【文档说明】河北省邯郸市永年区第二中学2020-2021学年高二第一学期第一次月考教学质量检测物理试卷含答案.doc，共(17)页，237.000 KB，由小赞的店铺上传

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物理试卷一、选择题（本大题共12小题，1-8为单选题，9-12为多选题，每题4分，共48.0分，漏选得2分，错选、多选不得分。）1.关于元电荷和点电荷，下列说法正确的是A.元电荷就是点电荷，二者没有区别

B.元电荷的电量为，点电荷一定是体积很小的带电体C.元电荷可以是电子，也可以是质子D.元电荷目前被认为是自然界中电荷的最小单元，体积很大的带电体有时也能看成点电荷2.两个放在绝缘架上的相同金属球均可视为点电荷分别带有q和3q的电荷，相互间的静电斥力为F。现将这两个金属球接触后分开，

再放回原处，则两球间的静电力为A.B.C.D.3F3.电场中有一点P，下列说法中正确的是A.若放在P点的试探电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B.若P点无试探电荷，则P点的场强为零C.P点的场强越大，则同一电荷在P点所受到的电场力越大D.P点的场强方向为试探电荷在该点受到的电场力的方向4.

如图所示为某区域的电场线分布，A，B为同一条电场线上的两点，则下列说法中正确的是A.B点电势高于A点电势B.B点电场强度大于A点电场强度C.同一负电荷在B点的电势能小于在A点的电势能D.将正电荷在A点由静止释放，该电荷将沿电场线运动到B5.某电场的等势面

如图所示，下列说法正确的是A.A、B两点电场强度的方向相同B.一个电子在A点具有的电势能高于在B点的电势能C.将一个质子从A点移动到C点，电势能增加D.将一个电子从B点移动到C点，电势能增加6.把一根银筷子放入水平向右的匀强电场

中，筷子与电场线平行，如图所示。当筷子处于静电平衡状态时，下列说法正确的是A.因为沿电场线方向电势降低，所以银筷子左端电势较高B.因为银筷子左端感应出正电荷，所以银筷子左端电势较高C.因为银筷子右端感应出正电荷，所以银筷子右端电势较高D.因为银筷子处于静电平衡状态，所以银筷子两端电势一

样高7.如图所示，空间有一电场，电场中有两个点a和b。下列表述正确的是A.该电场是匀强电场B.a点的电场强度比b点的大C.b点的电场强度比a点的大D.正电荷在a、b两点受力方向相同8.如图所示的电场中，虚线a、b、c为三个等势面，

相邻等势面之间的电势差相等，即，一带负电的质点仅在电场力的作用下通过该区域时的运动轨迹如实线所示，P、Q是这条轨迹上的两点，由此可知A.带电质点在P点的电势能比在Q点小B.带电质点在P点的动能比在Q点大C.a、b、c三个等势面中，a的电势最高D.带电质点在P点时的加速度比在Q点小9.如

图所示，正电荷q在匀强电场E中沿直线AB、折线AMB运动。已知AB间的距离为l，AM间的距离为d。关于静电力做功的值，下列说法正确的是A.电荷沿直线AB运动时，静电力做功为qEdB.电荷沿直线AB运动时，静电力做功为q

ElC.电荷沿折线AMB运动时，静电力做功为qEdD.电荷沿折线AMB运动时，静电力做功为qEl10.两个电容器电容的公式：和关于它们的说法，正确的是A.从可以看出，电容的大小取决于带电量和电压B.从可以看出，电容的大小取决于电介质的种类、导体的形状和两极位置关系C.它们都适用于各种电容器D.是适

用于各种电容器的定义式，是只适用于平行板电容器的决定式11.如图所示，在匀强电场中将一个正点电荷从A点移到B点，分析这个过程以下说法中正确的是A.电场力做正功B.电场力做负功C.正点电荷的电势能增加D.正点电荷的电势能减少12.如图所示，空间存在两个等量异种点电荷，A，B为两点电荷连线的中垂线上

的两点，且，则A.A、B两点的电场强度相等B.正电荷从A移到B，电势能增加C.负电荷沿中垂线从A移到B，电场力先减小后增大D.A，B两点的电势差为0三、实验题（本大题共2小题，13题6分，14题14分，共20分）13.在探究两电荷间

