【文档说明】新疆和田地区于田县2022-2023学年高三上学期期中物理试题 含解析.docx，共(15)页，821.181 KB，由小赞的店铺上传

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2022~2023学年度第一学期和田地区于田县期中教学情况调研高三物理2022.11注意事项：1.本试卷包含选择题和非选择题两部分．考生答题全部答在答题卡上，答在本试卷上无效．本次考试时间为75分钟，满分值为100分．2.答题

前，请务必将自己的姓名、准考证号（考试号）用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔填写在答题卡上，并用2B铅笔将对应的数字标号涂黑．3.答选择题必须用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其它答案．答非选择题必须

用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔写在答题卡上的指定位置，在其它位置答题一律无效．一、单项选择题：本题共7小题，每小题3分，共21分．每小题只有一个．．．．选项符合题意．1.下列研究可以把人看成质点的是（）A.研究足球的旋转B.研究舞蹈演员的舞

蹈动作C.研究电风扇转动的线速度D.研究学生完成“800米”测试所用时间【答案】D【解析】【详解】研究足球旋转时，足球的大小和形状不可以忽略，不可把足球看作质点，故A错误；研究舞蹈演员的舞蹈动作时，演

员的肢体动作不能忽略，故不能看作质点，故B错误；研究电风扇转动的线速度时，其大小和形状不能忽略，故不能看作质点，故C错误；研究学生完成“800米”测试所用的时间时，可以忽略人的体积和大小，可以看作质点，故D正确．故选

D．2.下列现象属于电磁感应现象的是（）A.通电导线周围和永磁体周围都存在磁场B.闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就会产生电流C.一些物体在磁体或电流的作用下会显现磁性D.通电导线在磁场中受到力的作用【答案】B【解析】的的【详解】A．通电导线周围存在磁场，这

是电流的磁效应；永磁体周围都存在磁场，这是磁体本身具有的特征。故A错误；B．闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就会产生电流，这是电磁感应现象。故B正确；C．一些物体在磁体或电流的作用下会显现磁性，这是物体被磁化，不是电磁感应现象。故C错误；D．通电导线在磁场中受到力的

作用不是电磁感应现象。故D错误。故选B。3.要使氘核聚变，必须使氘核之间的距离接近到0r，也就是接近到核力能够发生作用的范围；物质温度很高时，氘原子将变为等离子体，等离子体的分子平均动能为k132EkT=，1k叫玻耳兹曼常数，T为热力学温度，两个氘核之间的电势能2PkeEr=，式中k为静电力常量

，r为电荷之间的距离，则氘核聚变的温度至少为（）A.210kekrB.2102kekrC.2103kekrD.21023kekr【答案】C【解析】【分析】能够使氘核接近到0r，也就是能让氘核从无穷远（普通的气体分子间距极大，基本无库仑作用，可认为是无穷远，此

时电势能为0）移至0r，这一阶段电场力做负功，由动能定理求解．【详解】能够使氘核接近到0r，也就是能让氘核从无穷远（普通气体分子间距极大，基本无库伦作用，可认为是无穷远，此时电势能为0）移至0r，这一阶段电场力做负功，由动能定理kpEWE==电22000pkekeErr=−=而最小最

小当氘核接近r0时动能为0，而这里的两个氘核都有动能因此2020kkpkeEEEr−===210322kekTr=的2103keTkr=故选C。4.某草地浇花草的喷水装置如图所示，水由喷水口向两旁水平喷出，若忽略空气阻力及

水之间的相互作用，则下列说法正确的是（）A.喷水速度一定，水在空中的运动时间就一定B.喷水速度一定，喷水口越高，水喷得越近C.喷水口高度一定，喷水速度越大，水喷得越远D.喷水口高度一定，喷水速度越大，水在空中运动时间越长【答案】C【解析

】【详解】AD．水从喷水口沿水平喷出后做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，则有212hgt=解得2htg=可知喷水口高度一定，水在空中运动时间一定，与喷水速度无关，故AD错误；B．根据002hxvtvg==可知喷水速度一定，喷水口越高，水喷得越远，故

B错误；C．根据002hxvtvg==可知喷水口高度一定，喷水速度越大，水喷得越远，故C正确。故选C。5.如图，质量分布均匀的光滑球A与粗糙半球B放在倾角为30°的斜面C上，C放在水平地面上，A，B，C均处于静止状态。已知A与B的半径相等，A的质量为

