【文档说明】4-第三章　机械波.docx，共(7)页，423.509 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-53eddfe32f7693d84e1af9e620bcaafa.html

以下为本文档部分文字说明：

姓名班级考号密○封○装○订○线密○封○装○订○线密封线内不要答题第三章机械波注意事项1.本试卷满分100分,考试用时90分钟。2.无特殊说明,本试卷中重力加速度g取10m/s2。一、单项选择题(本题共8小题,每小题3分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一个选项符合题目要求)1.如图

所示,学生在玩“人浪”游戏。学生手挽手排成一行,从左边第一位同学开始,周期性地“下蹲、起立”,呈现类似波浪的效果。则()A.“人浪”是纵波B.“人浪”传播的是“下蹲、起立”这种运动形式C.当“人浪”向右传播时,学生随“人浪”向右移动D.学生

“下蹲、起立”的动作越频繁,“人浪”传播的速度一定越快2.某同学在研究机械波的形成与传播规律时,将一根粗细均匀的弹性绳右端固定在墙上。手握着绳子左端S点上下振动,产生向右传播的绳波,某时刻的波形如图所示。下列说法中

正确的是()A.此时刻质点P向上运动B.S点的起振方向向上C.手振动的频率逐渐增大D.波的传播速度不变3.汽车主动降噪系统是一种能够自动减少车内噪声的技术,在汽车行驶过程中,许多因素都会产生噪声,系统

会通过车身的声学反馈技术,通过扬声器发出声波将车外噪声反向抵消,从而减少车内噪声。某一稳定噪声信号的振动方程为y=Asin(100π𝑡+π3),下列说法正确的是()A.抵消声波频率应为100HzB.抵消声波振幅应为2AC.汽车降噪过程应用的是声波的多普勒效应D.抵消声波和环境噪声在空气中传播

的速度大小相等4.位于坐标原点处的波源发出一列沿x轴正方向传播的简谐横波。t=0时波源开始振动,其位移y随时间t变化的关系式为y=Asin2π𝑇t,则t=T时的波形图为()5.如图所示,水平面内两个沿

竖直方向振动的相干波源S1、S2发出的简谐横波在同一均匀介质中相遇,波长均为5cm,波源S1的振幅为2cm,S2的振幅为4cm,图中实线表示某时刻波峰,虚线表示该时刻波谷,a、c、e三点均位于S1、S2连线的中垂线上,其中e点是a、c连线的中点,b、d、f三点为所在两个圆弧的

交点。下列说法中错误的是()密○封○装○订○线密○封○装○订○线密封线内不要答题A.图示时刻a、c两点连线上的任意一点(不含a、c)均向下振动B.b点的振幅为2cmC.图中b、d、f三点位于同一条双曲线上D.图中e点的位移为0,它是振动减弱点6.据中国地震台网

正式测定,8月23日18时19分在辽宁大连市普兰店区发生4.6级地震,震源深度8公里,震中位于北纬39.42度,东经122.20度。“地震预警”是指在地震发生以后,抢在地震波传播到受灾地区前,向受灾地区提前几秒至数十秒发出警报,通知目

标区域,从而实现预警。科研机构对波的特性展开研究,如图甲所示为研究过程中简谐波t=0时刻的波形图,M是此波上的一个质点,平衡位置处于x=4m处,图乙为质点M的振动图像,则()A.该列波沿x轴正方向传播B.该列波的传播速度为4m/sC.质点M在7s内通过的路程为280cmD

.质点M在2s内沿x轴运动了8m7.一列简谐横波沿x轴传播,t=0时刻的波形图如图所示。P、Q是波传播路径上的两个质点,t=0时刻,质点Q正向平衡位置运动,质点P的振动频率与摆长为0.25m的单摆振动频率相同,取重力加速

度g=π2m/s2,则下列说法不正确的是()A.该波沿x轴正方向传播B.该波的传播速度为0.4m/sC.质点Q在0~1.5s内通过的路程为30cmD.质点P的振动方程为y=-5sin2πtcm8.位于x=0.25m的波源p从t=0时刻开始振

动,形成的简谐横波沿x轴正负方向传播,在t=2.0s时波源停止振动,t=2.1s时的部分波形如图所示,其中质点a的平衡位置xa=1.75m,质点b的平衡位置xb=-0.5m。下列说法正确的是()A.沿x轴正负方向传播的波发生干涉B.t=0.42s时,波源的位移为负C.t

