【文档说明】2023届河北省张家口市高三下学期三模 化学答案和解析.pdf，共(8)页，451.046 KB，由小赞的店铺上传

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学科网（北京）股份有限公司2023年河北省普通高中学业水平选择性模拟考试化学参考答案及评分标准2023.5一、选择题：本题共14小题，每小题3分，共42分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.C【解析】飞絮和马尾的主要成分分别为纤维素和蛋白质，A项错误；金属

元素的焰色试验属于物理变化，B项错误；沙里淘金主要利用了金密度大的物理性质，C项正确；乌金指煤，属于一次能源，D项错误。2.B【解析】离子液体由液态离子化合物形成，属于电解质，A项错误；生物大分子具有活性的主要原因是分子中存在氢键，B项正确；光纤的主要成分是二氧化硅，C项错误；钠用作核反

应堆导热剂的主要原因是熔点低，D项错误。3.C【解析】M中不含羧基，不具有两性，A项错误；分子中含有亚氨基、烃基、醚键3种官能团，B项错误；含有苯环能发生加成反应，含有烃基且羟基所连碳的邻位碳连有H原子，能发生

消去反应，C项正确；醇烃基、醚键、亚氨基均不与溴单质发生反应，不能使溴的四氯化碳溶液褪色，D项错误。4.D【解析】硅单质为共价晶体，1个Si原子与周围4个Si原子形成键，由均摊法计算得28g即1molSi形成A2N个键，A项错误；2Br溶于水

时极少量2Br与水反应生成HBr，故溶液中Br的数目远小于A0.1N，B项错误；Na与足量4NHCl浓溶液反应生成氢气和氨气，故生成气体分子的数目大于A0.5N，C项错误；由原子守恒知，21molH和2N的混合气体在密闭容器充分反

应，反应前后原子数目不变，容器内原子总数为A2N，D项正确。5.A【解析】由信息推知，Y属于锕系、Z为第七周期元素，均可能有放射性，A项正确；X为Ca，2CaH为离子化合物，B项错误；24997Y与24797Y互为同位素，C项错误；基态X、Z原子最高能层电子数之比为2:7，D项错误。6.A【

解析】补充微量元素不能大量服用相关制剂，A项说法错误；白磷密度大于水且与水不反应，可用冷水贮存，B项说法正确；采用外加电流法对金属防腐，被保护金属作阴极，惰性电极可作阳极，C项说法正确；自然界中硫循环存在含硫物种在地壳或海底的无氧转化和空气中的有氧转化，

D项说法正确。7.C【解析】发液中加入足量NaOH溶液可将2Cu沉淀完全过滤除去，并将3Al转化为2AlO进入滤液，且不引入新杂质，A、B项说法正确；由“转化”反应方程式23622NaOHNaAlO6HFNaAlF4HO知，2NaAlO与HF的化学计量数

之比为1:6，C项说法错误；“分离”后提纯36NaAlF的方法可选择重结晶，D项说法正确。学科网（北京）股份有限公司8.B【解析】苯环、碳碳双键均为平面结构，结合单键可旋转推知，P、Q、M中所有原子均可能共平面，A项说法正确；M

的同分异构体有很多种，存在含有手性碳的结构，B项说法错误；P、Q、M中碳原子的杂化方式均为2sp，C项说法正确；P的苯环上一氯代物有3种、Q的有2种、M的有5种，D项说法正确。9.D【解析】由信息推知：X

、Y、Z、R、Q分别为H、B、C、O、Cl。则H的电负性大于B，A项错误；原子半径：HOCB，B项错误；32CClCClCCl等属于极性分子，C项错误；2ClO可用于饮用水消毒，D项正确。10.B【解析】由装置功能和信息知

，左端电极为阴极，水电离出的H在该电极上得电子生成2H和OH，OH与2Mg生成2MgOH沉淀、与3HCO反应生成23CO后生成3CaCO沉淀，同时硬水中24SO通过膜p进入溶液X，双极膜中水解离出的H进入溶液X，达到制备工业硫酸的目的；右

端电极为阳极，饱和食盐水中Cl在该电极上失电子生成2Cl，同时Na通过膜q进入溶液Y，双极膜中水解离出的OH也进入溶液Y而达到制备NaOH的目的。综上，膜p适合选择阴离子交换膜，A项说法正确；溶液Y适合选择NaOH稀溶液，B项说法错误；硬水中生成3CaCO、2MgOH沉淀，C项说

法正确；由电子守恒，相同时间内，理论上两极生成2H和2Cl的物质的量相等，D项说法正确。11.C【解析】3HNO能将23NaSO氧化，A项错误；浓盐酸与2MnO反应生成氯气需加热，B项错误；浓氨水滴入生石灰中生成氨气，氨气通入等浓度

2CuCl和2ZnCl的混合溶液中先生成蓝色2CuOH沉淀，证明spsp22CuOHZnOHKK，C项正确；醋酸挥发也会与硅酸钠发生反应，D项错误。12.A【解析】ROH为非电解质，由图中信息知，ROH主要作用是与22HO形成氢键