相互作用力的大小与哪些因素有关的实验中，一同学猜想可能与两电荷的间距和带电量有关．他选用带正电的小球A和B，A球放在可移动的绝缘座上，B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点，如图所示．实验时，先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近，

观察到两球距离越小，B球悬线的偏角越大；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大．实验表明：两电荷之间的相互作用力，随其距离的______而增大，随其所带电荷量的______而增大．此同学在探究中应用的科学方法是______选填“累积法”、“

等效替代法”、“控制变量法”或“演绎法”．14.一如图所示实验装置中，极板A接地，极板B与一个灵敏的静电计相接。将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q将_______，电容C将_______，两

极间的电压U将_______，电容器两极板间的场强E将_______，静电计的偏角将_______。以上各空均填“变大”、“变小”或“不变”二示波管的构造如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的极板X应带____

___电，极板Y应带_______电。四、计算题（本大题共3小题，共32.0分）15.（10分）如图所示，a、b、c是匀强电场中的三点，已知a、b两点相距，b、c相距，ab连线与电场线平行，bc连线与电场线成角。将电荷量为+2×10-8C的点电荷从a点移到b点，电场力做功4×10-

6J。求：、b两点的电势差。匀强电场的场强大小。、c两点的电势差。16.（10分）有一电子经过电压加速后，射入两块间距为d、电压为U的平行金属板间，若电子从两极板正中央射入，且正好能穿出电场．电子的质量为m，电量为求：电子进入平行金属板间的初速度为多少？金属板的长度？17.（12分）如图所示，

一个挂在丝线下端带正电的小球B，静止在图示位置。若固定的带正电小球A的电荷量为Q，B球的质量为m，带电荷量为q，，A和B在同一条水平线上，整个装置处于真空中。试求：球受到的库仑力大小；、B两球间的距离r。物理答案

和解析1.【答案】D【解析】【分析】本题考查了元电荷、点电荷；点电荷是电荷，有电荷量与电性，而元电荷不是电荷，有电荷量但没有电性。点电荷是当两个带电体的形状对它的相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看作点电荷．而元电荷是带电

量的最小值，它不是电荷，所有带电电荷量均是元电荷的整数倍。【解答】A.元电荷是最小的带电量，而点电荷是一种理想化的物理模型，二者不是同一物理量，故A错误；B.元电荷是带电量的最小值，大小是C，带电体能否看做点电荷是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系，故B错误；C.元电

荷是指最小的电荷量，不是指质子或者是电子，故C错误；D.元电荷是自然界中电荷的最小单元，故D正确。故选D。2.【答案】C【解析】【分析】由库仑定律可得出两球在接触前后的库仑力表达式，则根据电量的变化可得出接触后的作用力与原来作用力的关系。该题考查库仑定律的简单计算，只有把数据代入公式就可以了

。【解答】原来两金属球之间的库仑力，两球接触后分开，仍放回原处时，它们间的相互斥力，可解得，故ABD错误，C正确。故选C。3.【答案】C【解析】【分析】电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式，采用比值法下的定义；利用场强方向的规定判断场强方向与电

场力的方向。解决本题的关键是理解并掌握场强的物理意义，明确其方向特点：与正电荷所受的电场力方向相同。【解答】电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，所以在p点电荷减半或无检验电荷，P点的场强不变，故AB错误C.据知，P点的场强越大，则同一电荷在P点所受的电

场力越大，故C正确。D.据场强方向的规定，正电荷所受电场力的方向与场强方向相同，负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，故D错误。故选C。4.【答案】B【解析】【分析】解答本题需要掌握：沿电场线方向电势降低；电场线的疏密表示电

场的强弱；正电荷受力方向和电场线相同，负电荷则相反；同一负电荷在电势越低处，电势能越大；运动轨迹与受力和初速度有关，不一定沿电场线。本题考查对电场线物理意义的理解。知道电场线的疏密反映电场强度的相对大小，电场线越密，场强越大，电场方向与

正电荷受力方向一致与负电荷受力方向相反。【解答】A.沿着电场线方向，电势减小，所以B点电势低于A点电势，故A错误；B.电场线的疏密反应了电场的强弱，B点处电场线比A点处密，所以B点场强比A点场强大，故B正确；

