【文档说明】安徽省阜阳市2023-2024学年高一下学期7月期末物理试题 Word版含解析.docx，共(17)页，2.135 MB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-5011698d89c6169d22a9fccf69454e1b.html

以下为本文档部分文字说明：

阜阳市高一年级教学质量统测物理本试卷满分100分，考试用时75分钟。注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案

标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项

中，只有一项是符合要求的。1.下图为A、B、C三个物体运动的位移时间图像，关于00t−时间内，对三个物体运动情况的描述正确的是（）A.A物体的运动轨迹为曲线B.B物体做匀加速直线运动C.B物体和C物体的平均速率相同D.A

物体的平均速度大于B物体的平均速度【答案】C【解析】【详解】A．x-t图象只能表示直线运动，故A做直线运动，故A错误；B．图象的斜率等于速度，则B物体做匀速直线运动，故B错误；C．由图看出B物体和C物体的路程和时间相等，则其平

均速率相同，故C正确；D．B物体和A物体的位移相同，时间相同，故平均速度一定相同，故D错误；故选C。2.对教材中几副插图的理解正确的是（）A.图甲，天宫二号绕地球做匀速圆周运动时，线速度和加速度都不变B

.图丙，当火车转弯速度过大时，火车外侧车轮的轮缘会挤压外轨C.图乙，力F作用在物体上，力和位移的夹角为150°，力对物体做负功D.图丁，小球在下落和弹簧相互作用的过程中，小球的机械能守恒【答案】B【解析】【详解】A．图甲，天宫二号绕地球做匀

速圆周运动时，线速度和加速度方向都会改变，故A错误；B．当火车以设计速度转弯时，车轮与铁轨之间没有侧向挤压，此时重力和支持力的合力刚好提供向心力，当速度过大时，所需向心力变大，有离心趋势，会挤压外轨，B正确；C．图丙，力F作用在物体上，

力和位移的夹角为30°，力对物体做正功，故C错误；D．图丁，小球在下落和弹簧相互作用的过程中，小球受弹簧弹力做负功，机械能减小，故D错误；故选B。3.2024年5月3日中国探月工程四期嫦娥六号顺利实施发射，5月8日10时12分在北京

航天飞行控制中心的精确控制下，嫦娥六号探测器成功实施近月制动，顺利进入环月轨道飞行。设嫦娥六号探测器在环月轨道上做圆周运动，距月球表面的高度为h，绕行周期为T，月球半径为R，忽略其他天体的引力对卫星的影响，引力常量G已知，球的体积公式为343Vr=，r为球体的

半径。则（）A.月球质量表达式为2324πhGTB.月球平均密度表达式为3πGTC.月球表面重力加速度的表达式为23224πhRTD.月球的第一宇宙速度表达式为()2πRhRhTR++【答案】D【解析】【详解】A．根据万有引力提供向

心力有2224()()GMmmRhRhT=++解得2324()RhMGT+=故A错误；B．月球平均密度表达式为3233()MRhVGTR+==的故B错误；C．根据万有引力与重力的关系有2GMmmgR=解得23224()RhgTR+=故C错误；D．根据重力提供向心力

有2vmgmr=解得()2πRhRhvTR++=故D正确；故选D。4.为进一步优化公交网线布局，提高公交运营效率，阜阳市公交集团优化调整，采取大站快线的运营模式。阜阳西站和火车站间的某条公交线路里程为20km，之间设置了4个停靠站。快线公交车运行的最大速度为54km/h，进

站和出站过程中，加速度大小均为21m/s，其余行驶时间内保持最大速度匀速行驶。公交车在每个站点停车时间约为40s，则乘快线公交从阜阳西站到火车站的最短时间约为（）A.1568sB.1553sC.1538s

D.1608s【答案】A【解析】【详解】由于进站和出站过程中，加速度大小均为21m/s，进站和出站过程时间相同。进站和出站总时间为1230svta==分析可知，汽车要经过5次加减速，则变速运动时间为15

150stt==变变速运动位移2101125m2vxa==变则汽车匀速运动时间1258sxxtv−=总变匀则乘快线公交从阜阳西站到火车站的最短时间约为41568stttt=++=停变匀故选A。5.如图，在(),0a−和(),0a的位置分别放置电荷量大小均为q的正点电荷，p点坐标为()

