【文档说明】辽宁省大连市大连海湾高级中学2019-2020学年高一下学期第一次质量检测物理试题【精准解析】.doc，共(15)页，809.500 KB，由小赞的店铺上传

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物理试题（总分：100分时间：90分钟）一、选择题（共48分，每小题4分。其中1-8小题为单选，9-12小题多选。多选题有错误选项不得分，选不完整2分）1.物体做曲线运动的过程中，一定发生变化的物理量是A.合外力B.加速度C.速度D.

动能【答案】C【解析】【详解】物体做曲线运动的过程中，一定发生变化的物理量是速度的方向，即速度一定变化，合外力和加速度不一定变化，例如平抛运动；动能不一定变化，例如匀速圆周运动，选项C正确，ABD错误.2.趣味投篮比赛中，运动员站在一个旋转较

快的大平台边缘上，相对平台静止，向平台圆心处的球筐内投篮球．则如图（俯视图）篮球可能被投入球筐的是（）（图中箭头指向表示投篮方向）A.B.C.D.【答案】C【解析】当沿圆周切线方向的速度和出手速度的合速度沿篮筐方向，球就会被投入篮筐，故C正

确，ABD错误．3.如图，A、B为地球的两颗卫星，它们绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径满足ABrr．v、a、T、kE分别表示它们的环绕速度大小，向心加速度大小、周期和动能，下列判断正确的是A.ABvvB.ABaaC.

ABTTD.kAkBEE【答案】C【解析】【详解】设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M．卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，有：222224=mMvGmrmrmmarTr=＝＝；解得：GMvr=，32rTGM=，3GMr=，2GMar=，则

根据题意有：rA＜rB可得：A.由GMvr=，可得，vA＞vB，故A错误．B.由2GMar=，可得，aA＞aB，故B错误．C.由32rTGM=，可得，TA＜TB，故C正确．D.由于二者的质量关系是未知的，则不能比较它们的动能大小，故D错误．4.如图所示是两种不同的过山车过

最高点时的情形，图甲情形中，乘客经过轨道最高点时头朝上，图乙情形中，乘客经过轨道最高点时头朝下，假设两种圆轨道的半径均为R，下列说法正确的是（）A.图甲中，乘客经过轨道最高点时，若vgR，座椅对乘客的作用力方向竖直向下B.图甲中，乘客经过轨道最高点时，若vgR，座椅对乘客的作用力方向竖直

向上C.图乙中，乘客经过轨道最高点时，若vgR=，座椅对乘客的作用力方向竖直向下D.图乙中，乘客经过轨道最高点时，若vgR，座椅对乘客的作用力方向竖直向上【答案】B【解析】【详解】AB．图甲中，若过最高点只有重力提

供向心力，则2vmgmR=，则速度为vgR=，若vgR，则合力小于重力，所以人受到向上的支持力，故A错，B对；C．图乙中，乘客经过轨道最高点时，若过最高点只有重力提供向心力，则2vmgmR=，则速度为vgR=，此时座椅对人没有作用力，故C错；D．图乙中，乘客经过轨道最高点时，若

vgR，则合力大于重力，所以人受到的座椅施加的向下的压力，故D错。故选B。5.一物块在水平恒力F作用下沿水平面ABC直线运动．已知AB段光滑，BC段粗糙，且ABBCL==．设恒力F在AB、BC段所做的功分别为1W、2W，则A.10W=，2WFL=B.1WFL，2WFL=C.1WFL=，2WF

LD.1WFL=，2WFL=【答案】D【解析】【详解】根据功的概念可知，W=Fxcosθ，则恒力F在AB、BC段的位移相同，则所做的功相同，均为W=FL；ABC.三个选项都错误；D.选项正确；6.汽车的发动机的额定输出功率为P1,它在水平路面上行驶时受到的摩擦阻力大小恒定．汽车在水平

路面上由静止开始运动,直到车速达到最大速度vm,汽车发动机的输出功率P随时间变化的图象如图所示．若在0~t1时间内,汽车发动机的牵引力是恒定的,则汽车受到的合力F合随时间变化的图象可能是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】0~t1时间内牵引力是恒定的，故合力也