C.同一负电荷在电势越低处，电势能越大，所以同一负电荷在B点的电势能大于在A点的电势能，故C错误；D.正电荷释放时，电场力方向始终沿电场线的切线方向，而以后的速度方向与电场力的方向并不相同，它们的夹角在不断变化，因此其轨迹不可能一直沿电场线，故D错误。故选B。5.【答案】D【解析】【分析】根

据电场线方向与等势面垂直且由高电势指向低电势，分析A、B两点的场强方向，根据求解电场力做功，从而判断电势能的变化。解决本题的关键是掌握电场线与等势面的关系及电场力做功与电势能变化的关系。【解答】A.根据电场

线方向与等势面垂直且由高电势指向低电势，可知A、B两点的电场强度方向不相同，故A错误；B.因为A、B在同一等势面上，所以一个电子在A点和B点具有的电势能相同，故B错误；C.将一个质子从A点移动到C点，电场力做功：，电场力做正功，故电势能减少，故C错误；

D.将一个电子从B点移动到C点，电场力做功：，电场力做负功，故电势能增加，故D正确。故选D。6.【答案】D【解析】【分析】电场中的银筷子表面的自由电子在电场力作用下向左端聚集，筷子左端感应出负电荷，右端

感应出正电荷感应电场方向与外电场方向相反达到静电平衡时，自由电子所受合力为零，感应电场大小与外电场大小相等，筷子内部合场强为零筷子两端电势差为零，筷子是个等势体．正确理解电场中的导体的特点是解题的关键．【解答】静电平衡状态的

导体是等势体，导体表面是个等势面，故ABC错误，D正确．故选D．7.【答案】B【解析】【分析】电场线的疏密代表场强的强弱，场强处处相同的电场为匀强电场。解决本题的关键知道电场线的特点，电场线的疏密代表电场的强弱，电场线上某点的切线方向表示电

场的方向。【解答】A.由电场线的分布可以看出，此电场不是匀强电场，故A错误；点电场线比b点电场线密，故a点的电场强度比b点的大，故B正确，C错误；D.正电荷在a、b两点受力方向分别沿a、b两点的切线方向，方向不同，故D错误。故选：

B。8.【答案】C【解析】【分析】由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带负电，因此电场线方向也指向左上方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场强度大。解决这类带电粒子在电场中运

动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化。【解答】AB、根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能减小，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，带电质点在P点的电势能大于在Q点的电势

能，故AB错误；C、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带负电，因此电场线指向左上方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最低，a等势线的电势最高，故C正确；D、等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故D错误。故选C。9.【答案】AC【解

析】【分析】静电力做功与电荷的起始位置和终止位置有关，与电荷经过的路径无关。做功等于力与受力方向上的位移的乘积，判断出受力与位移方向即可得到答案。【解答】电荷沿直线AB运动时，正电荷q受到的电场力水平向右，因此力方向上的位移为AM，则。故A正确，B错误；电荷沿折线AMB运动

时，正电荷q受到的电场力水平向右，因此力方向上的位移为AM，则。故C正确，B错误。故选AC。10.【答案】BD【解析】解：A、采用了比值定义法，C与带电量和电压是无关的；故A错误；B、平行板电容器的决定式可以得出，电容的大小取决于电介质的种类、导体的形状和两极位置关系；故B正确；C、平行板电

容器的决定式只适用于平行板电容器，故C错误；D、是适用于各种电容器的定义式，是只适用于平行板电容器的决定式；故D正确；故选：BD．电容的定义采用的是比值定义法，C与电压及电荷量无关；而由平行板电容器的决定式可得

出决定电容的因素．电容是电容器本身的性质，要注意电容的大小是由电容器的形状、正对面积及板间距离决定的，与电容器两端的电量及电压无关．11.【答案】AD【解析】【分析】电场力做正功电势能减少，电场力做负功电势能增加，反之亦然。【解答】沿着电场线的方向电势逐渐降低，故A点电势高于B点电势，故正电荷A点

电势能大于B点电势能，正点电荷从A点移到B点，电势能减少，电场力做正功，故AD正确，BC错误；故选AD。12【答案】AD【解析】【分析】一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，电荷从等势面上的一点移动到另