=2.25s时,质点a沿y轴负方向振动D.在0~2s内,质点b运动的总路程是2.55m二、多项选择题(本题共4小题,每小题4分,共16分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项符合题目要求,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错

或不答的得0分)9.如图所示,一小型渔港的防波堤两端M、N相距约60m,在防波堤后A、B两处有两艘小船进港躲避风浪。某次海啸引起的波浪沿垂直于防波堤的方向向防波堤传播,下列说法中正确的有()A.假设波浪的波长约为3m,则A、B两处小船明显受到波

浪影响B.假设波浪的波长约为3m,则A、B两处小船基本上不受波浪影响C.假设波浪的波长约为60m,则A、B两处小船明显受到波浪影响姓名班级考号密○封○装○订○线密○封○装○订○线密封线内不要答题D.假设波浪的波长约为60m,则

A、B两处小船基本上不受波浪影响10.一列简谐横波在t=0.6s时刻的图像如图甲所示,此时P、Q两质点的位移均为-1cm,波上A质点的振动图像如图乙所示,则以下说法正确的是()A.这列波沿x轴正方向传播B.这

列波的波速是503m/sC.从t=0.6s开始,Δt=0.6s时间内,A质点通过的路程是10mD.P比Q早0.2s回到平衡位置11.如图所示,一列沿x轴正方向传播的简谐横波,实线是t=0时刻的波形图,虚

线是这列波经Δt=1.1s的波形图,T<Δt<2T,则下列说法正确的是()A.这列波的波长是6cmB.这列波的周期是0.5sC.这列波的波速是10m/sD.从t=0时刻开始,x=5cm处的质点经0.35s振

动到波峰12.多个点波源在空间也可以形成干涉图样,如图甲所示是利用软件模拟出某时刻三个完全相同的横波波源产生的干涉图样。图乙是三个完全相同的横波波源在均匀介质中的位置图示,波源S1、S2、S3分别位于等边三角形的三个顶点上,三角形的边长为2m。三个波源t=

0时刻同时开始振动,振动方向垂直纸面,振动图像均如图丙所示。已知波的传播速度为0.25m/s,O处质点位于三角形中心,C处质点位于S2与S3连线中点。下列说法正确的是()A.位于O处的质点的振幅为6cmB.其中一列波遇到尺寸为0.8m的障碍物时,不能发生明显的衍射现象C.t=4.5s时,C处

质点与平衡位置之间的距离是2√2cmD.由于三列波在同一种介质中传播,所以三列波的频率不相等也能够发生干涉现象三、非选择题(本题共5小题,共60分)13.(8分)如图所示,甲为某一简谐横波在t=1.0s时的图像,

乙为该波传播方向上P质点的振动图像。(1)求该波的波速v;(2)求再经过3.5s,P质点通过的路程s和位移y。14.(10分)一根水平长绳一端P固定,某同学抓住长绳的另一端S在竖直方向上下振动。绳子上有A、B两点,水平时距离S分别为4m和10m

。波沿绳子传播的速度v=4m/s,当A点在平衡位置竖直向上振动时,B点恰好在平衡位置竖直向下振动,A、B之间仅有2个质点在平衡位置。求:密○封○装○订○线密○封○装○订○线密封线内不要答题(1)A、B两点起振的时间差Δt;(2)S点在竖直方向振动的频率

f。15.(12分)如图所示,一根张紧的水平弹性长绳上的a、b两点相距L=12.0m,b点在a点的右方。一列简谐横波沿此长绳向右传播。在t=0时刻,a点的位移ya=4cm(4cm为质点振动的振幅),b点的位移yb=0,且向下运动,T=2s。(1)求质点a的振动方程;(2)若

这一列简谐波的波长λ<L,求波可能的传播速度。16.(14分)一振动片做简谐运动时,振动图像如图甲所示。固定在振动片上的两根细杆同步周期性地触动水面上的a、b两点,两波源发出的波在水面上形成稳定的干涉图样。c点是以ab为直径的半圆弧上的一点

,且圆心O与c点的连线垂直于ab,如图乙所示,圆弧的半径为R。已知除c点外,圆弧上还有其他振幅极大的点,其中d点是离c点最近的振幅极大的点,∠dOc=30°。(1)求波的波长λ;(2)求波的传播速度v;(3)圆弧上还有几个振幅始终为零的点,其中e点(图中未画出)是与d点相邻的振幅为零的