而增强22HO分子极性，使其中O原子更容易与碳碳双键加成，A项说法错误；22HO中O从1价降到2价，B项说法正确；反应过程中22HO存在极性键和非极性键的断裂，C项说法正确；22HO可用于形成氢键的O原子更多，相对分子质量更大，故其沸点高于

2HO的，D项说法正确。13.D【解析】2a22HAHAHAccKc，由N点可知4.3a22HA10K，数量级为510，A项说法正确；由电离常数和水解常数知，NaHA溶液显酸性、

2NaA溶液显碱性，第一步滴定选择甲基橙作指示剂、学科网（北京）股份有限公司第二步滴定选择酚酞作指示剂，B项说法正确；P点为NaHA溶液，HA电离程度大于水解，溶液中2NaHAAOHcccc

，C项说法正确；M点和N点溶液的pH不同，溶液中2HAAcc不相等，D项说法错误。14.B【解析】2OF中O原子有2对孤电子对，3NF中N原子有1对孤电子对，孤电子对对成键电子对的排斥力大于成键电子对对成键电子对的排斥力，故2OF分子中键角小于3NF分子中的，A项说法正确；2

XeF中Xe的价层电子对数目为5，不可能为sp杂化，B项说法错误；基态N、F原子核外电子均占据5个原子轨道，故均有5种空间运动状态，C项说法正确；由信息，Q点原子坐标参数为111,,222bc，

D项说法正确。二、非选择题：本题共4小题，共58分。15.（14分）（1）控制高钛渣颗粒大小均匀，便于控制酸浸速率和进行程度（2分）2SiO、4CaSO（2分）（2）将3Fe还原为2Fe（1分）防止2TiO提前水解使绿矾不纯或降低钛的回收率（产品产率）（2分，其他合理答案可酌情给分）（3

）222390TiO2HOHTiO2H℃（2分，条件写为加热也可得分）（4）防止Mg、Ti被氧化变质（1分）（5）B（1分）（6）分子晶体（1分）32233bac（2分）【解析】（1）“笑分”可控制高钛渣颗粒大小均匀，有

利于控制酸浸速率和进行程度；由转化关系知，浸渣的主要成分为原料中难溶于酸的2SiO和生成的4CaSO。（2）由流程信息，“酸浸”后生成3Fe，而“结晶”得到绿矾，故“转化”工序加入铁粉的目的为将3Fe还原为2Fe；2TiO在90℃时充分水解成2

3HTiO，若“结晶”控制温度过高，会导致2TiO提前水解使制得的绿矾不纯，又会降低钛的回收率（或产品产率）。（3）由信息，2TiO在90℃时水解成23HTiO，反应的离子方程式为222390TiO2HOHTiO2H℃（4）“热还原”时，需要在氩气

氛围下进行的原因为防止Mg、Ti被氧化变质。学科网（北京）股份有限公司（5）由信息，钛溶于浓盐酸，故可用稀盐酸分离生成的Ti和多余的Mg单质。（6）4TiCl通常为液体，其晶体类型为分子晶体；由图知，甲、乙晶胞中均含有2个Ti原子，故二者的空间利用率之比即为体积之

比的倒数，计算得332pm2333pmpmpm2bbacaac。16.（14分）（1）分液漏斗（1分）吸收2CO中的HCl，提高产品产率（2分）4（1分）（2）排尽装置中空气，防止原料或产品被氧

化，与氨水充分反应全部转化为43NHHCO，提高原料的利用率（2分）6:5（2分）（3）除去过量的4KMnO，防止影响测定结果（2分）0.051V100%mc（2分）（4）10（2分）【解析】（1）

由图知，盛放2VOCl溶液的仪器名称为分液漏斗；试剂X适合选择饱和3NaHCO溶液，吸收2CO中的HCl，提高产品产率；2VO中V元素的化合价为4。（2）由信息和原理知，步骤二中，通入足量2CO可排尽装置中空气，防止原料或产品被氧化，并与氨水充分反应全部转化为43NHHC

O，提高原料的利用率；滴加2VOCl溶液后，与43NHHCO反应制得产品，根据元素守恒可得知，参与反应的2VO与4NH的物质的量之比为6:5。（3）为使4价V元素被完全氧化为5价V，所加酸性4KMnO溶液需适当过量，故加入2NaNO溶

液的作用为除去过量的4KMnO，防止影响测定结果；由反应原理可得关系式2243225649NHVOCOOHHO6VO6VO6Fe6Vx，则产品中钒元素的质量分数为131molL10L51gmol0.051100

%100%gcVcVmm。（4）由题中数据计算得252.184gVO的物质的量为0.012mol，则4325649NHVOCOOHHOx的物质的量为0.004mol、摩尔质量为11065gmol，计算得106

58851018x。17.（15分）（1）138.3kJmol（2分）（2）AB（2分）（3）①0.003（2分）Ⅰ（1分）②2L（1分）学科网（北京）股份有限公司③25（2分）④正反应方向（1分）反应Ⅰ的平衡常数11c3110.06molL0.06molL0.01molL0

.02molLK，再向容器中充入21molCO、21molH和31molCHOH时，浓度商为113110.06molL0.11molL0.06molL0.07molLcK，反应Ⅰ向正反应方向进行（2分，其他

合理答案可酌情给分）（4）112.3（2分）【解析】（1）由盖斯定律可知，Ⅰ-Ⅱ得反应232HCOOHg2HgCHOHgHOg11149.5kJmol11.2kJmol38.3kJmolH。（2）由反应Ⅰ.