一点，电场力做功为零，结合电势差的定义和电场力做功与电势能变化的关系进行分析即可。本题关键是明确一对等量异号电荷的电场线分布图和等势面分布图，要做到胸中有图；同时要特别注意两个电荷的连线和中垂线上的电场情况。【解答】A.一对等量异号电荷的电场强度关于两者的连线对称，故A、B两点的电场强度大小

相等，方向相同，故A正确；一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，它们的电势相等，即A、B两点的电势相等，所以A、B两点的电势差为0，电荷从等势面上的A点移动到另一点B，不论正电荷，还是负电荷，电场力做的功一定为零，因此电势能也不变，故B错误，D正确；C.

一对等量异号电荷的连线的中垂线上，根据电场强度的叠加原理可知从A移到B电场强度先增大后减小，所以电场力先增大后减小，故C错误；故选AD。13.【答案】减小增大控制变量法【解析】解：对小球B进行受力分析，可以得到小球受到的电场力：，即B球悬线的偏角

越大，电场力也越大；所以使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，B球悬线的偏角越大，说明了两电荷之间的相互作用力，随其距离的减小而增大；两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大，说明了两电荷之间的相互作用力，随其所带电荷量的增大而增大．先保持两

球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近．这是只改变它们之间的距离；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量．这是只改变电量所以采用的方法是控制变量法．故答案为：减小，增大，控制变量法．由于实验时，先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球

靠近；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，所以采用的方法是控制变量法．该题考查库仑定律的演示实验，属于记忆性的知识点．本题属于简单题．14.【答案】一不变；变小；变大；不变；变大；二正；正。【解析】一【分析】题中平行板

电容器与静电计相接，电容器的电量不变，改变板间距离，由，分析电容的变化，根据分析电压U的变化，根据分析场强的变化；对于电容器动态变化分析问题，要抓住不变量。当电容器保持与电源相连时，电压不变；当电容器充电后，与

电源断开后，往往电量不变。【解答】解：因为电容器与电源断开，所以Q不变，增大两极板之间的距离d，由，则C变小，而，则U变大，根据，则有E不变，由U变大得静电计的偏角将增大；故选答案为：不变；变小；变大；不变；变大。二【分析】由亮斑位置可知电子偏转的打在

偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，从而确定极板所带的电性；考查电子的偏转，明确电子的受力与电场的方向相反。【解答】解：电子受力方向与电场方向相反，因电子向X向偏转则，电场方向为X到，则X带正电；同理可知Y带正电，极板应带负电；故答案为：正电；正电。15.【答案】解：根据得：；匀

强电场的场强大小：．、c两点间的电势差：。答：、b两点电势差为200V；匀强电场的场强大小；、c两点的电势差为450V。【解析】匀强电场中电场力做功公式中，d是两点间沿电场线方向的距离，求功时要注意判

断功的正负。根据电场力做功与电势差的关系求出a、b两点间的电势差。根据匀强电场的场强公式求出场强的大小。根据求出b、c两点间的电势差。16.【答案】解：电子经过电压加速，有：e解得电子在电压为U的平行金属板间作类平抛运动，运动时间加速度电子在竖直方向上的位移电子正好能穿出电场，则解

以上方程，得答：电子进入平行金属板间的初速度为；金属板的长度为．【解析】电子先在加速电场中加速，由动能定理可求其加速后的速度，电子进入偏转电场中做类平抛运动，由于电子正好能穿过电场，所以在偏转电场中的偏转的距离就是，由此可以求得极板的长度；电子先在加速电场中做

匀加速直线运动，后在偏转电场中做类平抛运动，根据电子的运动的规律求解即可．17.【答案】解：对B进行受力分析，根据小球处于平衡状态可知：。而小球所受库仑力大小为：，联立解得：。答：球受到的库伦力大小为。、B两球间的距离为。【解析】根据B球的状态可以求出B球的受力

情况，从而求出两球之间的库仑力，再根据库仑定律求出两球之间的距离。对于复合场中的共点力作用下物体的平衡，其和纯力学中共点力作用下物体的平衡适用完全相同的解决方法。