点,求线段be与ae的差。17.(16分)水面上水波的传播速度跟水的深度有关,其关系式为v=√𝑔ℎ,式中h为水的深度,g为重力加速度。如图甲所示是某水域的剖面图,C、D两部分深度不同,图乙是俯视示意图,O点处于两部分水面分界线

上,M和N分别是处在C和D两区域水面上的点。t=0时刻O点从平衡位置向上振动,形成以O点为波源向左和向右传播的水波(可看作是简谐横波)。t=2.5s时O点第二次到达波峰,此时M点第一次到达波峰。已知D区域水波振幅A=5cm,水深hD=0.

90m,O、M间距离4.0m,O、N间距离3.0m。求:(1)C区域的水深hC;(2)N点在t=3s时的振动方向及此时的位移;(3)t=10s时,处在D区域水面上的Q点(图中未标出)处于波峰,且O、Q间只

有一个波峰,则Q点在t=0至t=10s时间内振动的路程是多少?姓名班级考号密○封○装○订○线密○封○装○订○线密封线内不要答题答案全解全析1.B振动方向与传播方向垂直,则“人浪”是横波,A错误;“人浪”只传播“下蹲、起立”这种运

动形式,学生不会随波移动,B正确,C错误;“人浪”传播速度的快慢与人“下蹲、起立”的动作频繁程度无直接关系,D错误。2.D波向右传播,由带动法可知,此时刻质点P向下运动,A错误;此时,右侧刚开始运动的质点向下运动,则波源的起振方向向下,B错误;

由图可知,波长逐渐增大,而波速由介质决定,波速不变,根据λ=vT,则周期逐渐增大,频率逐渐减小,C错误,D正确。3.D汽车降噪过程应用的是声波的叠加原理,抵消声波的振幅和频率应与环境噪声的振幅和频率相同,则抵消声波的振

幅为A,频率应为f=𝜔2π=100π2πHz=50Hz,故A、B、C错误;波速由介质决定,抵消声波和环境噪声在空气中传播的速度大小相等,D正确。4.Dt=0时波源开始振动,由波源振动方程可知,波源从平衡位置开始振动,起振方向沿y轴正方向,而波传播方向上各质点的起振方向与波源均相同,故t

=T时,波向x轴正方向传播的距离为一个波长,且最右侧质点位于平衡位置,振动方向沿y轴正方向,根据“上下坡法”可知t=T时的波形图为D。5.D两相干波源产生的波波长相同,能够形成稳定的干涉图样,a点是波谷与波

谷相遇的点,c点是波峰与波峰相遇的点,e是a、c连线的中点,因此e点在平衡位置,位移为0,且a、c连线上的点始终处于振动加强的状态,当两列波发生干涉时,图示时刻a、c连线上各点(不含a、c)都是向下运动

的,A说法正确,D说法错误;b点为波峰与波谷相遇的点,是振动减弱点,则振幅为A=A2-A1=4cm-2cm=2cm,B说法正确;图中b、d、f三点均为振动减弱点,到两个波源的距离之差均为半波长,由几何知识可知三点位于同一条双曲线上,C说法正确。6.

C根据题图乙可知,平衡位置处于x=4m处的质点M在t=0时沿着y轴正方向振动,则由“同侧法”可知,该列波沿x轴负方向传播,A错误;波的波长λ=4m,周期T=2s,则该列波的传播速度为v=𝜆𝑇=2m/s,B错误;由于7s=312T,则质

点M通过的路程为s=312×4A=14×20cm=280cm,C正确;质点只在平衡位置附近上下振动,并不会随波迁移,D错误。7.Dt=0时刻,质点Q正向平衡位置运动,根据“上下坡法”可以判断该波沿x轴正方向传播,A说法

正确;摆长为0.25m的单摆的振动频率f=1𝑇=12π√𝑔𝐿=1Hz,因此该波的周期T=1𝑓=1s,由题图可知该波的波长为0.4m,故波传播的速度为v=𝜆𝑇=0.4m/s,故B说法正确;由于波的周期为1s,1.5s=1.5T,所以质点Q在1.5s内通过的路程为s=6A=30cm,