是恒定的,输出功率一直增大，当达到额定功率后，即t>t1时，功率保持不变，速度继续增大，牵引力开始减小，一直到等于摩擦力，故合力也一直减小直到等于零故选项D正确，ABC错误，故选D.点睛：解决本题的关键会通过受力判断物体的运动，知道加速度随着合力的变化而变化

，当加速度方向与速度同向时，速度增大，反向时，速度减小．7.一个物体在相互垂直的两个力F1、F2的作用下，从静止开始沿光滑水平面运动一段距离，运动过程中F1对物体做功-6J，F2对物体做功8J，则物体获得的动能为（）A.-10JB.2JC.10JD.14J【答案】B【解析】【详解】两个力

F1、F2共对物体做功为W=W1+W2=-6J+8J=2J根据动能定理可知，物体获得的动能为2J。故选B。8.电场中有一点P，下列说法正确的是（）A.若放在P点的点电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B.若P点没有试探电荷，则P点的场

强为零C.P点的场强越大，则同一电荷在P点受的静电力越大D.P点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向【答案】C【解析】【详解】AB．电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与试探电荷的有无以及带电量均无关，

选项AB错误；C．根据F=Eq可知，P点的场强越大，则同一电荷在P点受的静电力越大，选项C正确；D．P点的场强方向为正的试探电荷在该点的受力方向，选项D错误。故选C。9.如图所示，三个质量相等的小球A、B、C从图示位置分别以相

同的速度v0水平向左抛出，最终都能到达坐标原点O。不计空气阻力，x轴为地面，则可判断A、B、C三个小球（）A.初始时刻纵坐标之比为1：4：9B.在空中运动过程中重力做功之比为1：2：3C.在空中运动的时间之比为1：2：3D.到达O点时，速

度方向与水平方向夹角的正切值之比为1：4：9【答案】AC【解析】【详解】C．由图象可得三个小球的水平位移之比为123::1:2:3xxx=根据平抛运动的水平位移公式0xvt=得时间之比为123::1:2:3ttt=故C正确；A．根据竖直位移公式212hgt=可得竖直位移之

比为123::1:4:9hhh=又因为三个小球的质量相等，所以在空中运动过程中重力做功之比为123123:::1:4:9:WWWhhh==故A正确，B错误；D．到达O点时，合位移与水平位移的夹角的正切值为tanhx=又合速度与水平方向夹角的正切值为tan2tan

=所以速度方向与水平方向夹角的正切值之比为123::tantantan1:2:3=故D错误。故选AC。10.M、N是某电场中一条电场线上的两点，若在M点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由M点运动到N点，其电势能随位移变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（）A.电子

在N点的动能小于在M点的动能B.该电场一定不是匀强电场C.该电子运动的加速度越来越小D.该条电场线可能是曲线【答案】BC【解析】【详解】A．电场力做功时，动能和电势能守恒，分析图象可知电子的电势能减小，电子在N点的动能大于在M点的动能，故A错

误；B．该图象的斜率表示电场力，斜率绝对值越来越小，说明电场力越来越小，场强越来越小，该电场不可能是匀强电场，故B正确；C．由前面分析可知电场力逐渐减小，该电子运动的加速度越来越小，故C正确；D．电子仅受电场力作用，并沿电场线由M点运动到N点

，说明电场线一定是直线，故D错误。故选BC。11.如图所示，轻弹簧上端固定，下端拴着一带正电小球Q，Q在A处时弹簧处于原长状态，Q可在C处静止。若将另一带正电小球q固定在C正下方某处时，Q可在B处静止．在有小球q的情况下，将Q从A处由静止释

放，则Q从A运动到C处的过程中（）A.Q运动到B处时速率最大B.Q、q两球组成的系统机械能不断增大C.Q的机械能不断增大D.加速度大小先减小后增大【答案】AD【解析】【详解】A．q在C正下方某处时，Q在B处所受的合力为零，速率最大，故A正确；BC．Q的机械能E等于