0,a，静电力常量为k，则p点的电场强度为（）A.222kqa，方向沿y轴负方向B.222kqa，方向沿y轴正方向C.2kqa，方向沿y轴负方向D.2kqa，方向沿y轴正方向【答案】B【解析】【详解】正负电荷在p点的场强大小相等，均为22222()kqkqEaaa==+根据矢量的合成方

法可知，p点的电场强度方向沿y轴正方向，大小为22222pkqEEEa=+=故选B。6.如图甲所示，滚筒洗衣机脱水时，衣物紧贴着滚筒壁在竖直平面内做顺时针方向的匀速圆周运动。可简化为图乙所示模型，一件小衣物质量为m，A、B分别为小衣物经过

的最高位置和最低位置，测得小衣物过A点线速度大小为v，做圆周运动的周期为T。已知重力加速度为g，小衣物可视为质点。下列说法正确的是（）A.衣物转到A位置时的脱水效果最好B.要使衣物过A点不掉下，转筒的周期不能大于2πvTC.衣物在

A点对滚筒壁的压力大小为2πvmmgT−D.衣物在A、B两点受到转筒的压力差为4mg【答案】C【解析】【详解】B．要使衣物过A点不掉下，筒壁的支持力需要大于等于零，则224'mgmrT解得2'vTTg故B错

误；C．衣物在A点时2NAvFmgmr+=解得衣物在A点受到滚筒壁的支持力为2NAvFmvmgmmgT=−=−由牛顿第三定律可知衣物在A点对滚筒壁的压力大小为2vmmgT−，故C正确；D．衣物转到B位置时，由牛顿第二定律有2NBvFmmgT

=+则A、B两点的压力之差为2NBNANBNAFFFFmg−=−=即衣物在A、B两点受到转筒的压力差为2mg，故D错误；A．衣物在A、B两点的压力满足𝐹𝑁𝐵=𝑚2𝜋𝑣𝑇+𝑚𝑔>𝑚𝑔2NAvFmmgT=−NBNAFF由于衣物与水滴之间的作用力的最大值有一定限度，当

超过该限度值时，水将做离心运动，因此衣物转到B位置时的脱水效果最好，故A错误。故选C。7.为了较准确地测量细线能承受的最大拉力，某同学进行了如下实验：①将细线对折，将重为G的钩码（挂钩光滑）挂在细线的下端，如图甲所示，用刻度尺测量出对折后的长度L；②如图

乙所示，将刻度尺水平放置，两手捏着细线紧贴刻度尺水平缓慢向两边移动，直到细线断裂，读出此时两手间的水平距离d。下列说法正确的是（）A.同学两手捏着细线缓慢向两边移动的过程中，细线对钩码的作用力变大B.同学两

手捏着细线缓慢向两边移动的过程中，细线对钩码的作用力变小C.细线能承受的最大拉力大小为224GLLd−D.细线能承受的最大拉力大小为222GLLd−【答案】C【解析】【详解】AB．该同学两手捏着细线缓慢向两边移动的过程中，钩码始终处于平衡状态，细线中拉力逐渐增

大，但他们的合力始终等于钩码重力G，故合力大小不变，故AB错误；CD．细线断裂时，细线中拉力为最大值，设此时细绳与竖直方向夹角为，则2cosFG=根据几何关系可知22()2cosdLL−=联立解得224GLLdF=−故

C正确，D错误；故选C。8.一个质量为50千克的人乘坐电梯，由静止开始上升。整个过程电梯对人做功的功率图像如图所示。其中0∼2s做匀加速直线运动，2s∼5s做匀速直线运动，5s∼9s做匀减速直线运动，210m/sg=，则下列说法正确的是（）A.0∼2s内电梯加

速上升1mB.在5s∼9s内电梯上升2mC.电梯加速运动过程中对人所做的功大于减速阶段对人所做的功D.电梯加速运动过程中对人所做的功小于减速阶段对人所做的功【答案】D【解析】【详解】AB．2s~5s内功率恒定，故此时拉力等于

重力，物体匀速运动，由Pmgv=得10002m/s5010Pvmg===0∼2s内，根据位移与平均速度的关系有在122xvt==m同理在5s∼9s内电梯上升142xvt==m故AB错误；CD．根据动能定理可知加速过程中有212Wmg

xmv−=减速过程中有2102Wmgxmv−=−解得1100W=J<1900W=J故C错误，D正确；故选D。二、多项选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。9.在距

离地面15m高的P点竖直向上抛出一个质量为0.5kg的小球，小球的初速度为10m/s，小球在运动中受到大小恒为5N的水平向右的风力作用，忽略空气阻力，g取210m/s，则下列说法中正确的是（）A.小球从抛出到落地的时间为3sB.小球落地时的速度大小为50m/sC.小球的抛出点到落地点的