3m，B的质量为m，重为加速度大小为g。则（）A.C对A的支持为大小为3mgB.C对B的摩擦力大小为12mgC.B对A的支持为大小为233mgD.地面对C的摩擦力大小为36mg【答案】A【解析】【详解】AC．对球A进行受力分析，如图所示由几何知识可知，B对A的支持力N1、C对A的支持力N2

与竖直方向的夹角都等于30°，根据平衡条件得12sin30sin30NN=123cos30cos30mgNN=+解得123NNmg==故C错误，A正确；B．把AB看出一个整体进行受力分析，整体重力沿斜面向下的分量与C对B的

摩擦力f1平衡，有14sin302fmgmg==故B错误；D．把ABC看出一个整体进行受力分析，根据平衡条件，在水平方向整体没有运动趋势，地面对C的摩擦力不存在，故D错误。故选A。6.一空间探测器从某一星球表面垂直升空，探测器升空过程中发动机突然关闭，其运动的v﹣t图象如图所示，

则下列说法正确的是（）A.0～9s内探测器向下运动B.9～25s内探测器的加速度与25～45s内的加速度不同C.探测器在25s末回到星球表面D.探测器上升的最大高度为800m【答案】D【解析】【详解】A．0∼9s内探测器的速度均匀增大，做匀加速直线向上运动，故A错误．B．根据速度图

象的斜率表示加速度，直线的斜率一定，可知，9∼25s内探测器的加速度与25∼45s内的加速度相同，故B错误．C．0∼25s内探测器的速度一直为正，说明0∼25s内探测器一直向上运动，在25s末到达最大高度，没有回到星球表面．故C错误．D．探测器上升的最大高度等于0∼25s内探测器的位移

大小,为6425m=800m2h=故D正确．7.一小滑块从O点由静止开始沿斜面向下做匀加速直线运动，途经A、B、C三点，已知A、B两点间的距离与B、C两点间的距离相等，滑块通过AB段、BC段所用的时间分别为12tt、，则滑块从O点运动

到A点所用的时间为A.()2212122tttt+−B.()22121122ttttt+−−C.()1212tt+D.()2112tt−【答案】B【解析】【详解】设AB=BC=L，则AB和BC中间时刻的速度分别

为11ABLvvt==22BCLvvt==．物体的加速度2121121212122()()2LLvvttLttattttttt−−−===++则从O到AB中点的时间'121212()2()vttttatt+==−

则从O到A的时间()2212'1212111212()22()22OAtttttttttttttt+=−=−=−+−−A.()2212122tttt+−，与结论不相符，选项A错误；B.()22121122ttttt+−−，与结论相符，选项B正确；C

.()1212tt+，与结论不相符，选项C错误；D.()2112tt−，与结论不相符，选项D错误．二、多项选择题：本题共3小题，每小题4分，共12分，每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．8.下列有关生活中的圆周

运动实例分析，其中说法正确的是（）A.如图A所示，汽车通过凹形桥的最低点时，汽车处于超重状态B.如图B所示，在铁路的转弯处，通常要求外轨比内轨高C.如图C所示，轻质细杆长为l，一端固定一个小球，绕另一端O点在竖直面内做圆周运动，在最高点小球最小速度为glD.如图D所示，脱水桶的脱水原

理是水滴受到的离心力大于它受到的向心力，从而沿切线方向甩出【答案】AB【解析】【详解】A．如图A所示，汽车通过凹形桥的最低点时，具有向上的加速度，则处于超重状态，故A正确；B．如图B所示，在铁路的转弯处，通常要求外轨比内轨高，利用重力和支持力的合力提供火车转弯所需的向心力，故B正确；

C．如图C所示，在最高点，当杆对小球的支持力等于小球重力时，小球所受合力为零，此时小球的速度最小为零，故C错误；D．如图D所示，水滴和衣服间的摩擦力不足以提供水滴做圆周运动的向心力，水滴做离心运动，故D错误。故选AB。

9.如图电路中，电源电动势、内电阻、R1、R2为定值。闭合S后，将R的滑键向右移动，电压表的示数变化量的绝对值为△U，电阻R2的电压变化量的绝对值为U，电源电流变化量的绝对值为△I，下列说法正确的是（）的A.通过R1的电

