【文档说明】浙江省台州市书生中学2019-2020学年高一生物必修二限时训练018 第一章 孟德尔定律（2）.doc，共(4)页，518.052 KB，由管理员店铺上传

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第一章孟德尔定律（5）班级姓名1.自由组合定律中的“自由组合”是指A.不同基因的雌雄配子间的组合B.等位基因的组合C.两亲本间的组合D.非等位基因的自由组合2.现有AaBb和Aabb两种基因型的豌豆个体，假设这两种基因型个体的数量和它们的生殖能力均相同，在自然状

态下，子一代中能稳定遗传的个体所占比例是A.1/2B.1/3C.3/8D.3/43.已知某闭花受粉植物高茎对矮茎为显性，红花对白花为显性，两对性状独立遗传。用纯合的高茎红花与矮茎白花杂交，F1自交，播种所有的F2，假定所有的F2植株都能成活，F2植株开花时，拔掉所有的白花植株，假定剩余的每株F2

自交收获的种子数量相等，且F3的表现性符合遗传的基本定律。从理论上讲F3中表现白花植株的比例为A.1/4B.1/6C.1/8D.1/16[来源:Zxxk.Com]4.人类多指基因（T）是正常指基因（t）的显性，白化病基因（a）是正常（A）的隐性，都在常染色体上，而且都独立遗传.一个

家庭中，父亲是多指，母亲正常，他们生一个白化病但手指正常的孩子，则再生一个孩子只有一种病和同时患两种病的几率分别是A.1/2、1/8B.3/4、1/4C.1/4、1/4D.1/4、1/85.小麦的毛颖和光颖是一

对相对性状（显、隐性由A、a基因控制），抗锈和感锈是一对相对性状（由R、r控制），控制这两对相对性状的基因符合自由组合定律。以纯种毛颖感锈（甲）和纯种光颖抗锈（乙）为亲本进行杂交，F1均为毛颖抗锈（丙）。再用F1与

丁进行杂交，F2有四种表现型，统计结果如图所示，则丁的基因型是A.AarrB.AARrC.AaRRD.aaRr6.人类中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的；二者缺一，个体即聋。这两对基因符合

孟德尔自由组合定律。下列有关说法，错误的是A.夫妇中有一个耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子B.一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，只能生下耳聋的孩子C.基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的几率为7/16D.夫妇均耳聋，但可能生下基因型为DdEe的孩子7.南瓜的扁形、圆形、长圆形三种

瓜形由两对等位基因控制（A、a和B、b），这两对基因独立遗传。现将2株圆形南瓜植株进行杂交，F1收获的全是扁盘形南瓜；F1自交，F2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜。据此推断，亲代圆形南瓜株的基因型分别是A.aaBB和AabbB.aaBb和AabbC.AAbb和aaBBD.AA

BB和aabb8.豌豆子叶的黄色(Y).圆粒种子(R)均为显性，两亲本杂交的F1表现型如下图。让F1中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，F2的性状分离比为A.2∶2∶1∶1B.1∶1∶1∶1C.9∶3∶3∶1D.3∶1∶3∶19.某自花授粉植物的花色有红色和白色，花色

取决于细胞中的花色素，花色素合成的主要过程如图所示。设花色由2对等位基因A和a、B和b控制。取白花植株（甲）与白花植株（乙）杂交，F1全为红色，F1自交得F2，F2中出现红色和白色。下列叙述正确的是A．植株甲能产生2种不同基因型的配子B．F2中出现红色和白色的比例为15:1

C．F2红花植株中纯合子占1/9D．F2中开白花植株的基因型有3种[来源:Z#xx#k.Com]10.灰兔和白兔杂交，F1全是灰兔，F1雌雄个体相互交配，F2中有灰兔.黑兔和白兔，比例为9∶3∶4，则A.家兔的毛色受一对等位基因控制B.F2灰兔中能稳定遗传的个体占1/16C.F2灰兔基因型有4种

