【文档说明】四川省成都列五中学2024-2025学年高三上学期9月月考物理试题 Word版含解析.docx，共(19)页，2.963 MB，由小赞的店铺上传

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高三物理一、单项选择题（本题共7个小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。）1.智能手机上装载的众多app软件改变着我们的生活。如图所示为某软件的一张截图，表示了某次导

航的具体路径，其推荐路线中有两个数据，10分钟，5.4公里，下列说法正确的是（）A.10分钟表示的是某个时刻B.研究汽车在导航图中的位置时，可以把汽车看作质点C.5.4公里表示了此次行程的位移的大小D.根据这两个数据，我们可以算出此次行程的平均速度的大小【答案】B【解析】【详解】A．10分钟是一

段时间，因此是时间间隔，A错误；B．在研究汽车在导航图中的位置时，汽车自身大小和形状与所研究问题无关可以忽略，因此可以把汽车看作质点，B正确；C．5.4公里是实际走的距离，是路程，C错误；D．根据这两个数据，用路

程除以时间，我们可以算出此次行程的平均速率，D错误。故选B。2.如图所示，小李驾驶汽车按导航提示右转通过某个路口后，突然看到前方禁止通行警示牌，他反应过来后刹车制动，并倒车回到路口绕道行驶。以路口为位移原点，汽车开始减速时为计时起点，并将汽车看成质点，忽

略换挡时间（把刹车和倒车过程看成连续的匀变速直线运动），绘制了如图所示的xt−图像，由图中数据可得（）A.t=4s时，汽车离路口最远为8mB.0~6s内，汽车的平均速度大小为1m/sC.t=0时刻，汽车的瞬时速度大小为2m/sD.t=3s时，汽车的加速度大小为2m/s²【答

案】B【解析】【详解】A．以路口为位移原点，由xt−图像可知，t=4s时，汽车离路口最远为13m，故A错误；B．由xt−图像可知，0~6s内，汽车的平均速度大小为115m/s1m/s6xvt−===故B

正确；C．根据xt−图像的切线斜率表示速度可知，t=4s时，汽车的速度为0；在0~4s内有04402vxt+=可得t=0时刻，汽车的瞬时速度大小为02(135)m/s4m/s4v−==故C错误；D．汽车在0~4s内做匀减速直线运动，则t=3s时，汽车的加速度大小为2204

4m/s1m/s4vat===故D错误。故选B。3.一平直公路旁等间距竖立5根电线杆，相邻两电线杆间距为d，如图所示。一小车车头与第1根电线杆对齐，从静止开始做匀加速直线运动，测得小车车头从第1根电线杆到第2根电线杆历时t，以

下说法正确的是（）A.车头从第2根电线杆到第4根电线杆历时为tB.车头从第1根电线杆到第5根电线杆历时为5tC.车头到第2根电线杆时，速度大小为dtD.车头到第5根电线杆时，速度大小为4dt【答案】D【解析】【详解】AB．根据题意，由位移时间关系有212d

at=，21132dat=，22142dat=解得13tt=，22tt=则车头从第2根电线杆到第4根电线杆历时为()1Δ31tttt=−=−车头从第1根电线杆到第5根电线杆历时为2t，故AB错误；CD．根据题意，设车头到第2根电线杆时，速度大小1v，车头到第5根电线杆时

，速度大小为2v，则有12vdt=，2422vdt=解得12dvt=，24dvt=故C错误，D正确。故选D。4.2023年12月8日，济郑高铁全线正式开通运营，首发列车复兴号G4821从济南长清站出站时做匀加速直线运动

，途中连续经过三个测试点A、B、C，已知AB段距离为BC段的一半，AB段平均速度为30ms，BC段平均速度为60ms，如图所示，则列车经过C点时速度大小为（）为A.85msB.75msC.65msD.55ms【答案】B【解析】【详解】设AB段距离为x，BC段距

离为2x，AC段平均速度3123345m/s223060xxvxxxxvv===++由匀变速直线运动平均速度等于初末速度之和的一半，可知AB、BC、AC段平均速度可表示为130m/s2ABvvv+==260m/s2BCvvv+==345m/s2ACvvv+=

=解得列车经过C点时速度大小为75m/sCv=故选B。5.甲、乙两个物体初始时刻在同一位置，运动图像分别如图所示，两个图像均为14圆弧，圆弧的半径均为a，纵、横坐标表示的物理意义待定，下列说法正确的是（）A

