【文档说明】山西省太原市2022-2023学年高一下学期期中物理试题含解析.docx，共(26)页，15.041 MB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-4679614fc6892bcecc96e68fd54302c2.html

以下为本文档部分文字说明：

2022~2023学年第二学期高一年级期中质量监测物理试卷说明：本试卷为闭卷笔答，答题时间90分钟，满分100分。一、单项选择题：本题包含10小题，每小题3分，共30分。请将正确选项前的字母填入表内相应位置。1.关于曲线运动的叙述正确的是

（）A.做曲线运动的物体某时刻有可能处于平衡状态B.做曲线运动的物体，速度一定变化C.做曲线运动物体加速度一定改变D.做曲线运动的物体，速度方向时刻变化，故曲线运动不可能是匀变速运动【答案】B【解析】【详解】A．做曲线运动的物体受到合外力一

定不为零，不可能处于平衡状态，故A错误；B．做曲线运动的物体，速度方向时刻发生变化，则速度一定变化，故B正确；CD．做曲线运动的物体加速度不一定改变，比如平抛运动，加速度为重力加速度，保持不变，平抛运动为匀变速运动，故CD错误

。故选B。2.在某次足球比赛中，一运动员踢出“香蕉球”，足球划出一道曲线后射门得分。在足球加速向下射门时，关于足球所受的合力F和速度v的关系可能正确的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】根据题意可知，速度方向沿切线方向，力指向曲线弯曲的内测，由于足球做加速运动

，则力与速度的夹角小于90。故选B。3.2023年3月山西省文化和旅游厅为了宣传山西省的人文美景，以“走进表里山河，晋享美好生活”为主题，利用无人机拍摄了宣传片“粤来悦晋”。其中一台无人机，上升向前飞行，竖直向上的速度vy及水平方向速度vx与飞行时间t的关系图像如图甲、乙所示。则下列说法

正确的是（）的A.无人机在t1时刻处于失重状态B.无人机在0~t2这段时间内沿直线飞行C.无人机在t2时刻上升至最高点D.无人机在t2~t3时间内做匀变速运动【答案】D【解析】【详解】A．v-t图像斜率代表加速度，无人机在t1时

刻加速度方向向上，处于超重状态，故A错误；B．无人机在0~t2这段时间内在竖直方向和水平方向均做匀变速运动，做曲线运动，故B错误；C．无人机在t3时刻上升至最高点，故C错误；D．无人机在t2~t3时间内竖

直方向做匀变速运动，水平方向做匀速运动，所以无人机在t2~t3时间内做匀变速运动，故D正确。故选D。4.马刀锯是一种木匠常用的电动工具。其内部安装了特殊的传动装置，简化后如图所示，可以将电动机的转动转化

为锯条的往复运动。电动机带动圆盘O转动，圆盘O上的凸起P在转动的过程中带动锯条左右往复运动。已知电动机正在顺时针转动，转速2400r/minn=，2cmOP=。当OP与锯条运动方向的夹角37=时，锯条运动的速度大小约为（）A.3m/sB.4m/sC.

5m/sD.6m/s【答案】A【解析】【详解】根据题意，由公式2vrn=可得，P点线速度为5msPv把速度分解，如图所示由几何关系有1sin373msPvv=即锯条运动的速度大小约为3ms。故选A。5.2022年夏天，我国南方地区遭遇多轮暴雨袭击，抗洪救灾的战士们利用直升飞机

参与救援物资的运送。已知直升飞机在距离地面某高度以2.5m/s的速度沿水平方向匀速飞行并进行物资投送，投出的物资恰好落在了正前方距离投放位置水平距离5m的地方。若物资可看成质点，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2，下列说法

正确的是（）A.从直升飞机上拍摄的视频看到物资做平抛运动B.直升飞机飞行高度为15mC.物资在投出后第1秒内和第2秒内的速度变化量相同D.物资在投出后第1秒内和第2秒内的位移之比为1:3【答案】C【解析】【详解】A．由于物资水平方向与飞机有大小相等的速度，则从直升飞机上拍摄的视频看到物资做自

由落体运动，故A错误；B．物资水平方向做匀速直线运动，则有05s2s2.5xtv===竖直方向做自由落体运动，则有2211102m20m22hgt===故B错误；C．根据vgt=可知物资在投出后第1秒内和第2秒内的速度变化量相同，故C正确