流增大，增大量等于1URB.通过R2的电流增大，增大量I小于2URC.U与△I的比值保持不变D.△U与△I的比值保持不变【答案】BCD【解析】【详解】A．将R的滑键向右移动，R减小，电路中的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律EIR=总可知干路电流增大，通过2R电流增大，则

2R分压增大，根据EUIr=+可知路端电压减小，所以R与1R构成的并联电路部分分压减小，所以通过1R的电流减小，根据欧姆定律UIR=可知减小量等于1UR，A错误；B．根据闭合电路欧姆定律可知EUUIr=++滑键向右移动后，结合数学知识可知0UUIr=

−−可知UU结合欧姆定律可知22UUIRR=B正确；C．根据B选项分析可知2URI=C正确；D．对0UUIr=−−变形得0UUrII=−−则2URrI=+D正确。故选BCD。10.一探测器探测某星球表面时做了两次测量．探测器先在

近星轨道上做圆周运动测出运行周期T；着陆后，探测器将一小球以不同的速度竖直向上抛出，测出了小球上升的最大高度h与抛出速度v的二次方的关系，如图所示，图中a、b已知，引力常量为G，忽略空气阻力的影响，根

据以上信息可求得()A.该星球表面的重力加速度为2b/aB.该星球的半径为228bTaC.该星球的密度为23GTD.该星球的第一宇宙速度为4aTb【答案】BC【解析】【详解】设该星球表面的重力加速度为g，由匀变速直线运动规律得22vhg=，由图得12agb=，解得2bga=，选项A错误；探

测器做匀速圆周运动的向心力由万有引力提供，设该星球的半径为R，探测器的质量为m，由星球表面重力近似等于万有引力得224RmgmT=，解得228bTRa=，选项B正确；设该星球的密度为ρ，由万有引力定律得3222443RmRGmRT=，解得23GT=，选项C正确；设该星

球的第一宇宙速度为v，由万有引力定律得2vmgmR=，解得4bTva=，选项D错误．故选BC.【点睛】本题考查了万有引力定律的两个重要运用：1、万有引力等于重力，2、万有引力提供向心力，通过运动学公式结合图象求出星球表面的重力加速度是解决本题的关键．三、实验题：20分．11.（1

）在用落体法验证机械能守恒定律的实验中，当所有器材的安装、连接都完成后，应先________，再释放纸带。在打出的若干条纸带中应选点迹清晰，且第一、二两点间距离接近______mm的纸带进行测量；（2）在利用

重锤自由下落做“验证机械能守恒律”的实验中，下列物理量中需要测量的有_______，通过计算得到的有________。A．重锤质量B．重力加速度C．重锤下落高度D．与下落高度对应的重锤的瞬时速度【答案】①.接通电源②.2③.C④.D【解析】【详解】（1）[1]为

了提高纸带的利用率，尽量多的在纸带上打点，要先接通电源后释放纸带；[2]因为初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，在0.02s内的位移为()2223119.8m/s0.02s2.010m2mm22hgt−===所以选用点迹清晰，

第一、二两点间距离接近2mm的纸带进行测量；（2）[3][4]在“验证机械能守恒律”的实验中，直接测量的有：用刻度尺直接测量重锤下落的高度，重锤的质量可以测量也可以不测量。重力加速度与实验无关，通过计算得到的有与重锤下落高度对应的重锤瞬时速度。12.某

实验小组要描绘小灯泡（2.5V，0.5W）的伏安特性曲线，实验室提供以下器材可供选择：A．直流电源3V（内阻不计）B．直流电压表V1（量程为0～3V，内阻约为3kΩ）C．直流电压表V2（量程为0～15V

，内阻约为25kΩ）D．直流电流表A1（量程为0～300mA，内阻约为5Ω）E．直流电流表A2（量程为0～600mA，内阻约为10）F．滑动变阻器R1（最大阻值100Ω，允许通过的最大电流为0.5A）G．滑动变阻器R2（最大阻值10Ω，允许通过的最大电流为2A）实验要求小灯泡两端的电压从零开始

变化并能进行多次测量。（1）实验中电压表应选用_______，电流表应选用_______，滑动变阻器应选用_______。（均填器材前的字母标号）（2）请在方框中画出实验使用的电路图，仪器用题目中的符号表示______。（3）根据实