.若图像为甲、乙的运动轨迹，则甲、乙的平均速率相同B.y表示速度，x表示时间，则xa=时甲、乙间的距离为22aC.y表示加速度，x表示时间，则xa=时甲、乙的速度相同D.y表示位移，x表示时间，则甲

、乙的平均速度相同【答案】B【解析】【详解】A．若图像为甲、乙的运动轨迹，可知，甲乙运动的路程相等，但时间不确定，无法比较甲、乙的平均速率，故A错误；B．y表示速度，x表示时间，则题图为其速度—时间图像，该图像与坐标轴围成的面积为物体的位移，由题图可知，甲的位移方向与正方向相同，其大小为2114x

a=乙的位移方向与正方向相反，其大小为2214xa=甲、乙从同一位置出发，所以两者的距离为21212xxxa=+=故B正确；C．若y表示加速度，x表示时间，则图像与坐标轴围成的面积表示物体速度的变化量，由于甲乙的

运动方向不同，则xa=时甲、乙的速度大小相等，方向不同，即速度不同，故C错误；D．y表示位移，x表示时间，由图可知，甲的位移为a，时间为a，则平均速度为1ms，乙的位移为a−，时间为a，则平均速度为1ms−，则甲、乙的平均速度不相同，故D错误。故选B。6.小帅同学用轻质圆规做了如

图所示的小实验，圆规两脚A与B分别模拟横梁与斜梁，钥匙模拟重物，重力为mg。将钥匙对绳子的拉力分解为拉伸A脚的分力F1和压缩B脚的分力F2，则（）A.F1＝mgtanα方向水平向右B.F1＝tanmg方向水平向右C.F2＝mgcosα方向斜向左下方D.F2＝cosm

g方向斜向右上方【答案】A【解析】【详解】将钥匙重力分解为拉伸A脚的分力F1和压缩B脚的分力F2，如图：根据几何方法可知F1=mgtanα方向水平向右；2cosmgF=方向斜向左下方；故A正确，BCD错误；故选A。7.如图位于水平桌面上的物块P，由跨过定滑轮的轻绳与物块相连，从滑轮到P和到Q的

两段绳都是水平的，已知Q与P之间以及桌面之间的动摩擦因数都为µ，P的质量为m，Q的质量为2m，滑轮轴上的摩擦不计，若用一水平向右的恒力F拉P使其做匀速直线运动，则F的大小为（）A.4µmgB.3µmgC.7µmgD.5µmg【答案】C【解析】分析】【详解】对Q

受力分析：Q受重力2mg，绳子拉力T，P对Q的支持力FN1、P对Q的摩擦力fPQ；则12PQNTfFmg===对P受力分析：Q受重力mg，绳子拉力T，向右的力F、Q对P的压力FN1＇、地面对P的支持力FN、Q对P的摩擦力fQP、地面对P的摩擦力f；则1'3NNF

Fmgmg=+=3NfFmg==QPFTff=++QPPQff=解得7Fmg=故选C。二、多项选择题（本题共3个小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选

对但不全的得3分，有选错的得0分。）【8.力的合成和分解在生产和生活中有着重要的作用，下列说法中正确的是（）A.2N、3N、4N三个共点力最大合力为9N，最小合力为0NB.仅增大两个共点力F1、F2间的夹角，则两力的合力F一定减小C.已知合力及一个分力的大小和方向，则求

另一个分力有无数解D.高大的桥要建很长的引桥减小斜面的倾角，是为了减小汽车行驶过程中的摩擦力【答案】AB【解析】【详解】A．2N、3N、4N三个共点力同向共线时，合力最大，最大合力为9N；3N与2N的合力范围是1NF5N当2N与3N合力大小为4N，方向与4N的力方向相

反时，三个力的合力为0，则最小合力为0N，故A正确；B．合力与分力的关系是1212FFFFF−+当两个分力的夹角（0°−180°）逐渐增加时，其合力逐渐变小，故B正确；C．已知合力及一个分力的大小和方向，

则只能画出一种平行四边形，则只有唯一解，故C错误；D．减小引桥斜面的倾角可以减小汽车重力沿斜面向下分力，以使行驶更加方便、安全，同时增大汽车与桥面间的支持力，进而增大汽车行驶过程中的摩擦力，故D错误。故选AB。9.今年云南的大象火出了圈，而我们在野外自驾游也容易碰见野生动物突然从路边窜出的情况。若