；的D．物质在竖直方向做自由落体运动，则物资在投出后第1秒内和第2秒内的竖直位移之比为12:1:3=yy而水平方向做匀速直线运动，物资在投出后第1秒内和第2秒内的水平位移x相等，则物资在投出后第1秒内和第2

秒内的位移之比为2222112:1:3syxyx=++故D错误。故选C。6.2023年3月22日CBA常规赛战罢第38轮，山西男篮在这场关键的“卡位”赛中以119比94大胜吉林队，比赛中原帅手起刀落命中三分球。如图所示，比赛中原帅将篮球从地面上方B点以速度v0斜向上抛出，恰好垂

直击中篮板上A点。若该运动员向前运动到等高的C点投篮，还要求垂直击中篮板上A点，运动员需（）A.减小抛出速度0v，同时增大抛射角B.增大抛出速度0v，同时增大抛射角C.减小抛射角，同时减小抛射速度0vD.减小抛射角，同时增大抛射速度0v【答案】A【解析】【详解】根据题意可知，篮球垂

直击中篮板上A点，则逆过程就是平抛运动，竖直高度不变，水平方向位移越大，水平速度越大，抛出后落地速度越大，与水平面的夹角则越小，则该运动员向前运动到等高的C点投篮，水平位移减小，还要求垂直击中篮板上A点，则需减小抛出速度0v，同时增大抛射角。故选A

。7.随着2022年北京冬奥会的成功举办，冰雪项目在我国也越来越受欢迎。如图所示，某运动员训练时从助滑道上不同位置下滑，都从斜坡顶点B水平飞出。若以速度v1飞出，用时t1落在斜坡上的C点；若以速度v2飞出，用时t2落在斜坡上的D点。已知212tt

=，不计空气阻力。关于运动员从B点飞出，落回斜面的过程，下列判断正确的是（）A.两次位移关系有2BDBC=B.两次初速度大小之比12:1:2vv=C.两次落在斜面上时速度与斜面夹角之比12:1:2=D.两次落在斜面上时速度大小之比12:1:2vv

=【答案】B【解析】【详解】B．令斜面的倾角为，运动员落在斜面上，则有20012tan2gthgtxvtv===解得02tangtv=可知速度与时间成正比，即12:1:2vv=故B正确；A．下落的高度为212hgt=运动的位移为2sin2sinhgxt==可

知运动的位移与时间的平方成正比，即2BDBC=故A错误；C．落在斜面上时速度与水平方向的夹角为α，则有00tan2tanyvgtvv===则落在斜面上时速度与斜面的夹角大小θ=α-同一斜面不变，故落在斜面上时速度与斜面的夹角与运

动员飞出时的初速度无关，则两次落在斜面上时速度与斜面的夹角之比为12:1:1=故C错误；D．落在斜面上时的速度0cosvv=可知落地时的速度大小之比与初速度之比相等，故两次落在斜面上时速度大小之比为12:1:2vv=故D错误。故选B。8.如图所示为

某“行星减速机”的一种工作原理图。其中A为太阳齿轮，半径为R1，B为行星齿轮，半径为R2，且R1：R2=3：2.在该种状态下，A、B两齿轮的边缘线速度分别为v1、v2，角速度分别为ω1、ω2，转速分别

为n1、n2，周期分别为T1、T2.下列关系正确的是（）A.12:3:2vv=B.12:3:2=C.12:2:3nn=D.12:2:3TT=【答案】C【解析】【详解】A．A、B两齿轮的边缘线速度分别为v1、v2，则v1=v2故A错误；B．根据vR=R1：R2=3：2得

12:2:3=故B错误；C．根据2n=得12:2:3nn=故C正确；D．根据2T=得12:3:2TT=故D错误。故选C。9.如图所示，套在竖直细杆上的轻环A由跨过定滑轮的不可伸长的轻绳与重物B相连，施加外力让A沿杆以速度v匀速上升，从图中M位置上

升至与定滑轮的连线处于水平N位置，已知AO与竖直杆成θ角，则（）A.刚开始时B的速度为vsinθB.A匀速上升时，重物B也匀速下降C.重物B下降过程，绳对B的拉力大于B的重力D.A运动到位置N时，B的速度最大【答

案】C【解析】【详解】AD．对于A，它的速度如图中标出的v，这个速度看成是A的合速度，其分速度分别是va，vb其中va就是B的速度vB（同一根绳子，大小相同），刚开始时B的速度为vB＝vcosθ当A环上升