距离为45mD.小球运动过程的最小速度大小为52m/s【答案】AD【解析】【详解】A．规定向下为正方向，根据位移与时间关系有2012hvtgt=−+解得3t=s故A正确；B．竖直方向有020m/syvvgt=−+=水平方向根据牛顿第

二定律有xFma=解得210m/sxa=水平方向的速度为30m/sxxvat==合速度为221013m/sxyvvv=+=故B错误；C．水平方向的位移为21452xxat==m小球的抛出点到落地点的距离

为2215451510s=+=m故C错误；D．小球合力方向与水平方向的夹角为tan1==mgF解得45=速度方向与合力方向垂直时，速度最小，此时速度与水平方向的夹角为45°，则有0tan45xvgtat−=解得0.5t=s此时速度为52m/scos45xatv

==故D正确；故选AD10.如图，一足够长的倾斜传送带以恒定的速率逆时针转动，某时刻在传送带上适当的位置放上具有一定初速度的小物块，速度方向沿传送带斜向下。已知物块初速度大于传送带的速度，传送带足够长，传送带与物块间的动摩擦因数t

an，则物块下滑过程中其速度v、皮带与传送带间因摩擦产生的热量Q、动能kE、机械能E与物块位移x之间的关系图像，可能正确的有（）A.B.CD.【答案】CD【解析】【详解】A．由题意可知，开始阶段，物块做减速运动，则221012vvax

−=−解得21012vvax=−0va，是定值，显然开始阶段图像不是直线。故A错误；B．由于tan，分析可知物块先匀减速，后匀速。则共速前，设物块位移为x，传送带位移x，则2012xvtat=−xvt=xxx=−相。.联立解得200248()2vvaxxx

va+−=−相0vva，，是定值，显然相对位移与物块位移不是线性关系。根据Qfx=相可知，共速前皮带与传送带间因摩擦产生的热量Q与物块位移不是线性关系。故B错误；C．共速前，由动能定理得kk0(cossin)mgmgxEE−−=−解得kk0(cossin)EE

mgmgx=−−可知动能随位移成线性关系。共速后，速度不变动能不变，故C正确；D．由功能关系得0EEfx−=−解得0EEfx=−可知E与x成线性关系。减速时的滑动摩擦力大于匀速时的静摩擦力，所以图线

开始斜率大后面小。故D正确。故选CD。三、非选择题：共5小题，共58分。11.物理实验一般都涉及实验目的、实验原理、实验仪器、实验方法、实验操作、数据分析等。（1）实验原理：如图，某组同学通过测量质量

相同的两辆小车在相同时间内通过的位移来比较它们的加速度，进而探究加速度与力的关系，实验装置如图所示。将轨道分上下双层排列，两小车尾部的刹车线由后面的刹车系统同时控制，能使小车同时立即停下来。可改变槽码盘中的槽码来改变拉力的大小，实验平面很光滑，摩擦力可以忽略不计。你认为这一实

验方案是__________（选填“可行”或“不可行”），因为_______________________。（2）实验操作：在“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中，先用两个弹簧测力计分别钩住绳套，

互成角度地拉橡皮条；再用一个弹簧测力计通过细绳套拉橡皮条。在此实验中判断力F（一个弹簧测力计的拉力）单独作用与力1F、2F（两个弹簧测力计互成角度拉时各自的拉力）共同作用效果相同的依据是__________。A.F的大小等于1F与2F的大小之和B.使橡皮条伸长相同的长度C.使橡皮条上的

结点到达同一位置【答案】（1）①.可行②.见解析（2）C【解析】【小问1详解】[1][2]不计摩擦力，在槽码盘和槽码的总质量远小于小车质量的前提下，甲、乙两小车受到的拉力近似等于槽码盘和槽码的总重力。小车做初速度为零的匀加速运动，通过控制装置可以保证两小车

运动时间相同，运动的位移212xat=则1122axax=利用位移关系可以得出加速度的关系。因此该方案可行；【小问2详解】判断力F单独作用与力1F、2F共同作用效果相同的依据是使橡皮条上的结点到达同一位置

，表示力的大小与方向都是相同的。故选C。12.某物理小组结合所学的知识设计了一个验证机械能守恒定律的实验。一个固定在竖直平面内的半圆形平板，O点为圆心，调节板使其直径MN水平，半径OA处于竖直方向，O点处固定一个力传感器，轻细线一端拴在力传感器信号输入端，另一端系一个小钢球

