结合题图可知光子的能量关系为Ea=Ec+Eb，同时，Ea＞Ec＞

Eb，又hcE=，联立可得：111,acbabc=+，故AB错误；由玻尔理论氢知原子的各能级都是负值，可知E3＞E2＞E1，而且E1+E2≠E3，故C正确，D错误。3．【答案】B【解析】本题考察机械振动和机械波。根据振动图像的表达式5s

in()2yt=可知，周期s42/2==T，波速为2m/s，因此A错；由对称性可知M点第一次到达y=-3m处为半个周期所需时间是2s，因此B正确；由波的传播方向和波形图可知波源的起振方向沿y轴正方向，因此C错；根据周期和图示时刻的波形图可知M点第3s末的振动方向沿y

轴正方向，因此D错。4．【答案】D【解析】本题考察整体法与隔离法，力的平衡等。对球体受力分析如图所示，则F2=37cos3mg=3.75mg，所以A错；F1=mgtan37°=2.25mg，所以B错；对整体受力分析如图所示，地面对斜面体支持力为N=（3m+m）g=4mg，所

以C错；地面对斜面体支持力为f=F1=2.25mg，D正确。5．【答案】D【解析】本题考察天体运动，万有引力定律。根据万有引力提供向心力可得，222224TmrmrrvmrMmG===可得，r大，T大，所以中圆轨道卫星的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，因此其运行周期小于24h，因此A错；中圆

轨道卫星的线速度小于等于第一宇宙速度，因此B错误；倾斜地球同步轨道卫星比中圆轨道卫星的r大，所以ω小，因此C错；倾斜地球同步轨道卫星与地球同步卫星运行r一样，所以线速度大小一样，因此D正确。6．【答案】A【解析】设A、B两个线圈原来的匝数分别为1n、2n

，线圈A的输入电压有效值V161=U，线圈B的输出电压V82=U，根据变压器电压比1122UnUn=，可得1221=nn，在线圈B加绕10匝后，线圈B的输出电压升高，说明加绕的线圈与原来线圈B的绕向相同，根据电压比关系应有108.81621+=nn，联立可得2001=n，1002=n，故

A正确，BCD错误。7．【答案】AD【解析】对甲由机械能守恒定律2012mvmgh=，可知，小球在最高点h处的速度不能大于零，否则违反机械能守恒定律；质量为2m的小球到达最高点的速度不等于零，不能到达h高处，质量为4m的小球在最高点的速度等于零，能到达最大高度h，A正确，B错误；质量为2m的

小球到达与圆心等高处时，加速度方向向下，处于失重状态，C错误；由机械能守恒定律和向心力公式20122mvmgR=，22012111444224NmvmgRmvvFmR=+=解得FN=8mg，D正确

。8．【答案】CD【解析】由图可知电势都大于零，且在x=0.6m处电势最低，故一定都是正电荷，A错；因x−图像的切线斜率表示电场强度，故x=0.5m处的位置切线斜率不为零，故电场强度不为零，B错；在x=0.6m处的电场强度为零，则有12220.60.4qqkk=，解得q1：q2=9：

4，C正确；在q1与q2所在的连线上，切线斜率为0的点只有1个，D正确。9．【答案】BD【解析】由楞次定律可知，进入磁场过程中，导线框中感应电流方向为顺时针方向，选项A错误；导线框以速度v进入磁场时，电动势E=BLv，则ab

两点间电势差为BLvUab41=选项B正确；导线框两次进入磁场过程中产生的热量为222223EBLvLBLvQtvRRvR===，则产生的热量之比为1∶2，选项C错误；导线框两次进入磁场过程中，通过导线框某横截面的电量Rq=

，则通过导线框某横截面的电量之比1∶1，选项D正确。10．【答案】AD【解析】由图乙知0～1s内做匀减速直线运动，加速度大小为212msm/s551/vat===，由牛顿第二定律得1Ffma+=，1～2s内物体做匀加速运动，

加速度大小为222111m/sm/svat===，有牛顿第二定律得2fFma−=，根据fmg=，联立并代入数据解得0.3=，故A正确，B错误；画出传送带和煤块的v-t图如图所示，可知，两条图线之间围成的面积等于划痕长