至与定滑轮的连线处于水平位置时，va＝0，所以B的速度vB＝0，故AD错误；BC．因A匀速上升时，由公式vB＝vcosθ，当A上升时，夹角θ增大，因此B减速下降，由牛顿第二定律可知物体B超重，绳对B的拉力大于

B的重力，故B错误，C正确。故选C。10.如图所示，月球的半径为R，甲、乙两种探测器分别绕月球做匀速圆周运动与椭圆轨道运动，两种轨道相切于椭圆轨道的近月点A，圆轨道距月球表面的高度为R，椭圆轨道的远月点B与近月点A之间的距离为6R，若甲的运动周期为T，则乙的运动周期为（）A.324TB.3T

C.22TD.364T【答案】D【解析】【详解】根据题意可得，甲公转轨道半径为2rR=甲乙的椭圆轨道半长轴为632RrR==乙设乙运动周期为T乙，由开普勒第三定律3322raTT=甲乙乙联立解得364TT=乙故选D。二、多项选择题：本题包含5小题，每小题3分，共15分。在每小题给

出的四个选项中，至少有两个选项正确。全部选对的得3分，选不全的得2分，有错者或不答的得0分。请将正确答案填入下表内。11.如图所示，质量不等的甲、乙两个小球，在光滑玻璃漏斗内壁做水平面内的匀速圆周运动，甲在乙的上方。则

下列说法正确的是（）A.小球受到三个力的的B.两个小球单位时间走过的路程不同C.两个小球单位时间转过的角度相同D.两个小球向心加速度的大小相同【答案】BD【解析】【详解】A．小球受重力、玻璃漏斗内壁支持力两个力

的作用，故A错误；D．小球受重力和支持力的作用，设漏斗侧面与水平面夹角为，由向心力公式可知22tanvmgmmrmar===向心加速度tanag=大小相同，故D正确；B．线速度tanvgr=因为甲的半径较大

，所以线速度较大，故B正确；C．角速度tangr=因为甲的半径较大，所以角速度较小，故C错误。故选BD。12.如图是四轮驱动的汽车在水平路面上匀速转弯时的画面，下列说法正确的是（）A.汽车所受合力可能为0B.汽车受到的合力提供向心力C

.地面给轮胎的静摩擦力不指向运动轨迹的圆心D.重力与支持力的合力提供向心力【答案】BC【解析】【详解】AB．汽车在水平路面上匀速转弯，合力提供向心力不等于0，故A错误，B正确；CD．对汽车受力分析可知，汽车受重力、支持力、摩擦力和阻力，竖直方向上，重力和支持力等大反向，摩擦力和

阻力的合力指向圆心，提供向心力，则地面给轮胎的静摩擦力不指向运动轨迹的圆心，故D错误，C正确。故选BC。13.如图是单杠运动员在单臂旋转过程中的动作，已知运动员的质量为m，重心到手支撑点的距离为L，运动

员在竖直面内做圆周运动且刚好能通过最高点，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A.运动员在最高点时速度为gLB.运动员在最高点时向心力为0C.若运动员在最低点速度变大，则他对单杠的作用力可能减小D.若运动员在最高点速度变大，则他对单杠的作用力可能增大，也可能减小【答案】BD【解析】【分析】【

详解】AB．运动员在竖直面内做圆周运动且刚好能通过最高点，此时运动员重力和单杠对他的支持力平衡，则在最高点时速度为0，向心力为0，故A错误，B正确；C．运动员在最低点时，向心力，即2n=vFFmgmL=−解得单杠对他的作用力

2+vFmgmL=可知，当运动员在最低点速度变大时，单杠对他的作用力增大，根据牛顿第三定律可知，他对单杠的作用力增大，故C错误；D．若运动员在最高点，恰好由重力提供向心力，即的2=CvmgmL解得此时运动员的速度Cvg

L=当vgL时，有2=vmgFmL−速度v增大，F减小；当vgL时，有2=vmgFmL+速度v增大，F增大，故D正确。故选BD。14.世界上最大的摩天轮是位于阿联酋迪拜蓝水岛中心地带的“迪拜眼”，其高

度为250米，巨大的摩天轮四周配有48个吊舱，可同时乘坐1750多名游客，转一圈用时38分钟。迪拜眼于2021年10月21日正式开放。摩天轮在竖直平面内做匀速圆周运动，某时刻甲乘客所在的吊舱正好处在最高点，乙乘客所在