2232COg3HgCHOHgHOg149.5kJmolHⅡ.22COgHgHCOOHg111.2kJmolH推知，两个反应在恒温恒压

密闭容器中进行时，两个反应的反应物计量数之比不同，则2CO与2H的物质的量之比不再改变时，达到平衡状态，A项正确；单位时间内HH键的数目不再改变说明正逆反应速率相等，达到平衡状态，B项正确；HCOOHg与3CHOHg的浓度之比为1:1，

是反应进行到某特定时刻的组分比例，不能说明达到平衡状态，C项错误；速率常数只与温度有关，故温度恒定，正、逆反应速率常数之比保持不变，D项错误。（3）由图知，3L表示3CHOHg的浓度与时间的变化关系，平衡时3CHOH和2HO的浓度均为10.06molL，由H原子守恒推知至少

需要消耗120.18molLH，故曲线1L表示2CO的浓度与时间的变化关系，曲线2L表示2H的浓度与时间的变化关系。则①020min内，反应的平均速率11130.06molLCHOH0.003molLmin20minv

；由C原子守恒知，020min内，参加反应的2CO中C原子为10.11molL，其中生成130.06molLCHOH，则生成10.05molLHCOOH，故平均反应速率更大的是反应Ⅰ。②图中表示2

H的浓度与时间的变化关系曲线为2L。③由上述分析和信息推知，起始时2CO、2H的浓度分别为10.12molL、10.25molL，总压强为370kPa，平衡时2CO、2H、HCOOH的浓度分别为10.01mol

L、10.02molL、10.05molL，根据阿伏加德罗学科网（北京）股份有限公司定律推知，2CO、2H、HCOOH的平衡分压分别为10kPa、20kPa、50kPa，则反应Ⅱ的rp50kPa100kPa25

10kPa20kPa100kPa100kPaK。④20min时，容器内2CO、2H、3CHOH、2HO的浓度分别为10.01molL、10.02molL、10.06molL、10.06molL，平衡常数11c3110.06molL0.06mol

L0.01molL0.02molLK；若再向容器中充入21molCO、21molH和31molCHOH，浓度商为11c3110.06molL0.11molL0.06molL0.07molL

K，反应Ⅰ向正反应方向进行。（4）我国学者计算所得最大能垒为178.9kJmol，比国外学者计算的低133.4kJmol，则国外学者计算的最大能垒为1112.3kJmol。18.（15分）（1）对硝基苯酚（或4-硝基苯

酚）（1分）取代反应（1分）（1分）（2）保护酚羟基（1分）（3）中和生成的HCl，有利于反应正向进行，提高产品产率（2分）（4）醚键、酯基（2分）（2分）（5）（2分）（6）43224KMnOHCHCHOHHCHO3233252HSO//CHCHOHCHCOOHCHCOOCHCH

浓喹啉△△25CHCOOCH催化剂（3分，其他合理答案可酌情给分）【解析】由信息推知：A为，C为，D为，G为。则（1）的化学名称为对硝基苯酚（或4-硝基苯酚）；与通过取代反应生成；D的结构简式为。学科网（北京）股份有限公司

（2）设计由生成、由生成两步反应，可以保护酚羟基，防止其被氧化或与发生副反应。（3）由转化关系知，与生成同时生成HCl，则加入吡啶可中和生成的HCl，有利于反应正向进行，提高产品产率。（4）中含氧官能团的名称为醚键、酯基；由生成的化学方程式为。（5）B为。由信息，其同分异构体的苯环

上连有1个—2NH、1个—CHO和2个—OH，结合核磁共振氢谱中有4组吸收峰推知，满足条件B的同分异构体有和。（6）由信息，32CHCHOH氧化可得3CHCOOH，二者发生酯化反应生成325CHCOOCH，与HCHO反应后得到225CHC

HCOOCH，最后发生加聚反应得目标产物。则合成路线为43224KMnOHCHCHOHHCHO323325225HSO//CHCHOHCHCOOHCHCOOCHCHCHCOOCH剂浓催

化喹啉△△或43224KMnOHCHCHOHHCHO3232225/HSO/CHCHOHCHCOOHCHCHCOOHCHCHCOOCH催化啉剂喹浓△△获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.x

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