【文档说明】【精准解析】江苏省扬州市2020届高三下学期3月阶段性检测物理试题（一）.doc，共(23)页，1.214 MB，由小赞的店铺上传

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2019—2020学年度第二学期阶段性检测（一）高三物理2020．03本试卷选择题9题，非选择题7题，共16题，满分为120分，考试时间100分钟。注意事项：1．答卷前，考生务必将本人的学校、班级、姓名、考试号填在答题卡的相应位置。2

．将每题的答案或解答写在答题卡上，在试卷上答题无效。3．考试结束，只交答题卡。一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分，每小题只有一个．．．．选项符合题意，选对的得3分，错选或不答的得0分。1.将某劲度系数为

k的轻质弹簧一端固定在墙上，另一端用100N的力来拉，弹簧的伸长量为10cm；若对该弹簧两端同时用50N的力反向拉时，弹簧的伸长量为ΔL。则（）A.k=10N/m，ΔL=10cmB.k=100N/m，ΔL=10cmC.k=200N/m，ΔL

=5cmD.k=1000N/m，ΔL=5cm【答案】D【解析】【详解】弹簧上的弹力为100N，伸长量10cm0.1mx==由F=kx得100N/m1000N/m0.1Fkx===用50N力拉时'50m0.05m5cm1

000FLk====故选D。2.我国自主研制的绞吸挖泥船“天鲲号”达到世界先进水平．若某段工作时间内，“天鲲号”的泥泵输出功率恒为4110kW，排泥量为31.4m/s，排泥管的横截面积为20.7m

，则泥泵对排泥管内泥浆的推力为（）A.6510NB.7210NC.9210ND.9510N【答案】A【解析】【详解】设排泥的流量为Q，t时间内排泥的长度为：1.420.7VQtxttSS====输出的功：WPt=排泥的功：WFx=输出的功都用于排泥，则解得：651

0NF=故A正确，BCD错误．3.磁流体发电机的结构简图如图所示。把平行金属板A、B和电阻R连接，A、B之间有很强的磁场，将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量正、负带电粒子）以速度v喷入磁场，A

、B两板间便产生电压，成为电源的两个电极。下列推断正确的是（）A.A板为电源的正极B.电阻R两端电压等于电源的电动势C.若减小两极板的距离，则电源的电动势会减小D.若增加两极板的正对面积，则电源的电动势会增加【答案】C【解析】【详解

】A．等离子体进入磁场，根据左手定则，正电荷向下偏转，所以B板带正电，为电源的正极，A极为电源的负极，故A错误；B．分析电路结构可知，A、B为电源的两极，R为外电路，故电阻R两端电压为路端电压，小于电源的电动势，故B错误；CD．

粒子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，有UqvBqd=解得UBdv=减小两极板的距离d，电源的电动势减小，增加两极板的正对面积，电动势不变，故C正确，D错误。故选C。4.如图，通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面，位置靠近ab且相互绝缘。当MN中电流突

然减小时，线圈产生的感应电流I，线圈所受安培力的合力为F，则I和F的方向为（）A.I顺时针，F向左B.I顺时针，F向右C.I逆时针，F向左D.I逆时针，F向右【答案】B【解析】【详解】金属线框abcd放在导线MN上，导线中电流产生磁场，根据安培定则判断可知，线框abcd左右两侧磁场方向相反

，线框左侧的磁通量小于线框右侧的磁通量，磁通量存在抵消的情况。若MN中电流突然减小时，穿过线框的磁通量将减小。根据楞次定律可知，感应电流的磁场要阻碍磁通量的变化，则线框abcd感应电流方向为顺时针；再由左手定则可知，左边受到的安培力水平向右，而右

边的安培力方向也水平向右，故安培力的合力向右。A．I顺时针，F向左，与结论不相符，选项A错误；B．I顺时针，F向右，与结论相符，选项B正确；C．I逆时针，F向左，与结论不相符，选项C错误；D．I逆时针，F向右，与结论不相符，选项D错误；故选B。5.将一物体竖直向上抛出，不计空气阻力。用x