度，大小为6m，故C错误，D正确。第Ⅱ卷（非选择题66分）二、实验题：本题共2小题，第11题6分，第12题10分，共16分。11．【答案】螺旋测微器3.1×1029.9×106pa或1.0×107pa评分标准：每空2分【解析】（1）从读数D=2.000mm中

可得b为螺旋测微器；（2）根据()0Fkll=−可知，图像的斜率大小等于劲度系数大小，由图像求出劲度系数为k=3.1×102N/m；（3）根据SkYL=得：Y=9.9×106pa或Y=1.0×107pa12．【答案】（1）（2）m（3）9.0（8

.5~10.0）（4）不会【解析】（1）滑动变阻器采用分压接法，根据图甲所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示；（2）由图丙所示图像可知，图线n在x较小时随x的变化分压电路两端电压变化很小，当x达到一定值时随x增加U迅速变化，使用该图

线对应的滑动变阻器不方便实验操作；图线m随x的增加U接近均匀变化，使用图线m所对应的滑动变阻器方便实验操作，应选择图线m对应的滑动变阻器。（3）根据图线p，由欧姆定律得033.948.88010xAURRRI−++==＝根据图线q，由欧姆定律得0344010010AURRI−+==

＝电阻丝阻值Rx=8.8Ω（4）由（3）的解析可知本实验不存在系统误差。三、计算题：本题共3小题，第13题14分，第14题16分，第15题20分，共50分。把解答写在指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

13．【解析】（1）设大气压强为0P，篮球内气体初始状态参量分别为1P、1T，温度降低后状态参量分别为2P、2T，由整个过程中篮球没有变形，可视为等容变化，根据气体状态方程得2211TPTP=①其中01PP=、3001=TK、022.1PP=，代入数据得3602=TK②t

2=87℃③（2）设篮球内部容积为V=7.5L，打气筒每打一次气的体积5.0=VL，最后篮球内气压达为P3=1.6atm由玻意耳定律，有VPVNVP30)(=+④解得N=9（次）⑤评分标准：（1）①

式4分，②式2分，③式2分，共8分；（2）④式4分，⑤式2分，共6分。14．【解析】（1）根据动能定理221mveEl=①meElv2=②解得v≈1.0×107m/s③（2）如图，由数学知识rd230tan=④根据洛伦兹力提供向心力rvmqvB21=⑤解得T1.121B⑥（3）根据洛伦兹力提

供向心力rvmvqB=22⑦解得m01.0r⑧如图根据数学知识圆形磁场直径221.410mdr−=⑨评分标准：（1）①式2分，②③式各1分，共4分；（2）④⑤⑥式各2分，共6分。（3）⑦式2分，⑧式1分，⑨式3分，共6分15．【解析】（1）根据动能定理可得20

12mgLmv=①解得gLv20=②（2）设小球与积木B发生弹性碰撞后速度为1v，积木B速度为2v，由动量守恒定律有012mvmvmv=+③由能量守恒定律有222012111222mvmvmv=+④联立解

得10v=，202vvgL==⑤根据动能定理可得，积木B向前滑行的距离s有221(32)()02mgmgdmgsdmv−+−−=−⑥代入解得4Lsd=−⑦（3）又将钢球拉回P点由静止释放，与落下静止的积木C发生弹性碰撞，此时C的速度仍为322vvgL==⑧C滑行s后

与B碰撞，此时C的速度4v满足23242121)2()2(mvmvdsmgdmgmg−=−−+−⑨解得4664gLdvgdds==+⑩当C刚滑离D时的速度为5v，由动能定理及动量定理可得23252121)2(mvmvdmgmg−=+

−○11351)2(mvmvtmgmg−=+−○12当C从滑离D至与B相遇542mvmvmgt−=−○13C被A球撞后经t时间与B球相遇t=t1+t2○14得)636222(31gdgdLgLt−−+=○15评分标准：（1）①式2分，②式1分，共3分；（2）③④式各1分，⑤⑥

⑦式各2分，共8分；（3）⑧⑩○11○12○13○14○15式各1分，⑨式2分，共9分。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com