吊舱处在最低点，若两乘客质量相等，则此时（）A.吊舱对乙的作用力大于对甲的作用力B.吊舱对甲的作用力大于对乙的作用力C.吊舱对甲、乙的作用力方向相反D.甲乘客处于失重状态，乙乘客处于超重状态【答案】AD【解析】【详解】ABD．设乘客的质量为m，线速度大小为v，摩天轮的半径为R

，对甲、乙的作用力分别为F1、F2，根据牛顿第二定律21vmgFmR−=22vFmgmR−=解得21vFmgmR=−22vFmgmR=+可得21FF甲乘客处于失重状态，乙乘客处于超重状态，故AD正确，B错误；C．乘客在最低点时，吊舱对

乘客的作用力向上，乘客在最高点时，吊舱对乘客的作用力向上，所以吊舱对甲、乙的作用力方向相同，故C错误。故选AD。15.智能呼啦圈轻便美观，深受大众喜爱，如图甲，腰带外侧带有轨道，将带有滑轮的短杆穿入轨道，短杆的另一端悬挂一根

带有配重的轻绳，其简化模型如图乙所示。可视为质点的配重质量为m=0.5kg，绳长为l=0.5m，悬挂点P到腰带中心点O的距离为0.2m，水平固定好腰带，通过人体微小扭动，使配重随短杆做水平匀速圆周运动。

若绳子与竖直方向夹角θ=37°，运动过程中腰带可看成不动，重力加速度g取10m/s2，（sin37°=0.6，cos37°=0.8）下列说法正确的是（）A.配重做匀速圆周运动的半径为0.6mB.配重的线速度大小为15m/s2C.细绳对配重的拉力大小为

6.25ND.若细绳不慎断裂，配重将做自由落体运动【答案】BC【解析】【详解】A．设绳长为l，悬挂点P到腰带中心点O的距离为d，由几何关系可知，配重做匀速圆周运动的半径为sin0.5mrld=+=故A错误；BC．配重受重力和绳子拉力

，竖直方向根据受力平衡可知cosTmg=水平方向根据牛顿第二定律可得2sinvTmr=联立解得6.25NT=，15m/s2v=故BC正确；D．若细绳不慎断裂，配重将做平抛运动，故D错误。故选BC。三、实验题：本

题包含2小题，共14分。将答案填在题中横线上或按要求作答。16.用如图所示的向心力演示器探究向心力的大小。已知小球在挡板A、B、C处做圆周运动的轨迹半径之比为1:2:1，回答以下问题：（1）在该实验中，主要利用了控制变量法来探究向心力与质量、半径、角速度之间的关系。（2）探究向心力与半径之间的

关系时，选择半径___________（填“相同”或“不同”）的两个塔轮；同时应将质量相同的小球分别放在___________处。A．挡板A与挡板CB．挡板B与挡板C（3）若质量相等的两个小钢球分别放在挡板A与挡

板C处，皮带连接的两个塔轮的半径之比为2:1，当某同学以1r/s的转速匀速转动手柄时，A、C处两小球的线速度大小之比为___________；A、C处两小球的向心力大小之比为___________。【答案】①.相同②

.B③.1:2④.1:4【解析】【详解】（2）[1]探究向心力与半径之间的关系时，应保持角速度和小球的质量相等，小球做圆周运动的半径不同，则选择半径相同的两个塔轮，保证角速度相等。[2]将质量相同的小球分别放在挡板B与挡板C处，保证小球做圆周运动的半径不同。故选B。（3）[

3]根据题意，由公式vr=可知，角速度之比为12AC=则A、C处两小球的线速度大小之比为12ACvv=[4]由向心力公式2Fmr=可得，A、C处两小球的向心力大小之比为2214AACCFF==17.在利用电磁定位系统“探究平抛运动的特点”实验中，通过计算机通讯

线将电磁定位板与计算机相连。打开信号源电源开关，检查信号接收情况，将信号源放在弹射器前端，点击“零点设置”。将信号源推入弹射器，弹射器有三档可调节，点击“开始记录”，释放信号源，软件自动记录信号源的运动轨迹。点击“停止记录”，点击“X”得到信号源的轨迹在水平方向的投影，点击“

Y”得到信号源的轨迹在竖直方向的投影。点击“二次拟合”得到信号源在竖直平面内的平抛运动轨迹。（1）平抛运动在水平方向的分运动为___________；在竖直方向的分运动为___________。（2）