表示物体运动的路程，t表示物体运动的时间，Ek表示物体的动能，下列图像正确的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】AB．由机械能守恒得2012kmgxEmv+=Ek与x是线性关系，故A错误，B正确；CD．根据机械能守恒定律得2

012kmgxEmv+=又2012xvtgt=−得220011()22kEmvmgvtgt=−−m、v0、g都是定值，则Ek是t的二次函数，Ek-t图象是抛物线，故CD错误。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4

分，共16分，每小题有多个选项符合题意。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分。6.如图所示，理想变压器的原线圈接在2202sin100πVut=（）的交流电源上，副线圈接有R=55的负载电

阻，原、副线圈匝数之比为2∶1，电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是A.电流表的读数为1.00AB.电流表的读数为2.00AC.电压表的读数为110VD.电压表的读数为155V【答案】AC【解析】【详解】CD．

原线圈电压有效值U1=220V，根据原副线圈匝数比为2:1可知次级电压为U2=110V，则电压表的读数为110V，选项C正确，D错误；AB．根据变压器输入功率等于输出功率，即2211UUIR=解得I1=1

.00A，选项A正确，B错误；故选AC.7.2019年11月5日，我国成功发射了“北斗三号卫星导航系统”的第3颗倾斜地球同步轨道卫星。“北斗三号卫星导航系统”由静止地球同步轨道卫星、倾斜地球同步轨道卫星、中圆地球轨道卫星组成。中圆地球轨道卫星轨道周期是12个小时左右，“同步轨道”卫星的轨道周期

等于地球自转周期，卫星运行轨道面与地球赤道面的夹角叫做轨道倾角。根据轨道倾角的不同，可将“同步轨道”分为静止轨道（倾角为零）、倾斜轨道（倾角不为零）和极地轨道。根据以上信息，下列说法正确的有（）A.倾斜地球同步轨道卫星的高度等于静止地球同

步轨道卫星的高度B.中圆地球轨道卫星的线速度大于地球同步轨道卫星的线速度C.可以发射一颗倾斜地球同步轨道卫星，静止在扬州上空D.可以发射一颗倾斜地球同步轨道卫星，每天同一时间经过扬州上空【答案】ABD【解析】【详解】A．“同步轨道“卫星的轨道周期等

于地球自转周期，根据万有引力提供向心力可知222π()MmGmrrT=解得32πrTGM=同步卫星的周期相同，则其轨道半径相等，距地面高度相等，故A正确；B．卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力22MmvGmrr=解得GMvr=中圆地球轨道卫星的轨道半径小，线速度大，故中圆地球轨道卫星的线

速度大于地球同步轨道卫星的线速度，故B正确；C．倾斜地球同步轨道卫星的周期虽与地球自转周期相同，但不能与地球表面相对静止，不能静止在扬州上空，故C错误；D．倾斜地球同步轨道卫星与地球自转周期相同，则每过24h都运动一圈，则每天同一时间经过扬州上空，故D正确。故选ABD。8.196

6年科研人员曾在地球的上空完成了以牛顿第二定律为基础的实验。实验时，用双子星号宇宙飞船去接触正在轨道上运行的火箭组（可视为质点），接触后，开动飞船尾部的推进器，使飞船和火箭组共同加速，如图所示。推进器的平均推力为F，开动时间Δt，测出飞船和火箭的速度变化是Δv，下列说法正确的有（）A.推力F通过飞

船传递给火箭，所以飞船对火箭的弹力大小应为FB.宇宙飞船和火箭组的总质量应为FtvC.推力F越大，vt就越大，且vt与F成正比D.推力F减小，飞船与火箭组将分离【答案】BC【解析】【详解】A．对飞船和火箭组组成的整体，由牛顿第二定律，有12()Fmma=+设飞船对火箭的弹

力大小为N，对火箭组，由牛顿第二定律，有2Nma=解得212mFNFmm=+故A错误；B．由运动学公式，有=vat，且12()Fmma=+解得12Ftmmv+=故B正确；C．对整体12()v

Fmmt=+由于（m1+m2）为火箭组和宇宙飞船的总质量不变，则推力F越大，vt就越大，且vt与F成正比，故C正确；D．推力F减小，根据牛顿第二定律知整体的加速度减小，速度仍增大，不过增加变慢，所以飞船与火箭组不会分离，故D错误。故选BC。9.真空中某静电场电场线的分布

