【文档说明】安徽省六安中学2019-2020学年高一下学期期中考试物理试题【精准解析】.doc，共(12)页，431.000 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-48ac2a0ba2a98831e76957c7d438dcd1.html

以下为本文档部分文字说明：

高一期中考试物理试卷时间：90分钟分值：100分一：选择题（1-8为单项选择每题4分。9-12为多项选择，每题4分半对得2分。共48分）1.如图所示的皮带传动装置中，轮B和C同轴，A、B、C分别是三个轮边缘的质点，且其半径RA＝RC＝2R

B，则三质点的向心加速度之比aA：aB：aC等于（）A.4：2：1B.2：1：2C.1：2：4D.4：1：4【答案】C【解析】【详解】由于B轮和A轮是皮带传动，皮带传动的特点是两轮与皮带接触点的线速度的大小与皮带的线速度大小相同，故vA＝vB，∴vB：vA＝1：1；由于C轮和B轮共轴，故两

轮角速度相同，即ωC＝ωB，故ωC：ωB＝1：1，由角速度和线速度的关系式v＝ωR可得vC：vB＝RC：RB＝2：1，∴vA：vB：vC＝1：1：2，又因为RA＝RC＝2RB，根据2var得：aA：aB：aC＝1：2：4，故选C．2.长为L的细绳，一端系一质量为m的小球，另一端固定于某

点．当绳竖直时小球静止，再给小球一水平初速度v0，使小球在竖直平面内做圆周运动．关于小球的运动下列说法正确的是A.小球过最高点时的最小速度为零B.小球开始运动时绳对小球的拉力为m20vLC.小球过最高点时速度大小一定为gLD.小球运动到与圆心等高处时向心力由细绳的拉力提供

【答案】D【解析】【详解】AC．小球刚好越过最高点，当绳子的拉力最小为0T，根据牛顿第二定律得2vmgmL解得最小速度为vgL故AC错误；B．开始运动时2FmgmLv则绳的拉力为2vFmgmL故选项B错误；D．小球运动到与圆心等高处时向心力只由细绳的拉力提供，重力不

提供向心力，故D正确．故选D。3.一人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假如该卫星变轨后做匀速圆周运动，速度减小为原来的12，不考虑卫星质量的变化，则变轨前后卫星的（）A.向心加速度大小之比为4:1B.角速度大小之比为2:1C.周期之比为1:8

D.轨道半径之比为1:2【答案】C【解析】【详解】根据22222MmvFFGmmrmrrRT向可得GMvr32rTGM2GMar3GMr则可知，向心加速度之比为16:1

；角速度之比为8:1；周期之比为1:8；轨道半径之比为1:4，故ABD错误，C正确。故选C。4.研究火星是人类探索向火星移民的一个重要步骤。假设火星和地球均绕太阳做匀速圆周运动，火星轨道在地球轨道外侧，如图所示，与地球相比较，则下列说法中正确的是（）A.火星运行速度较大B.火星运

行角速度较大C.火星运行周期较大D.火星运行的向心加速度较大【答案】C【解析】【详解】任一行星绕太阳做匀速圆周运动时，根据万有引力提供向心力可推导出222224MmvGmmrmrmarrT化简后可得GMvr3GMr32rTGM

2GMar即轨道半径越大，行星运行速度、角速度和向心加速度越小，而周期越大。因此火星的运行速度、角速度和向心加速度较小，运行周期较大，故ABD错误，C正确。故选C。5.设地球表面的重力加速度为0g，物体在距地表2R（R是地球的半径）处，由于地球的作用而产生的加速度为g，则0gg

为（）A.1B.19C.14D.116【答案】B【解析】【详解】由题意有02MmGmgR23MmGmgR两式联立，解得019gg故B正确，ACD错误。故选B。6.关于引力常量的测定，下面说法中正确的是（）A.引力常量是由牛顿测定的B.引力常量是伽