，都能产生4种比例相等的配子D.F2中黑兔与白兔交配，后代出现白兔的几率是1/311.下表为3个不同小麦品种杂交组合后子代各表现型的植株数：组合序号杂交组合类型子代的表现型和植株数目抗病红种皮抗病白种皮感病红

种皮感病白种皮一抗病红种皮×感病红种皮416138410135二抗病红种皮×感病白种皮180184178182三感病红种皮×感病白种皮140136420414据表分析，下列推断错误的是[来源:学_科_网]

A.6个亲本都是杂合体B.抗病对感病为显性C.红种皮对白种皮为显性D.控制两对性状的基因自由组合12.若利用根瘤农杆菌转基因技术将抗虫基因和抗除草剂基因转入大豆，获得若干转基因植物（T0代），从中选择抗虫抗除草剂的单株S1、S2

和S3，分别进行自交获得T1代，T1代性状表现如图所示。已知目的基因能1次或多次插入并整合到受体细胞染色体上。下列叙述正确的是第12题图A．抗虫对不抗虫表现为完全显性，抗除草剂对不抗除草剂表现为不完全显性B．S2个体中的抗虫和抗除草剂基因能正常表达且符合自由组合定律C．若给S1后代

T1植株喷施适量的除草剂，让存活植株自交，得到的自交一代群体中不抗虫抗除草剂的基因型频率为1/2D．若取S2后代T1纯合抗虫不抗除草剂与纯合不抗虫抗除草剂单株杂交，得到的子二代中抗虫抗除草剂的纯合子占1/9[来源:学,科,网]14.人的

眼色是由两对等位基因（AaBb）（二者独立遗传）共同决定的。在同一个体中，两对基因处于不同状态时，人的眼色如表所示。[来源:学§科§网Z§X§X§K]个体内基因组成性状表现（眼色）四显基因（AABB）黑色三显一隐（AABb.AaBB）褐色二显二隐（AaBb.AAbb.aaBB）黄色

一显三隐（Aabb.aaBb）深蓝色四隐基因（aabb）浅蓝色若有一对黄眼夫妇，其基因型均为AaBb。从理论上计算：（1）他们所生的子女中，基因型有种，表现型共有种。（2）他们所生的子女中，与亲代表现型不同的个体所占的比例为。（3）他们所生的子女

中，能稳定遗传的个体的表现型及比例为。（4）若子女中的黄眼女性与另一家庭的浅蓝色眼男性婚配，该夫妇生下浅蓝色眼女儿的概率为。15.菜豆种皮的黑色.黄褐色和白色是由两对非等位基因A(a)和B(b)调控的。A基因控制色素合成(A—

—显性基因——出现色素，AA和Aa的效应相同)，B基因为修饰基因，淡化颜色的深度(B——显性基因——颜色变浅，B的修饰效应可累加，BB可使种皮呈白色)，两对基因分别位于两对同源染色体上。现有亲代种子P1(aaBB，白色)和P2(纯

种，黑色)，杂交实验如下：(1)控制豌豆种皮颜色的两对基因在遗传方式上是否符合孟德尔遗传规律？其理由是(2)P2的基因型是；F2中种皮为白色的个体基因型有种，其中纯种个体大约占1-13DCBAD//BCACD//BCC14【

答案】（1）95（2）5/8（3）黑眼∶黄眼∶浅蓝眼=1∶2∶1（4）1/1215解析：(1)因为两对基因位于非同源染色体上，所以在减数分裂时，等位基因分离，非等位基因自由组合，遵循孟德尔的基因自由组合定律。(2)P2是纯种黑色，可确定其基因型为AAbb

，从而得出F1的基因型为AaBb，F1自交所得的F2中，种皮颜色为aa和控制色素合成的基因型为B__的表现型均为白色种皮，有5种，它们的比例为aaBB∶aaBb∶aabb∶AABB∶AaBB＝1∶2∶1∶1∶2，其中纯合体占3/7。答案：(1)符合

这两对等位基因位于非同源染色体上(2)AAbb53/7易错题2、3、4、8、9、12、13