C说法正确;质点P振动的圆频率为ω=2π𝑇=2πrad/s,t=0时刻质点P从平衡位置向y轴正方向振动,故振动方程为y=Asinωt=5sin2πtcm,故D错误。8.D波从波源发出后,向x轴正、负方向

传播即向相反方向传播,波不会相遇,故不会发生干涉,A错误。由题图可知,波的波长λ=1m,0.1s内波传播四分之一波长,可得𝑇4=0.1s,解得T=0.4s;根据“同侧法”可知,波源的起振方向向上,根据周期性并结合波的图像可知,t=0.42s即T<t<5𝑇4时,波源

处于平衡位置上方且向上运动,即位移为正,B错误;波的波速v=𝜆𝑇=2.5m/s,从波源停止振动到质点a停止振动的时间t1=1.75−0.252.5s=0.6s>0.25s,故t=2.25s时质点a

还在继续振动,t=2.1s到t=2.25s波传播的距离为x=vt2=2.5×0.15m=0.375m,即沿x轴正方向传播的波由题图中位置向右平移0.375m,结合图像可知质点a的位移为正且向y轴正方向运动,C错误;波源的振动传到b点所需的时间t3=0.752.5s=0.

3s,在0~2s内,质点b振动的时间为t4=2s-0.3s=1.7s=174T,质点b运动的总路程s=174×4A=17×0.15m=2.55m,D正确。9.BC假设波浪的波长约为3m,而防波堤两端M、N

相距约60m,波长小于防波堤两端距离,不会有明显的衍射现象,所以A、B两处小船基本不受波浪影响,A错误,B正确;假设波浪的波密○封○装○订○线密○封○装○订○线密封线内不要答题长约为60m,波长接近防波堤两端距离,会有明显的衍射现象,

所以A、B两处小船明显受到波浪影响,C正确,D错误。故选B、C。10.AB由题图乙可知,t=0.6s时A点振动方向向下,结合题图甲,根据“同侧法”可知波沿x轴正方向传播,A正确;该波的波长为20m,周期为1.2s,得

波速为v=𝜆𝑇=503m/s,B正确;t=0.6s时,A质点处于平衡位置,Δt=0.6s=𝑇2,A质点在Δt=0.6s时间内通过的路程为s=2A=4cm,C错误;题图甲所示时刻质点P沿y轴正方向运动,质点Q沿y轴负方向运动,此时P、Q两质点的位移均为-1cm

,故质点P经过𝑇12回到平衡位置,质点Q经过𝑇4+𝑇6回到平衡位置,故质点P比质点Q早回到平衡位置的时间为𝑇4+𝑇6-𝑇12=0.4s,D错误。11.AD由波形图可知,这列波的波长λ=6cm,A正确;由于波沿x轴正方向传播,且T<

Δt<2T,故由图像可知,Δt=1.1s内波传播的距离Δx=λ+56λ=116λ=11cm,则Δt=116T=1.1s,故波的周期T=0.6s,B错误;这列波的波速v=𝜆𝑇=6cm0.6s=10cm/s,C错误;t=0时刻x1=1.5cm处的质点位于波峰,从t=0时刻开始,该波峰第一次传播

到x=5cm处,经历的时间t=Δ𝑥′𝑣=5cm−1.5cm10cm/s=0.35s,D正确。12.ACO点位于正三角形的中心,该点到三个波源的距离相等,可知O处质点为振动加强点,则该点的振幅为3A=3×

2cm=6cm,A正确。根据题图丙可知,该波的周期为4s,根据波速公式v=𝜆𝑇,可得λ=1m>0.8m,根据发生明显衍射的条件可知,波遇到尺寸为0.8m的障碍物时,能发生明显的衍射现象,B错误。根据几何关系可知S1C=S1S2sin60°=√3m,则波源S1的振动传播到C所需要时间t1=𝑆

1𝐶𝑣=4√3s>4.5s,可知t=4.5s时,波源S1的振动还没有传播到C点;波源S2与S3的振动传播到C所需要的时间均为t2=10.25s=4s<4.5s,可知t=4.5s时,波源S2与S3的振

动传播到了C点,由于S2C=S3C=1m=λ,4.5s=T+𝑇8,C处质点为振动加强点,表明C处质点4.5s时刻的位移为波源S2与S3在𝑇8时刻位移的叠加;图丙的振动方程为y=2sin2π4t(cm)=2sinπ2t(cm),当t=𝑇8时,解得y0=√2cm,则t=4.5s时,C处质点与平