汽车以一定速度在平直公路上匀速行驶，突然一头大象冲上公路，由于受到惊吓，大象在同一车道立刻由静止开始与车同方向加速奔跑，此时大象距离汽车前方车头有一定距离，司机立即刹车（忽略司机的反应时间），汽车和大象的速度-时间图像如图所示，以司机开始刹车为计时起点，下列说法正确的

是（）A.汽车刹车后7s内位移大小为35mB.两者之间距离至少为24m才能保证不撞到大象C.若两者相距18m，则刹车加速度的大小至少为23m/s才安全D.若司机反应时间为0.5s，其他条件不变，则两者之间距离至少为30m才安全的【答案】BC【解析】【详解】A．如图

可知，汽车做匀减速直线运动，加速度为22m/svat==−经时间t停止运动，有006svta−==汽车刹车后7s内的位移大小为2136m2xat==A错误；B．要想不撞到大象，则当速度相等时，不相撞即可，当速度相等时，汽车和大象的位移分别为1

(412)432m2x+==2448m2x==两者之间距离至少为1224mxxx=−=B正确；C．设汽车加速度大小为1a，大象加速度为2a经时间t速度相等，有012vatat−=2201021122vtatxat−−=其中018mx=，221m/sa=，解得213m/sa=C

正确；D．若司机反应时间为00.5st=，其他条件不变，汽车加速度大小为22m/sa=，大象加速度为221m/sa=，汽车减速1t时间速度相等，有01210()vatatt−=+2200011021011()22v

tvtatxatt+−−=+解得027.9mxD错误。故选BC。10.粗糙水平地面上有一质量为M、倾角为30的粗糙楔形物体C，斜面上有一个质量为2m的物块B，B与一轻绳连接，且绕过一固定在天花板上的定滑轮，另一端水平与一结点连接一个质量为m的小球A，右上方有一拉力F，初始夹角135=

，如图所示。现让拉力F顺时针缓慢转动90且保持大小不变，转动过程B、C始终保持静止。已知B与滑轮间的细绳与斜面平行，重力加速度为g。下列说法正确的是（）A.拉力F一直减小B.B、C间的摩擦力先增大再减小C.物体C对地面的压

力先增大再减小D.物体C对地面的摩擦力的最大值为2mg【答案】AB【解析】【详解】A．对题图右侧结点处受力分析，α角大小不变，可以使用辅助圆方法判断力的动态变化情况，如图所示通过分析可得绳子拉力TF先增大再减小，拉力F一直减小，故A正确；B．初始状态，对A分析可得绳子拉力大小为TFmg=对B

分析，可发现T2sin30Fmg=即一开始B与C间的静摩擦力为零，故当绳子拉力TF从mg先增大再减小到mg，B、C间的静摩擦力方向一直沿斜面向下且先增大再减小，故B正确；C．将B、C看成整体，竖直方向有Tsin30(2)NF

mMg+=+地由于TF先增大再减小，故N地先减小再增大，即物体C对地面的压力先减小再增大，故C错误；D．将B、C看成整体，水平方向上有Tcos30Ff=地当TF最大时，即此时F水平，对A分析可计算得Tmax2Fmg=所以max62

fmg=地则物体C对地面的摩擦力的最大值为62mg，故D错误。故选AB。三、实验题（本题共2个小题，共14分。）11.在高中阶段，我们学习了多种测量物体加速度的方法（1）通过打点计时器，可以测量小车的加速度。实验装置如图所示。

通过实验得到了一条点迹清晰的纸带，找一个合适的点当作计时起点O（0t=），然后每隔0.1s选取一个计数点，如图中A、B、C、D、E、F所示。某同学测量了相邻两计数点间的距离：7.05cmOA=，7.68cmAB=，8.31cmBC=，8.95cmCD=，9.57cmDE=，10.20cm

EF=，请计算该小车的加速度1a=____2m/s（保留小数点后两位）（2）若实验时交流电的频率大于50Hz，则加速度的测量值________（选填“大于”、“小于”或“等于”）真实值。（3）通过光电门，同样可以测量物体的加速度。如图，滑块上安装了

宽度为2.0cm的遮光条，滑块在牵引力作用下先后通过两个光电门，配套的数字计时器记录了遮光条通过第一光电门的时间10.20st=，通过第二个光电门的时间20.05s=t，遮光条从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间2.5st=，试估算滑块的加速度