Q的动能与重力势能之和，由功能关系有△E=W弹+W电，而弹簧的弹力一直做负功，即W弹＜0，库仑力也一直做负功，即W电＜0，则△E＜0，即Q的机械能不断减小；因小球q固定不动，则其机械能不变，故Q的机械能不断变小即为Q、

q两球组成的系统的机械能不断减小；故BC错误；D．Q在B处加速度为零，则Q从A运动到B的过程中，加速度一直减小直到零，从B到C加速度反向增大，故D正确。故选AD。12.如图为某一电场的电场线，M、N、P为电场线上的三个点，M、N是同一电场线上两点。下列判断正确的是（）A.只受

电场力作用时，同一负电荷在N点的加速度最大B.M、N、P三点中N点的电势最高C.正电荷从M点自由释放，只受电场力作用时，电荷不可能沿电场线运动到N点D.同一正电荷在M点的电势能大于在N点的电势能【答案】ACD【解析】【详解】A．电场线的疏密反应了场的强弱，N点处电场

线最密，所以N点场强最大，同一负电荷在N点的加速度最大，故A正确；B．顺着电场线的方向，电势降低，所以M点的电势最高，故B错误；C．在M点静止释放，正电荷在电场力的作用下运动，但是运动轨迹并不是电场线，故C正确；D．根据EP=qφ，且φM＞φP＞φN可知，正电荷在

M点电势能大于在N点的电势能，故D正确。故选ACD。二、实验填空题（共16分，其中13题6分，14题10分，每空2分。）13.在“研究平抛运动”实验中：⑴其中图是横挡条卡住平拋小球，用铅笔标注小球最高点，确定平抛运动轨迹的方法，坐标原点应选小球在斜槽末端点时的____A、球心B、球的上端C

、球的下端⑵在此实验中，下列操作不必要的是___．A、斜槽轨道必须光滑B、记录的点应适当多一些C、用光滑曲线把所有的点连接起来D、y轴的方向根据重锤线确定⑶图②是利用图①装置拍摄小球做平抛运动的频闪照片，由照片可判断实验操作错误的是___．A、释放小球时初速度不为0B、

.释放小球的初始位置不同C、斜槽末端切线不水平【答案】(1).A；(2).A；(3).C【解析】【详解】解：(1)确定平抛运动轨迹的方法，坐标原点应选小球在斜槽末端点时的球心，故选项A正确，B、C错误；(2)A、实验过程中，斜槽不一定光滑

，只要能够保证从同一位置静止释放，即使轨道粗糙，摩擦力做功是相同的，离开斜槽末端的速度就是一样的，故选项A是不必要的；BC、记录点适当多一些，能够保证描点光滑，用平滑曲线连接，偏离较远的点应舍去，故选项B、C是必要的；D、y轴必须是竖直方向，即用铅垂线，故选项D是必要的；操作不必要的是

选选项A；(3)由图可知斜槽末端不水平，才会造成斜抛运动，故选项C正确，A、B错误．14.在“验证机械能守恒定律”的实验中，为完成实验：(1)某同学在实验室找到如图1所示两个体积相同的重锤，应选___（用甲

、乙表示）；(2)关于本实验，在操作过程正确的情况下，下列说法中正确的是___；A．实验时一定要称出重锤的质量B．实验中测得重锤重力势能的减少量pΔE略大于它动能的增加量kΔE，是因为阻力做功造成的C．如果纸带上打下的

第1、2点模糊不清，则无论用何种方法处理数据，该纸带都不能用于验证机械能守恒定律D．处理实验数据时，可直接利用打下的连续实际点迹作为“计数点”(3)由图2可以测得打B点时重物的速度vB=___m/s，打F点时重物的速度vF=___m/s；(4)某同学根据正确的实验操作得到一组数据，建立坐

标系后，通过描点做出了图像，并通过证明图像的斜率是否等于2g（g为当地重力加速度）来验证机械能是否守恒。他做出的图像是___。A．B．C．D．【答案】(1).甲(2).BD(3).1.86(4).4.80(5).A【解析】【分析】由题意可知，本题考查机械

能守恒定律的实验，根据实验步骤、实验原理及数据处理进行分析。【详解】(1)[1]验证机械能守恒定律的实验中，要求只有重力做功，故空气阻力要远远小于重力，故选择体积小密度大的物体，故选甲。(2)[2]A．由机械能守恒