如图所示，图中P、Q两点关于点电荷q1水平对称。P、Q两点电场强度的大小分别为PE、QE，电势分别为Q、P。一个带电粒子沿虚线轨迹从M移动至N。以下选项正确的有（）A.QPEEB.QPC.此带电粒子带正电，它的电势能先变大后变小D.此带电粒子带负电，它的电势能先

变大后变小【答案】D【解析】【详解】A．由图P点电场线密，电场强度大，则EP＞EQ故A错误；B．沿电场线的方向电势降低，电场线越密的电势降落越快，反之逆着电场线的方向电势升高，电场线越密的电势升高越快，则QP故B错误；CD．根据运动轨迹判定粒子受到斥力作用，q1为负

电荷，所以此带电粒子也带负电，电场能先增大后减，故D正确。故选D。三、简答题：本题分必做题（第10、11、12题）和选做题（第13题）两部分，共计42分。请将解答填写在答题卡相应的位置。10.物理小组的同学用如下图甲所示的实验

器材测定重力加速度。实验器材有：底座带有标尺的竖直杆、光电门1和2组成的光电计时器，其中光电门1在光电门2的上方，小球释放器（可使小球无初速释放）、网兜。实验时可用两光电门测量小球从光电门1运动至光电门2的

时间t，并从竖直杆上读出两光电门间的距离h。(1)使用游标卡尺测量小球的直径如下图乙所示，则小球直径为_________cm。(2)改变光电门1的位置，保持光电门2的位置不变，小球经过光电门2的速度为v，不考虑空气阻力，小球的加速度为重力加速度g，则h、t、g、v四

个物理量之间的关系式h=________。(3)根据实验数据作出htt−图象如上图丙所示，若图中直线斜率的绝对值为k，根据图象得出重力加速度g大小为________。【答案】(1).1.170(2).212gtvt−+(3).2k【解析】【详解】(1)[1]主尺读数为1.1cm，游

标尺读数为0.05×14mm=0.70mm=0.070cm，所以最终读数为1.1cm+0.070cm=1.170cm；(2)[2]小球经过光电门2的速度为v，根据运动学公式得从开始释放到经过光电门2的时间'vtg=所以从开始释放到经过光电门1的时间'''vttttg=−

=−所以经过光电门1的速度vvgtvgt==−根据匀变速直线运动的推论得：两光电门间的距离'2122vvhtvtgt+==−(3)[3]由公式212hgt=得12hvgtt=−若htt−图线斜率的绝对值为k，则

12kg=所以重力加速度大小2gk=11.在“测定金属的电阻率”的实验中，所用测量仪器均已校准。已知待测金属丝的电阻值Rx约为5Ω。在测电阻时，可供选择的器材有：电源E：电动势3V，内阻约1Ω电流表A1：量程0~0.6A，内阻约0.125Ω；电流表A2：量程0~3A，内阻约0

.025Ω；电压表V1：量程0~3V，内阻约3kΩ；电压表V2：量程0~15V，内阻约15kΩ；滑动变阻器R1：最大阻值5Ω，允许最大电流2A；滑动变阻器R2：最大阻值1000Ω，最大电流0.6A开关一个，导线若干。(1

)在上述器材中，应该选用的电流表是_______，应该选用的电压表是_______。若想尽量多测几组数据，应该选用的滑动变阻器是_______（填写仪器的字母代号）。(2)用所选的器材，在答题纸对应的方框中画出电路图_________________

____。(3)关于本实验的误差，下列说法正确的是____________。A．对金属丝的直径多次测量求平均值，可消除误差B．由于电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差C．利用电流I随电压U的变化图线求Rx可减小偶然误差【答案】(1).1A(2).