利略测定的C.引力常量是由爱因斯坦测定的D.引力常量是由卡文迪许测定的【答案】D【解析】【详解】万有引力常量是卡文迪许通过扭秤实验测定的，故ABC错误，D正确；故选D。7.某行星质量为地球质量的13，半径为地球半径的3倍，则此行星的第一宇宙速度约为地球第

一宇宙速度的（）A.9倍B.13倍C.3倍D.19倍【答案】B【解析】【详解】设地球质量M，某星球质量13M，地球半径r，某星球半径3r；由万有引力提供向心力做匀速圆周运动得22GMmmvrr解得：卫星在圆轨道上运行时的速度公式GMvr，分

别代入地球和某星球的各物理量得，此行星的第一宇宙速度约为地球第一宇宙速度的13。故选B。8.某物体在地球表面，受到地球的万有引力为F。若此物体受到的引力减小为4F，则其距离地面的高度应为（R为地球半径）（）A.RB.2RC.4RD.8R【答案】A【解析】【详解】根据万有引力定律表达式

得：2GMmFr，其中r为物体到地球中心的距离。某物体在地球表面，受到地球的万有引力为F，此时r=R，若此物体受到的引力减小为4F，根据2GMmFr得出此时物体到地球中心的距离r′=2R，所以物体距离地面的高度应为R。A．R，与结论相符，选项A正确；B．2R，与结论不相符，选

项B错误；C．4R，与结论不相符，选项C错误；D．8R，与结论不相符，选项D错误；故选A.9.关于向心力的下列说法中正确的是A.向心力不改变做圆周运动物体速度的大小B.做匀速圆周运动的物体，其向心力是不变的C.做圆周运动的物体，所受合力一定等于向心力D.做匀速圆周运动的物体，一定是所受的合外力充当

向心力【答案】AD【解析】A、向心力总是指向圆心，而速度总是沿着切线方向，故向心力一定垂直于速度，不改变速度的大小，故A正确；B、做匀速圆周运动的物体所受的合力总是指向圆心，方向不断变化，是变力，故B错误；C、物体做变速圆周运动

时，合力不总是指向圆心，故合力不一定等于向心力，向心力为合力的一个分力，故C错误；D、做匀速圆周运动的物体所受的合力总是指向圆心，提供向心力，故D正确．点睛：向心力的方向不断变化，一定是变力；变速圆周运动的合外力不一定指向圆心，只有当合力指向圆心时，合力

才完全充当向心力．10.如图所示，A、B、C三个物体放在旋转圆台上，它们与圆台之间的动摩擦因数均为μ，A的质量为2m，B、C质量均为m，A、B离轴心距离为R，C离轴心2R，则当圆台旋转时（设A、B、C都没有滑动）（）A.物体C的向心加速

度最大B.物体B受到的静摩擦力最大C.ω=2gR是C开始滑动的临界角速度D.当圆台转速增加时，B比A先滑动【答案】AC【解析】【详解】A.物体绕轴做匀速圆周运动，角速度相等，根据向心加速度方程有a=ω2r，由于C物体的转动半径最大，故向心加速度最

大，故A正确；B.物体绕轴做匀速圆周运动，角速度相等，静摩擦力提供向心力，根据牛顿第二定律可得，f=mω2r，故B的摩擦力最小，故B错误；C.对C分析可知，当C物体恰好滑动时，静摩擦力达到最大，有μmg=m·

2Rω2；解得：2gR，故临界角速度为2gR，故C正确；D.由C的分析可知，转动半径越大的临界角速度越小，越容易滑动，与物体的质量无关，故物体C先滑动，物体A、B将一起后滑动，故D错误．11.如图，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向。图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a

、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的，不计空气阻力，则（）A.a的飞行时间比b的长B.b和c的飞行时间相同C.a的水平速度比b的小D.b的初速度比c的大【答案】BD【解析】【详解】AB．b、c的高度相同，大于a的高度，根据h=12gt2，得2h

tg，知b、c的运动时间相同，a的飞行时间小于b的时间。故A错误，B正确；C．因为a的飞行时间短，但是水平位移大，根据x=v0t知，a的水平速度大于b的水平速度。故C错误；D．b、c的运动时间相同，b的水平位移大于c的水平位移，则b的初速度大于c的初速度。故D正确。