2a=____2m/s（保留两位有效数字），该估算值与真实值相比____（选填“偏大”、“偏小”或“相同”）【答案】（1）0.63（2）小于（3）①.0.12②.偏小【解析】【小问1详解】根据逐差法可得该小车的加速度为22212(8.959.5710.207.057.688.31)10m/s0

.63m/s90.1a−++−−−=【小问2详解】若实验时交流电的频率大于50Hz，实际打点周期小于0.02s，则代数计算的时间偏大，使得加速度的测量值小于真实值。小问3详解】[1]滑块经过两个光电门的速度分别为2112.010m

/s0.1m/s0.20dvt−===，2222.010m/s0.4m/s0.05dvt−===则滑块的加速度为222120.40.1m/s0.12m/s2.5vvat−−===[2]如下图所示t为图中30~t的时间，而计算滑块加速度的时间应该是滑块经过两个光

电门中间时刻的时间，即图中14~tt的时间，由于滑块做加速运动，结合图像可知14~tt的时间小于30~t的时间，所以与滑块加速度的真实值相比较，测量值偏小。12.图甲为“探究两个互成角度的力的合成规律”实验的示意图

。图甲中A为橡皮条的固定端、O为橡皮条与两条细绳OB和OC的结点，图乙为某次实验中在白纸上画出的力的图示。（1）关于本实验的操作过程，下列说法正确的是______________A．为了方便测量，实验时两细绳OB、OC必须相互垂直B．必须记录橡皮条被拉伸的数值及OB、OC

细绳拉力大小C．橡皮筋的反向延长线必须是两条细绳夹角的角平分线D．同时改变两条细绳的拉力，可以保持结点O的位置不变（2）图乙中F为用一个测力计拉橡皮条的力，F与F＇方向一定沿AO方向的是______________。（填“F”或“F'”）【（3）图丙

是某次实验记录的部分信息，其中合力F=6N，分力2F方向确定、与合力F夹角为30=，则另一分力1F的最小值是______________N。【答案】①.D②.F③.3##3.0【解析】【详解】（1）[1]A．为

了实验的准确性，实验时两细绳OB、OC的夹角应适当大一点，没必要一定成90°，A错误；B．每次实验必须将橡皮条的末端点拉至同一位置，并记录OB、OC细绳拉力大小及方向，B错误；C．OB、OC细绳拉力大小可以不相等，故橡皮

筋的反向延长线不一定是两条细绳夹角的角平分线，C错误；D．同时改变两条细绳的拉力，可以保持结点O的位置不变，D正确。故选D。（2）[2]图乙中F为用一个测力计拉橡皮条的力，故F沿橡皮条的拉伸方向即沿AO方向；F'是F1、F2合力的理论值，吻合平行四边形的对角线。（3）[3]

当12FF⊥时，F1最小，如图1minsin3NFF==四、计算题（本题共3个小题，共40分。）13.某校一课外活动小组自制一枚火箭，设火箭从地面发射后，始终在垂直于地面的方向上运动。火箭点火后可认为做匀加速直线运动，经过4s到达离地面40m高处时燃料

恰好用完，接着做竖直上抛运动。若不计空气阻力，取210m/sg=，求：（1）燃料恰好用完时火箭的速度；（2）火箭上升离地面的最大高度；（3）火箭从发射到残骸落回地面过程的总时间（计算结果可用根号表示）。【答案】（1）20m/s，方向竖直向上（2）60m（3）(623)s+【解析

】【小问1详解】设燃料用完时火箭的速度为1v，所用时间为1t。火箭的上升运动分为两个过程，第一个过程做匀加速上升运动，第二个过程做竖直上抛运动至最高点。对第一个过程，自制火箭做匀加速运动，有21112hat=解得25m/sa=由速度公

式得燃料恰好用完时火箭的速度1120m/svat==方向竖直向上。【小问2详解】对第二个过程，由位移与速度关系公式得2122vhg=代入数据解得220mh=所以火箭上升离地面最大高度1240m20m60mhhh=+=+=【小问3详解】的从燃料用完到运动至最高点的过程中，由12v

gt=可得122svtg==从最高点落回地面的过程中2312hgt=代入解得323st=故总时间()123623stttt=++=+总14.如图所示，质量4kgM=物块甲置于倾角为37°的斜面，物块甲与斜面间动摩擦因数0.5=，物块与斜面间最大静摩擦力大小