1V(3).1R(4).(5).C【解析】【详解】(1)[1]因为电动势3V，所以电压表选择V1；[2]根据欧姆定律可知电路中最大电流为x0.6AEIR==所以电流表为A1；[3]为保证调节方便，则选择阻值较小的滑动变阻器R1；(2)[4]因为Vx300056004050.125xARRRR=

===则说明待测电阻为小电阻，所以电流表采用外接法，实验要求尽量多测几组数据，所以滑动变阻器采用分压式，电路图如图所示(3)[5]A．实验中产生的误差不能消除，只能减小，故A错误；B．由于电流表和电压表内阻引起的误差属于系统误差

，故B错误；C．利用图象法求解电阻可减小偶然误差，故C正确。故选C。[选修模块3-5]12.在光电效应实验中，某实验小组用同种频率的单色光，先后照射锌和银的表面，都能产生光电效应。对这两个过程，下列四个物理量中，可

能相同的是（）A.饱和光电流B.遏止电压C.光电子的最大初动能D.逸出功【答案】A【解析】【详解】A．饱和光电流和光的强度有关，这个实验可以通过控制光的强度来实现饱和光电流相同，A正确；CD．不同的金属其逸出功是不同的，根据光电效应方程：kEhW=−用同种频率

的单色光，光子能量h相同，光电子的最大初动能Ek不同，CD错误；B．根据遏止电压和最大初动能关系：kEUe=可知光电子的最大初动能不同，遏止电压也不同，B错误。故选A。13.一个铀核（23892U）放出一个

粒子后衰变成钍核（23490Th），其衰变方程为____________，已知静止的铀核、钍核和粒子的质量分别为1m、2m、和3m，真空中的光速为c，上述衰变过程中释放出的核能为____________。【答案】(

1).238234492902UThHe→+(2).()2123Emmmc=−−【解析】【详解】[1]根据电荷数和质量数守恒得到衰变方程为238234492902UThHe→+[2]根据爱因斯坦质能方程22123()Emcmmmc==−−14.人

们对手机的依赖性越来越强，有些人喜欢躺着玩手机。若手机的质量为150g，从离人脸约20cm的高度无初速度掉落，砸到人脸后手机未反弹，人脸受到手机的冲击时间约为0.1s，重力加速度g=10m/s2，试求手机对人脸的平均冲力大小。【答案】4.5NF=【解析】【详解】由公式2112

hgt=，解得10.2st=全过程由动量定理Ip=合得()12200mgttFt+−=−解得4.5NF=【选做题】本题包括A、B两小题，请选定其中一题作答，并在答题卡上把所选题目对应字母后的方框涂满涂黑，若都作答则按A小题评分。A．[选修模块3-3]15.人类对物质属性的认识

是从宏观到微观不断深入的，下列说法正确的是（）A.晶体的物理性质都是各向异性的B.露珠呈现球状是由于液体表面张力的作用C.布朗运动是固体分子的运动，它说明分子永不停歇地做无规则运动D.当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而减小【答案】B【解析】【详解】A．晶

体分为单晶体和多晶体，单晶体的物理性质各向异性，多晶体的物理性质各向同性，故A错误；B．液体表面张力的产生原因是：液体表面层分子较稀疏，分子间引力大于斥力；合力现为引力，露珠呈现球状是由于液体表面张力的作用，故B正确；C．布朗运动是指悬浮

在液体中的颗粒所做的无规则的运动，它间接反映了液体分子的无规则运动，故C错误；D．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大，故D错误。故选B。16.一定质量的理想气体从状态(p1、V1)开始做等温膨胀，状态变化如图中实线所示．若该部分气体从

状态(p1、V1)开始做绝热膨胀至体积V2，则对应的状态变化图线可能是图中虚线______(选填图中虚线代号)，在这一过程中气体的内能______(填“增大”“减少”或“不变”)【答案】(1).d(2).减少【解析】气体绝热膨胀时，气体对外做功，根据热力学第一定律判断可知气体的内能减小，温度降

低．所以绝热膨胀到体积V2与等温膨胀到V2相比较，绝热膨胀到体积V2时温度低．假设先等温膨胀到V2，然后再降温，压强更低，故图线d正确；在这一过程中由于气体的温度降低，故气体的内能减小.17.为了保证驾乘人员的安全，汽

车安全气囊会在汽车发生一定强度的碰撞时，利用叠氮化钠（NaN3）爆炸时产生气体（假设都是N2）充入气囊，以保护驾乘人员。若已知爆炸瞬间气囊容量为23710m−，氮气密度2312510kg/m=．，氮气的平均摩尔质量0028kg/mol