定律得212mghmv=实验中只需要验证212ghv=故实验时不需要称出重锤的质量，故A错误；B．阻力做功使得重锤重力势能的减少量pE略大于它动能的增加量kE，故B正确；C．如果纸带上打下的第1、2点模糊不清，可以选择纸带上其它清晰的两点来验证机械能守恒即可，故C错误；D．用自由

落体运动来验证机械能守恒定律的实验中，因下落的加速度大，打出的点之间的距离通常比较大，故可以直接利用打下的连续实际点迹作为“计数点”，故D正确。故选BD。(3)[3][4]由匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻的

瞬时速度，有27.4210m/s1.855m/s1.86m/s20.02Bv−==()240.0420.8410m/s=4.80m/s20.02Fv−−=(4)[5]由机械能守恒定律212mghmv

=得到22vgh=故只需要建立2vh−图像，图像的斜率等于2g。故选A。【点睛】在机械能守恒定律实验中，不需要测出重锤的质量，由于在下落过程中有阻力做功，故重力势能的减小量略大于动能的增加量，求中间时刻的瞬时速度可

用这段时间内的平均速度进行计算。三、计算题（共36分。其中15题12分，16题11分，17题13分）15.小明站在水平地面上，手握不可伸长的轻绳一端，绳的另一端系有质量为m的小球，甩动手腕，使球在竖直平面内做圆周运动．当球某次运动到最低点时，绳突然断掉，球飞行水平距离d后落地，如图所示．已知握绳

的手离地面高度为d，手与球之间的绳长为34d，重力加速度为g。忽略手的运动半径和空气阻力。(1)求绳断时球的速度大小v0？(2)问绳能承受的最大拉力多大？【答案】(1)2gd；(2)113mg。【解析】【详解】(1)由平抛运动的规律得

：竖直方向2142dgt＝水平方向d=v1t解得v1=2gd(2)小球做圆周运动有牛顿第二定律得：F-mg=m2vr，解得F=113mg16.如图所示，一个质量为1.010-4kg的带电小球，穿过一根光滑的绝缘杆，置

于场强为2.0×102N/C的水平向右的匀强电场中，杆与水平面夹角为37°，小球刚好匀速下滑，问：(1)小球带什么电，小球带的电量为多少？(2)杆上A、B两点相距10cm，小球由A运动至B电场力所做的功多大？A、B两点的电势差UA

B为多大？（sin37°=0.6，cos37°=0.8）【答案】(1)小球带负电，38×10-5C；(2)-6×10-5J；16V【解析】【详解】(1)小球受重力mg，杆对球斜向上的支持力FN以及水平向左的电场力qE，小球刚好匀速下滑，由平衡知识可知，小

球应带负电，有tan37°=qEmg代入数据，解得小球带的电量大小q=38×10-5C(2)小球由A运动至B电场力所做的功5253cos371020100108J610J8ABWqEL...−−=−=−=−A、B两点的电势

差UAB=ELcos37°=16V17.如图所示，粗糙水平面与半径R=1.5m的光滑14圆弧轨道相切于B点，静止于A处m=1kg的物体在大小为10N方向与水平水平面成37°角的拉力F作用下沿水平面运动，到达

B点时立刻撤去F，物体沿光滑圆弧向上冲并越过C点，然后返回经过B处的速度vB=15m/s。已知SAB=15m，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8.求：(1)物体到达C点时对轨

道的压力；(2)物体与水平面的动摩擦因数μ。【答案】(1)130N；(2)0.125【解析】【详解】(1)设物体在C处的速度为vC，由机械能守恒定律有221122CBmgRmvmv+=在C处，由牛顿第二定律有2CCvFmR=联

立解得轨道对物体的支持力130NCF=根据牛顿第三定律，物体到达C点时对轨道的压力130NCF=(2)由于圆弧轨道光滑，物体第一次通过B处与第二次通过的速度大小相等，从A到B的过程，由动能定理有()21cos37sin372ABABBFSmgFSm

v−−=解得物体与水平面的动摩擦因数0.125=