等于滑动摩擦力大小。质量为1.5kgm=的物块乙通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O，水平轻绳OA与物块甲连接于A点，轻绳OB与水平方向夹角也为37°。对物块甲施加沿斜面向上的力F（图中未画出）使甲、

乙两物体均静止。已知sin370.6=°，cos370.8=°，重力加速度210m/sg=。求：（1）轻绳OA、OB的弹力大小；（2）斜面对甲的弹力大小；（3）力F大小的取值范围。【答案】（1）20NOAT=，25NOBT=（2）20N（3）30N50NF【解析】【小问1详解

】对结点O进行受力分析，根据受力平衡可得轻绳OA的弹力大小为20Ntan37OAmgT==轻绳OB的弹力大小为25N37OBmgTsin==【小问2详解】对物块甲进行受力分析，在垂直斜面方向，由受力平衡可得cos37sin3720NOAN

MgT=−=【小问3详解】甲受到的最大静摩擦力为m10NfN==当拉力F较小，且沿斜面向上的摩擦力达到最大静摩擦力时，由平衡条件可得1msin37cos37OAFfMgT+=+解得130NF=当拉

力F较大，且沿斜面向下的摩擦力达到最大静摩擦力时，由平衡条件可得2msin37cos37OAFMgTf=++解得250NF=故力F大小的取值范围为30N50NF15.某工厂用传送带将木炭从高处

传送到低处，传送过程示意图可简化为下图，倾斜放置的传送带装置与水平地面夹角θ=37°，传送带以v0=5m/s的恒定速率顺时针转动，某时刻，工人将质量为m=50kg的木炭轻放在传送带的顶端A，经过一段时间后，木炭从传送带底端B平滑滑上质量为M=25kg的木板左端（物体经过B点前后速度

大小不变），再经过一段时间，木炭停止运动且未脱离木板。已知木炭与传送带间的动摩擦因数μ1=0.5，木炭与木板间的动摩擦因数μ2=0.2，木板与地面间的动摩擦因数μ3=0.1，AB的距离为s=15.25m。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2（已知s

in37°=0.6，cos37°=0.8）。求：（1）木炭刚放上传送带时的加速度a的大小和从A运动到B的时间；（2）木炭运动到B的速度和在传送带上留下的划痕；（3）木炭停止运动时的位置到传送带底端B的距离L。【答案】（1）210m/s，2

.5s（2）9m/s，4m（3）22.5m【解析】【小问1详解】木炭刚放上传送带时，由牛顿第二定律得1sincosmgmgma+=解得加速度大小为210m/sa=设木炭经过时间1t与传送带共速，则有010.5sv

ta==该过程木炭运动的位移大小为0111.25m2vxt==由于1tan37，可知共速后木炭继续向下做匀加速直线运动，由牛顿第二定律得1sincosmgmgma−=解得加速度大小为2/s2ma=设木炭到达B端时的速度大小为Bv，根据运动学公式可得22102()Bas

xvv−=−解得9m/sBv=木炭从共速后到B端所用时间为022sBvvta−==则木炭从传送带顶端A滑到传送带底端B的时间122.5sttt=+=【小问2详解】由（1）问可知，木炭运动到B的速度为9m/sBv=；木炭与传送带共速前，木炭相对于传送带向上运动的距离

为10111.25mxvtx=−=木炭与传送带共速后，木炭相对于传送带向下运动的距离为21024mxsxvt=−−=由于21xx，则木炭在传送带上留下的划痕长度为24mx=【小问3详解】木炭滑上木板左端时，分别对木炭和木板由牛顿第二定律得21mgma=，

232()mgMmgMa−+=解得212m/sa=，221m/sa=设经过时间3t木炭与木板达到共速1v，根据运动学公式可得113Bvvat=−，123vat=解得33st=，13m/sv=此过程中木炭运动的位移大小为13318m2

Bvvxt+==由于23，可知木炭与木板共速后，保持相对静止一起做匀减速直线运动；以木炭和木板为整体，由牛顿第二定律得33()()MmgMma+=+解得231m/sa=设木炭与木板共速后运动的距离为4x，根据运动学公式可得234120a

xv−=−解得21434.5m2vxa==则木炭停止运动时的位置到传送带底端B的距离为3422.5mLxx=+=