M=．，阿伏伽德罗常数23160210molAN−=．，试估算爆炸瞬间气囊中2N分子的总个数N。（结果保留1位有效数字）【答案】26210N=【解析】【详解】设2N气体摩尔数n，则VnM=气体分子数AVNNM=解得223261.25100.076.02102100.028N==B

．[选修模块3-4]18.下列说法正确的是（）A.单摆的摆球在通过最低点时合外力等于零B.有些昆虫薄而透明的翅翼上出现彩色光带是薄膜干涉现象C.变化的电场一定产生变化的磁场，变化的磁场一定产生变化的电场D.一条沿自身长度方向运动的杆，其长

度总比杆静止时的长度大【答案】B【解析】【详解】A．单摆的摆球在通过最低点时，回复力等于零，而合外力一定不等于零，故A错误；B．薄而透明的羽翼上出现彩色光带，是由于羽翼前后表面反射，进行相互叠加，是薄膜干涉现象，故B正确；C．均匀变化的电场产生稳定磁场，非均匀变化的电场

产生非均匀变化的磁场，故C错误；D．根据相对论，则有沿自身长度方向运动的杆，其长度总比杆静止时的长度短，故D错误。故选：B。19.如图所示，阳光与水平面的夹角为θ。现修建一个截面为梯形的鱼塘，欲使它在注满水的情况下，阳光可以照射到整个底部。光在水中的传播速

度v=___；鱼塘右侧坡面的倾角α应满足的条件是__。（设光在真空中的速度为c，水的折射率为n）【答案】(1).cvn=(2).coscosn【解析】【详解】[1]光在水中的传播速度cvn=[2]欲使鱼塘注满水的情况下，阳光可以照射到整个底部，

则折射光线与底部的夹角大于等于α，故折射角π2−又入射角π2i=−根据折射定律有sinsinin=则有πsin()cos2πcossin()2n−=−所以coscosn20.如图所示,甲为某一列简谐波t=t0时刻的

图象,乙是这列波上P点从这一时刻起的振动图象,试讨论:①波的传播方向和传播速度.②求0~2.3s内P质点通过的路程.【答案】①x轴正方向传播，5.0m/s②2.3m【解析】【详解】(1)根据振动图象可知判断P点在t=t0时刻在平衡位置且向负的最大位移运动，则波沿x轴正方向传播

，由甲图可知，波长λ=2m，由乙图可知，周期T=0.4s，则波速25m/s0.4vT===(2)由于T=0.4s，则32.3s5s4t==,则路程2323440.12.3m44xA===【点睛】本题中根据质点的

振动方向判断波的传播方向，可采用波形的平移法和质点的振动法等等方法，知道波速、波长、周期的关系.四、计算或论述题：本题共3小题，共47分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有

数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。21.如图所示，平行导轨宽为L、倾角为θ，处在垂直导轨平面向下的匀强磁场中，磁感强度为B，CD为磁场的边界，导轨左端接一电流传感器，CD右边平滑连一足够长的导轨。质量为m

、电阻为R的导体棒ab长也为L，两端与导轨接触良好，自导轨上某处由静止滑下。其余电阻不计，不计一切摩擦和空气阻力，重力加速度为g。(1)棒ab上的感应电流方向如何？(2)棒ab在磁场内下滑过程中，速度为v时加速度为多大？(3)若全过程中电流传感器

指示的最大电流为I0。求棒ab相对于CD能上升的最大高度。【答案】(1)b流向a；(2)22sinBLvagmR=−；(3)220222IRHgBL=【解析】【详解】(1)根据楞次定律可判定：棒在磁场中向下滑动时，电流由b流向a；(2)当棒的速

度为v时，切割磁感线产生的感应电动势为EBLv=，根据闭合电路欧姆定律EIR=，安培力FBIL=，根据牛顿第二定律，有sinmgFma−=解得：22sinBLvagmR=−(3)棒下滑到CD处回路电流最大，有