【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移。12.如图，铁路在弯道处的内外轨道高低是不同的，当质量为m的火车以速度v通过某

弯道时，内、外轨道均不受侧压力的作用，下面分析正确的A.此时火车转弯所需向心力由重力和支持力的合力来提供B.若火车速度大于v时，外轨将受到侧压力作用C.若火车速度小于v时，外轨将受到侧压力作用D.无论火车以何种

速度行驶，对内侧轨道都有侧压力作用【答案】AB【解析】【详解】A.因为内、外轨道均不受侧压力的作用，所以火车只受重力和支持力作用，所以火车转弯所需向心力由重力和支持力的合力来提供，A正确B.当速度为v时，重力支持力合力刚好提供向心力，火车大于速

度v时，重力支持力合力不足以提供所需向心力，具有离心趋势，所以外轨将受到侧压力作用，B正确C.当速度为v时，重力支持力合力刚好提供向心力，火车速度小于v时，重力支持力比所需向心力大，具有近心趋势，所以内轨将受

到侧压力作用，C错误D.通过以上分析，D错误二、计算题（要求写出必要的公式计算过程和文字说明，共52分）13.如图，质量为m的小球用长为L的细线悬于天花板上O点，并使小球在水平面内做匀速圆周运动（这种运动物理上称为圆锥摆），细

线与竖直方向成θ角，求细线中的张力F和小球转动的周期T．【答案】cosmg，cos2Lg【解析】【详解】小球受重力G和悬线的拉力F而在水平面内作匀速圆周运动，F=mg/cosθ半径R=Lsinθ由牛顿第二定律得22tanmgmRTT=2cos/Lg14.如图所

示，置于圆形水平转台上的小物块随转台转动。若转台以角速度ω0=2rad/s转动时，物块恰好与平台发生相对滑动。现测得小物块与转轴间的距离l1=0.50m，设物块所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10m/s2。(1)求小物块与转台间的摩擦因数；(2)若小物块与转轴间距离变为l2=1.0

m，则水平转台转动的角速度最大为多少？【答案】(1)0.2；(2)2rad/s【解析】【详解】(1)恰好发生相对滑动时由最大静摩擦力提供圆周运动向心力201fmgml解得0.2(2)转动半径变为2l时有2m2mgml解得m2rad/s

15.跳台滑雪是一种极为壮观的运动，运动员穿着滑雪板，从跳台水平飞出，在空中飞行一段距离后着陆．如图所示，设运动员连同滑雪板的总质量m=50kg，从倾角θ=37°的坡顶A点以速度v0=20m/s沿水平方向飞出，恰落到山坡

底的水平面上的B处．(g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8)，求：(1)运动员在空中飞行的时间;(2)AB间的距离s.【答案】（1）运动员在空中飞行的时间为3s．（2）AB间的距离为75m【解

析】解：（1）运动员做平抛运动，由A到B，有：y=，x=v0t又tan37°=由以上各式得t==3s（2）水平位移大小x=v0t=20×3m=60m故AB间的距离s==75m答：（1）运动员在空中飞行的时间为3

s．（2）AB间的距离为75m【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．16.宇航员在某星球表面让一个小球以初速v0做竖直上抛运动，经过时间t小球落到星球表面。(1)求该星球表面附

近的重力加速度g星；(2)已知该星球的半径为R，万有引力常量为G，求该星球的质量M。(3)已知该星球的半径为R，要使物体不再落回星球表面，沿星球表面平抛出的速度至少应是多少？【答案】(1)02vt；(2)202vR

Gt；(3)02vRt【解析】【详解】(1)再落回星球表面时的速度大小仍为0v，整个过程是匀变速运动02tgv星解得02vgt星①(2)在星球表面物体所受万有引力等于物体所受重力。2GMmmgR星由①②可得202vRMGt(3)在星球表面物体的重力提供绕地球做匀

速圆周运动的向心力2mvmgR星③由①③联立得02vRvt