验数据，作出的小灯泡I-U图线如图所示，由此可知，当电压为1.5V时，小灯泡的灯丝电阻为______（结果保留2位有效数字），由图可知，随着电压的增大，小灯泡的电阻______。（填“增大”或“减小”）【答案】①.B②.D③.G④.见解析⑤.8.6Ω⑥.增大【解析】【详解】（1

）[1]小灯泡的额定电压为2.5V，电压表的量程为0~3V便可，故电压表选B。[2]小灯泡的额定功率为0.5W，可知小灯泡的额定电流为LLL0.2APIU==为了保证电流表读数的准确性，电流表选D。[3]实验要求小灯泡两端的电压从零开

始变化，并能进行多次测量，滑动变阻器采用分压式接法，滑动变阻器最大阻值较小时，采用分压式接法能使小灯泡两端电压变化更加均匀，作出的图像更加准确，所以滑动变阻器选G。（2）[4]滑动变阻器采用分压式接法，由于小灯泡的电阻比较小，电流表采用外接法，实

验电路如图所示（3）[5]根据题IU−图线可知，当电压为1.5V时，电流为0.175A，根据欧姆定律可知小灯泡的灯丝电阻为8.6ΩRUI=[6]根据欧姆定律可知，在IU−图线上的点与原点连线的斜率表示电阻的倒数，故随着电压的增大，小灯泡

电阻增大。四、简答题：共计42分．请将解答填写在答题卡相应的位置。13.质量m=5.0kg的物体放在水平面上，物体与地面的动摩擦因数为0.2，t=0时刻，物体在水平拉力F作用下由静止开始运动，已知F=50N．求(1)物体的加速度大小

a；(2)t=2.0s时物体的速度大小v．【答案】(1)8m/s2(2)16m/s【解析】【详解】(1)物体受重力、拉力、摩擦力和水平面的支持力，根据牛顿第二定律得Fmgma−=解得22500.210m/s8m/s5-amgF==−=(2)t=2.0s时物体的速度大小

v=at=8×2m/s=16m/s14.如图所示，静止于A处的带电离子，经电压为U的加速电场加速后，进入静电分析器，静电分析器中有会聚电场，即与圆心O等距各点的电场强度大小相同，方向均沿半径方向指向圆心O。离子在静电分析器中沿半径为R的四分之一圆弧轨道做匀速圆周运动，从P点垂直

于边界CN进入矩形有界匀强偏转电场，电场方向水平向左，离子恰好能打在Q点。已知NP间的距离是NQ间距离的2倍，粒子重力不计。求：（1）离子的电性（2）静电分析器中离子运动轨迹处电场强度E的大小；（3）P、Q两点间的电压。【答案】（1）正电；（2）

2UR；（3）16U【解析】【详解】（1）离子在加速电场中加速，进入静电分析器中受到的电场力提供向心力，所以由图可知离子受到的电场力的方向指向圆心，所以离子带正电。（2）离子在加速电场中加速，设进入静电分析器的速度为vqU=12mv2在分析器中，匀速圆周运动，半径

R2vqEmR=解得2UER=（3）设NQ为d，PQ间离2d，偏转电场E0，PQ电压UPQ，则d=vt2122dat=0qEam=02PQUEd=联立以上各式，并代入数据得UPQ=16U【点睛】此题是力电综合题目，考查的知识点较多；解题时了解研究对象的运动过程是解决问题的前提，根据题目

已知条件和求解的物理量选择物理规律解决问题。找出圆周运动所需的向心力，列出等式解决问题；此题有一定难度，考查学生综合分析问题的能力。15.如图所示，半径为R圆心角为60°的圆弧轨道竖直固定在水平地面上，轨道最低点与桌面相切．质量为1

m和2m的两小球（均可视为质点），用一足够长的轻质无弹性细绳绕过定滑轮一端挂在圆弧轨道边缘处，另一端放在倾角为30°的固定斜面上，不计一切摩擦阻力．现将两小球由静止释放，若122mm=，当1m沿圆弧下滑到最低点时（且小球2m还未到达斜面的顶端），两小球的

速度分别为多少？为【答案】1411gRv=，2311gRv=【解析】【分析】【详解】两小球组成的系统机械能守恒()oo22121121cos60sin30222mgRmgRmvmv−−=+又21cos30ovv=联立解得1411gRv

=2311gRv=获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com