0mBLvIR=棒ab滑过CD后直接到右侧最高点，由机械能守恒定律，有212mmgHmv=解得：220222IRHgBL=22.如图所示，AB为一光滑固定轨道，AC为动摩擦因数μ＝0.25的粗糙水平轨道，O为水平地面上的一点，且B、C、O在同一竖直线上，已知B、C两点的高度差为h，C、O两点的

高度差也为h，AC两点相距s＝2h.若质量均为m的两滑块P、Q从A点以相同的初速度v0分别沿两轨道滑行，到达B点或C点后分别水平抛出．求：(1)两滑块P、Q落地点到O点的水平距离．(2)欲使两滑块的落地点相同，滑

块的初速度v0应满足的条件．(3)若滑块Q的初速度v0已满足(2)的条件，现将水平轨道AC向右延伸一段L，要使滑块Q落地点距O点的距离最远，L应为多少？【答案】(1)21022hxvghg=−,2202hxvghg=−

(2)03vgh=(3)154Lh=【解析】【分析】(1)利用动能定理分别求出到达BC点的速度，利用平抛运动求的水平位移；(2)利用两位移相等即可求得速度；(3)利用动能定理求出平抛运动的速度，有数学关系求的即可.【详解】(1)滑块P

从A到B的过程中由动能定理可知:2201122Bmghmvmv−=−可得：202Bvvgh=−从B点抛出x1=vBtP2122Phgt=解得：21022hxvghg=−滑块Q从A到C过程，由动能定理得：22011

22Cmgsmvmv−=−解得：20Cvvgh=−从C点抛出:2CQxvt=，212Qhgt=解得：2202hxvghg=−(2)要使x1=x2，联立解得:03vgh=(3)由动能定理得:22011()22mgsLmvmv−+=−在延伸最右端抛出

:2Qxvt=,212Qhgt=距O点的距离为△x=L+x得:24xhhLL=−+,当154Lh=时，△x取最大值174h【点睛】本题主要考查了动能定理和平抛运动相结合的综合运用，注意再求极值时数学知识的运用.23.如图所示

，间距为L的平行金属板MN、PQ之间有互相垂直的匀强电场和匀强磁场。MN板带正电荷，PQ板带等量负电荷，板间磁场方向垂直纸面向里，'OO是平行于两金属板的中心轴线。紧挨着平行金属板的右侧有一垂直纸面向外足够大的匀强偏转磁场，在其与

'OO垂直的左边界上放置一足够大的荧光屏。在O点的离子源不断发出沿'OO方向的电荷量均为q、质量均为m，速度分别为0v和010v的带正电的离子束。速度为0v的离子沿直线'OO方向运动，速度为010v的离子恰好擦着极板的边缘射出平行金属板其速度方向在平

行金属板间偏转了60，两种离子都打到荧光屏上，且在荧光屏上只有一个亮点。已知在金属板MN、PQ之间匀强磁场的磁感应强度。不计离子重力和离子间相互作用。已知在金属板MN、PQ之间的匀强磁场磁感应强度0mvBqL=。求：(1)金属板MN、PQ之

间的电场强度；(2)金属板的右侧偏转磁场的磁感应强度；(3)两种离子在金属板右侧偏转磁场中运动时间之差。【答案】(1)20mvEqL=；(2)002mvBqL=；(3)03Ltv=【解析】【详解】(1)速度为0v的离子沿直线OO方向匀速运动，则：0qvBqE=得200mvEvBqL==

(2)如图所示，速度为010v，的离子在平行金属板间运动时，由动能定理可知()22101110222LqEmvmv−=−得103vv=设金属板的右侧匀强磁场的磁感应强度为0B，由牛顿第二定律可知：在O点速度为0v的离子进入右侧偏转磁场后20001mvqvBr=

则010mvrqB=在O点速度为010v，的离子进入右侧偏转磁场后()()200233mvqBvr=得0203mvrqB=两种离子都打到荧光屏同一点A，由几何关系可知1222Lrr+=得002mvBqL=(3)在O点速度为0v的离子在右侧偏转匀强磁场后运动时间：1

100ππ2rLtvv==在O点速度为010v的离子在右侧偏转匀强磁场后运动时间：22002π55π636rLtvv==这两种离子在金属板的右侧偏转匀强磁场中运动时间之差21ttt=−得0π3Ltv=