。测出细线上端到球心的长度L和钢球质量m，小钢球静止时，细线与OA重合，保持细线呈张紧状态将其拉离竖直位置，让小钢球紧贴半圆板由静止释放，记录细线与OA重合时，力传感器的示数F。已知重力加速度为g。（1）请写出小钢球经过最低点时的速度表达式=v__________（用g、L、F、m表达）；（

2）测出小钢球静止释放时球心的位置与其到达最低点处球心的位置之间的高度差h，若小钢球在上述运动过程中满足机械能守恒定律，则等式：____________________（用g、L、F、m、h表达）成立；（3）改变h，重复上述操作，记录

对应的F值，利用多组h、F数据，拟合得到hF−图像，其形状可能是（）A.B.C.D.【答案】（1）()FmgLm−（2）()2FmgLmgh−=（3）C【解析】【小问1详解】根据牛顿第二定律有2vFmgmL−=解得()FmgLvm−=【小问2详解】根据机械能守恒定律有212mghmv=解得(

)2FmgLmgh−=【小问3详解】根据机械能守恒定律有()2FmgLmgh−=变形可得22FLLhmg=−则图像是一次函数，且与y轴负半轴有交点。故选C。13.如图所示，平行金属板M、N水平放置，它们之间距离为d，除边缘外，它们之间的电场可以看为匀强电场，电场强度为E。

一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从M板由静止释放。已知qEmg=，重力加速度为g，忽略空气阻力。（1）求带电粒子的加速度；（2）若在带电粒子运动2d距离时，电场强度E大小不变，方向相反，不考虑调换时间，求该粒子从M板运动到N板经历的时间t。【答案】（1）2g；（2）324dg【解析】【详解

】（1）由牛顿第二定律得mgEqma+=结合qEmg=解得2ag=（2）粒子运动2d距离时速度为222dvagd==加速运动的时间12vdtag==匀速运动时间21222ddtvg==粒子从M板运动到N板经历的时间12324dtttg=+=14

.如图所示，在长为l的细绳下端拴一个质量为m的小球，捏住绳子上端；使小球在水平面内做圆周运动，细绳就沿圆锥面旋转，这样就成了一个圆锥摆。重力加速度大小为g。（1）当绳子跟竖直方向的夹角为时，小球运动的周期T的大小为多少？（2）通过计算说明：要减小夹角，应该如

何改变小球运动的角速度。【答案】（1）cos2lTg=；（2）减小角速度【解析】【详解】（1）由合力提供向心力得224tansinmgmlT=解得cos2lTg=（2）小球运动角速度为2cosgTl==可知，减小，则减小因此要减小夹角，

应该减小角速度。15.如图所示，一半径4mR=、圆心角60=的圆弧形轨道固定在水平地面上，ON沿竖直方向，N为轨道最低点。质量为12kgm=的小滑块P以初速度06m/sv=从轨道最高点M沿切线方向进入轨道，由于沿MN轨道动摩擦因数不相同，滑块恰

好能沿着MN以相同速率运动，紧靠轨道右侧有一长木板A与轨道靠在一起但不粘连。已知：长木板质量21kgm=，且长木板足够长，小滑块P与长木板间的动摩擦因数为10.3=，长木板与地面间动摩擦因数为20.1=，已知sin3

70.6=，cos370.8=，g取210m/s。试求：（1）滑块运动到N点对轨道的压力；（2）滑块从M点到N点过程中摩擦力做功；（3）滑块和长木板A最终都停止运动时，滑块与长木板A左端的距离。【答案】（1）38N；（2）-40J；（3）3m【解析】【详解】（1）滑块恰好能

沿着MN以相同速率运动，则滑块在N点的速度为6m/s，根据牛顿第二定律有20N11vFmgmR−=解得。N38F=N根据牛顿第三定律可知，滑块运动到N点对轨道的压力为38N。（2）滑块恰好能沿着MN以相同速率运动，根据

动能定理有()1f1cos0mgRW−+=解得f40W=−J（3）滑块的加速度为211113m/smgam==木板的加速度为21121222()3m/smgmmgam−+==设经t时间后，两物

体速度相等，则有012vatat−=解得1t=s滑块相对于木板的位移为2201211322xvtatat=−−=m由于11212()mgmmg+则滑块与木板相对静止一起做匀减速直线运动，直至停止，最终滑块与长木板A左端的距离为3m。