在左图中取4个点，放大后如右图所示。右图中每个正方形小方格的边长为2.5cm，分析可知，小球由1到2位置的时间间隔为___________s，该小球平抛运动的初速度大小为___________m/s。（g取10m/s2，结果保留两位有

效数字）【答案】①.匀速直线运动②.自由落体运动③.0.050④.1.0【解析】【详解】（1）[1][2]平抛运动在水平方向的分运动为匀速直线运动；在竖直方向的分运动为自由落体运动。（2）[3][4]根据22312yyygt=−=可得0.050sLtg

==该小球平抛运动的初速度大小为121.0m/sxLvtt===四、计算题：本题包含5小题，共41分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。18.月球质量约为地球质量的181，月球

半径约为地球半径的14。月心距离地心的平均距离约为3.8×108m，航天器在地球飞往月球过程中既受到地球的引力，也受到月球的引力。当航天器到达月地间某一位置时，它受到地球、月球的引力大小相等，求航天器到月心的距离。【答案】73.810m【解析】【详解】航天器在地、月间

飞行时，受到的引力大小与地球、月球半径无关；设地、月间距为d，航天器质量为m受到地球、月球的引力大小相等时，它到月心距离为1r，与地心距离为2r。则有2221GMmGMmrr=月地又81MM=月地12rrd+=联立解得8713.810

m3.810m1010dr===19.如图所示，质量为m的小球用两根长度分别为13L、5L的轻绳固定于细杆上间距为12L的A、B两点上，小球可绕细杆在水平面内做匀速圆周运动，重力加速度为g。求：（1）为

使5L的轻绳不受到拉力作用，小球转动的最大角速度ω0；（2）当小球转的角速度为35gL=，5L的轻绳受到的拉力大小。【答案】（1）123gL；（2）3112mg【解析】【详解】（1）当B绳刚伸直，不

受到拉力作用时，两绳与杆构成直角三角形，设此时角速度为0，绳A与竖直方向夹角为，则有2tanmgmr=5tan12=5rL=联立解得0123gL=（2）设此时，绳A对小球的拉力为FA，B绳对小球的拉力FB，

则有2ABsinFFmr+=AcosFmg=联立解得B3112Fmg=20.2022年冬奥会的自由式滑雪U型场地技巧项目吸引了众多观众的眼球，U型池宽度为20m，雪槽深6.5m，可以将U型池看作两个14圆弧与水平面结合的图形，如图所示，B、C点为圆弧的最

低点，与水平滑道相切。某次运动员从A的上方落入轨道，滑至B点时的速度大小为13m/s，已知运动员质量为50kg，重力加速度g取10m/s2（结果保留整数）。求：（1）运动员滑至B点的瞬间，对B点的压力的大小；（2）若已知水平部分雪与滑雪板间的摩擦因数为0.05，运动员第一次

由B滑至C点，运动员对C点压力的大小。【答案】（1）1800N；（2）1746N【解析】【详解】（1）运动员在圆弧最低点B，应用牛顿运动定律：21BvFmgmR−=11800NF=由牛顿第三定律得11FF=−所以运动员给B点的

压力大小为1800N。（2）从B点到C点，由牛顿运动定律NgFmamF===合得20.5m/sa=由运动学公式222cBvvax−=由牛顿运动定律22CvFmgmR−=得21746NF=由牛顿第三定律得22FF=−所以运动员给C点

的压力为1746N。选做题：本题包含两题，请任选一题做答。如两题都做，按A题计分。21.如图所示，小物块从坡面顶端由静止释放，滑到水平台上，滑行一段距离后，从边缘O点以1m/s水平飞出，击中平台右下侧挡板上的P点。现以O为原点在竖直面内建立如图所示的

平面直角坐标系，挡板的形状满足方程26yx=−（单位：m），不计一切摩擦和空气阻力。重力加速度g取10m/s2，101取10.05.求：（1）小物块从O点运动到P点的时间；（2）小物块刚到P点时速度的大小。【答案】（1）1s；（2）10.05m/s【解析】【详

解】（1）竖直方向，根据运动学公式，有212ygt=−水平方向0xvt=结合26yx=−联立解得1st=（2）竖直方向速度大小ygt=v根据速度的合成法则，则小物块刚到p点时速度的大小为220yvvv=+代入数据可得101m