衡位置之间的距离是2y0=2√2cm,C正确。根据发生干涉的条件可知,机械波要发生干涉,波的频率必须相等,即三列波的频率不相等不能够发生干涉现象,D错误。13.答案(1)4m/s(2)2.8m0解析(1)由题图甲可得,该波的波长λ=4m(1分)由题图乙可得周期T

=1s(1分)所以波速v=𝜆𝑇=4m/s(2分)(2)由于3.5s=7×𝑇2(1分)所以经过3.5s质点通过的路程s=7×2A=2.8m(1分)由于波动具有重复性,经历时间为3.5个周期,P质点又回到图示位置,其位移为0(2分)14.答案(1)1.5s(2)1Hz

解析(1)波在介质中匀速传播,根据x=vt(2分)可得A、B两点起振的时间差为Δt=𝑥𝐵−𝑥𝐴𝑣=10−44s=1.5s(2分)(2)根据题意可画出A、B两点间的波形,如图所示(2分)可知xB-xA=1.5λ=6m(1分)解得λ=4m(1

分)根据波速公式v=λf(1分)解得振动的频率f=1Hz(1分)15.答案(1)ya=4sin(π𝑡+π2)cm(或ya=4cosπtcm)(2)244𝑛+3m/s(n=1,2,3,…)解析(1)设质点a的振动方程为ya=Asin(2π𝑇𝑡+𝜑)(1分)姓名班级考号密○封

○装○订○线密○封○装○订○线密封线内不要答题根据题意可得A=4cm,T=2s(1分)可得ya=4sin(πt+φ)cm(1分)由t=0时刻,a点的位移ya=4cm,可知4cm=4sinφcm(1分)解得φ=π2(1分)则质点a的振动方程为y

a=4sin(π𝑡+π2)cm=4cosπtcm(2分)(2)当a、b两点间的距离小于波长时,波形如图所示(1分)根据题意有L=34λ+nλ(n=0,1,2,3,…)(1分)又已知λ<L,则n≥1解得λ=484𝑛+3m(n=1,2,3,…)(1分)根据v=𝜆�

�解得v=244𝑛+3m/s(n=1,2,3,…)(2分)16.答案(1)(√3-1)R(2)(√3−1)𝑅2𝑡0(3)见解析解析(1)连接a、d,b、d,由几何关系可知∠dOa=60°,∠dba=30°(1分)则ad

=R(1分)bd=√3R(1分)d点是离c点最近的振幅极大的点,即振动加强点,有bd-ad=λ(2分)所以波的波长λ=(√3-1)R(1分)(2)由题图甲可知,波的周期T=2t0(1分)所以波的传播速度v=𝜆𝑇=(√3−1)𝑅2𝑡0(2分)(3)由题意可知,e点为振

动减弱点,到两波源的距离之差等于半波长的奇数倍。(1分)若e点在圆弧上c、d之间,则有be-ae=𝜆2=(√3−1)𝑅2(2分)若e点在圆弧上a、d之间,则有be-ae=3𝜆2=3(√3−1)𝑅2(2分)17.答案(1)0.4

0m(2)向上振动位移为0(3)0.65m解析(1)设波源O振动的周期为T,则有2.5s=54T(1分)解得T=2s(1分)对M点的振动分析,知C区域水波波长为λC=OM=4m(1分)则有vC=𝜆𝐶𝑇=2m/s(1分)根据v=√𝑔ℎ求得

hC=0.40m(1分)(2)由于D区域水深hD=0.90m,由v=√𝑔ℎ(1分)可得D区域水波的传播速度vD=√𝑔ℎ𝐷=3m/s(1分)又由vD=𝜆𝐷𝑇解得波长λD=vDT=6m(1分)波传到N点所用的时间t1=𝑂𝑁𝑣𝐷=1s(1分)所

以t=3s时,N点刚好完成一次全振动,可知其在平衡位置向上振动,位移为0。(1分)(3)t=10s时,O点在平衡位置向上振动,可画出D区域水波的波动图像如图所示(2分)由图可知OQ=10.5m(1分)则有Δt=𝑂𝑄𝑣𝐷=10.53s=3.5s(

1分)则Q点振动的时间为t2=10s-3.5s=6.5s=314T(1分)所以Q点振动的路程为s=314×4A=13A=0.65m(1分)