/s10.05m/sv==22.如图所示，质量为m的小球以某一初速度向左运动，经过一半径为R的半圆轨道最高点后，水平向右飞出，刚好落于斜面顶端，小球落点的速度与斜面平行，小球可看作质点。已知斜面顶端到轨道最高点的竖直高度为h，重力加速度为g。求：（1）求斜面顶端与轨道最高点的水

平距离；（2）小球在轨道最高点时对轨道的压力大小。【答案】（1）2tanhx=；（2）22'1tanhFmgR=−【解析】【详解】（1）设斜面顶端与轨道最高点的水平距离为x，小球在轨道最高点时速度为v0，飞出后做平抛运动，到达斜面时的竖直分速度为vy，

由平抛运动的规律得22yvgh=①0tanyvv=②由①②得02tanghv=201tan22gthxvt==得2tanhx=（2）设小球在轨道最高点时受到的支持力为F20mvmgFR+=小球对轨道的压力为'F'F=

F'22(1)tanhFmgR=−选做题：本题包含A、B两题，请任选一题做答。如两题都做，按A题计分。23.某游戏装置如图所示，左侧是一竖直支柱，右侧竖直放置一内径很小的圆弧形管道，弹射装置可以将置于支柱上A处的小球水平向右弹出。一质量0.2kgm=的小球（可视为质点）以0v的初速度被弹出后，

正好从B处沿圆弧切线方向进入圆管（小球的直径略小于圆管横截面直径），且到达B的速度5m/sBv=。已知OB与OC的夹角53=，sin530.8=，cos530.6=，不计空气阻力，重力加速度g取210m/s求：（1）小球离

开A点的初速度0v的大小；（2）AB、间的高度差h；（3）若小球恰好可以达到D处，则小球在D处时对管壁弹力的大小和方向。【答案】（1）3m/s；（2）0.8m；（3）2N，方向竖直向下【解析】【详解】（1

）根据题意可知，小球从B处沿圆弧切线方向进入圆管，将小球运动到B处时的速度沿水平方向与竖直方向分解，如图所示由几何关系有0cos5m/sBvv==解得A点的初速度03m/sv=（2）小球运动到B处时，竖直方向的分速度Bsin50.8m/s4m/syvv===从AB→，小球在竖直方向做自由落体

运动，则有ygt=v解得下落时间0.4st=AB、间的高度差为212hgt=解得0.8mh=（3）因为小球恰好能到达D点，所以到达D点的速度为0，对于小球有N2NFmg==再由牛顿第三定律可知小球对轨道的弹力'N2NFF==方向竖直向下。24.某游戏装

置如图所示，左侧是一竖直支柱，右侧竖直放置一半径0.5mR=，内径很小的圆弧形管道，弹射装置可以将置于支柱上A处的小球水平向右弹出。一质量0.2kgm=的小球（可视为质点）以v0的初速度被弹出后，正好从B处沿圆弧切线方向进入圆管（小球的直径略小于圆管横截面直径），且到达B的速度5m/sBv

=。已知OB与OC的夹角53=，sin530.8=，cos530.6=，不计空气阻力，重力加速度g取210m/s，求：（1）A、B间的高度差h；（2）若小球运动到管口D处时的速度大小6m/sDv=，则小球在D处时对管壁弹力的大小和方向；（3）若弹射装置的位置可以在支柱上上下

移动，欲通过改变支架距离B点的水平位移x，使小球还能恰好从B处沿圆弧切线方向进入圆管，弹射装置出口到B点的高度H与支架距离B点的水平位移x应满足的关系式（弹射装置出口到支架的距离可忽略）。【答案】（1）0.8m；（2）0.4N，方向竖直向上；（3）23

Hx=【解析】【详解】（1）小球运动到B处时，竖直方向的分速度sin50.8m/s4m/syBvv===从A到B，小球在竖直方向做自由落体运动，有ygt=v解得下落时间0.4st=A、B间的高度差2

10.8m2hgt==（2）设小球在D处时受到管壁对其的作用力方向竖直向下，大小为NF，根据牛顿第二定律有2NDvmgFmR+=解得N0.4NF=根据牛顿第三定律可知，小球在D处时对管壁的弹力的大小为0.4N，方向竖直向上。（3）因为小球沿切线方向从B点

进入圆管，则有4tan3yxvv==再由平均速度关系可知12tan2yxvtHxtv==所以，弹射装置出口到B点的高度H与支架距离B点的水平位移x应满足的关系式为23Hx=获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公

众号www.xiangxue100.com