【文档说明】江苏省名校2021届高三下学期4月第二次适应性考试反馈测试物理试题 含答案.docx，共(8)页，1015.557 KB，由小赞的店铺上传

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江苏省第二次适应性考试反馈练习物理试题一、单选题1．某实验小组用图甲所示电路研究a、b两种单色光的光电效应现象，通过实验得到光电流I与电压U的关系如图乙所示，由图可知（）A．光电子的最大初动能kakbEEB．两种光的频率abvvC．两种光照射金属K

时的逸出功不一样D．若b光可以让处于基态的氢原子电离，则a光一定也可以2．用图中三套实验装置探究感应电流产生的条件，下列选项中能产生感应电流的操作是（）A．甲图中，使导体棒AB顺着磁感线方向运动，且保持穿过ABCD中的磁感线条数不变B．乙图中，使条形磁铁

匀速穿过线圈C．丙图中，开关S闭合后，A、B螺线管相对静止一起竖直向上运动D．丙图中，开关S保持闭合，使小螺线管A在大螺线管B中保持不动3．如图甲所示，有一固定的正点电荷N，其右侧距离为L处竖直放置一内壁光滑的绝缘圆筒，圆筒内有一带电小球。将小球从H0高处由静止释放

，至小球下落到与N同一水平面的过程中，其动能Ek随高度H（设小球与点电荷N的竖直高度差为H）的变化曲线如图乙所示。下列说法正确的是（）A．小球可能带负电，也可能带正电B．带电小球在高度H0~H1之间运动过程中，电势能减小C．带电小球在高度H1~H2之

间运动过程中，机械能减小D．带电小球在整个运动过程中，库仑力先减小后增大4．如图所示，图中阴影部分ABC为一透明材料做成的柱形光学元件的横截面，该种材料折射率53n=，AC为一半径为R的四分之一圆弧，D为圆弧面圆心，ABCD构成正方形。在D处有一红色点光源，在纸面内照射弧面AC，若只考虑首次

从圆弧AC直接射向AB、BC的光线，则以下说法正确是（）A．光从该材料到空气的临界角为53B．该光学元件的BC边上有光射出的长度为14RC．照射在AC边上的入射光，有弧长为445R区域的光不能从AB、BC边直接射出D．将点光源换成紫光，则AB边上有光射出的长度增大5．2021年

2月11日，我国“天问一号”探测器抵达环火星轨道。由于距离遥远，地球与火星之间的无线电通讯会有长时间的延迟。为了节省燃料，我们要等火星与地球之间相对位置合适的时候发射探测器，受天体运行规律的影响，这样的发射机会很少。已知地球和火星在同一平面上、沿同一方向绕太阳做匀速圆周运动，火星的公转

轨道半径约是地球的公转轨道半径1.5倍，公转周期约是地球公转周期的1.9倍，太阳发出的光线到地球的时间约为8分钟。根据上述材料，结合所学知识，判断下列说法正确的是（）A．地球上发出的指令最短需要约2分钟到达火星B．地球上发出的指令最长需要约12分钟到达火星C．错过最佳发

射窗口期后，下一个最佳发射窗口期需要再等约2.1年D．错过最佳发射窗口期后，下一个最佳发射窗口期需要再等约1年6．在绕制变压器时，某人误将两个线圈绕在图示变压器铁芯的左右两个臂上，当通以交流电时，每个线圈产生的磁通量都只有三分之一通过另一个线圈，其余的通过中间的臂。已知当线圈1输入电压900

V时，在不接负载的情况下，线圈2的输出电压为600V。则当线圈2的输入电压为600V时，在不接负载的情况下，线圈1的输出电压为（）A．900VB．600VC．400VD．100V7．如图甲所示的电路中，K与L间接一智能电源，用以控制电容器C两端的电压UC．如果UC随时间t的变化如图乙所示（设t=

0时，K为高电势），则下列描述通过该电容器C的电流IC（取回路中电流沿顺时针方向为正）随时间t变化的图像中，正确的是（）A．B．C．D．8．真空中静止的点电荷的电场线分布如图所示，A、B为同一条电场线上的两点。已知A点的场强为EA，B点的

场强为EB，A、B两点之间距离为d，电荷量为+q的试探电荷在A点的电势能为EpA，在B点的电势能为EpB。有关A、B两点的说法正确的是（）A．该试探电荷在A点受静电力较小B．该试探电荷在B点具有的电势能较大C．A、B两点间的电势差等于()2ABEEd+D．A、B两点间的电势差等于ppA

BEEq−9．在平静的介质中，从波源O发出的一列简谱横波沿x轴正方向传播，1t秒时刻的波形用实线表示，2t秒()21tt时刻的波形用虚线表示。介质中的质点Q位于18mx=处，则下列说法正确的是（）A．该简谐横波的波长可能为6mB．该波的波速大小一定为214m/stt−C．在1t秒时刻至2t秒时刻

这段时间内，介质中的质点M的运动过程是由先加速、后减速两段过程组成D．根据图像无法判断质点Q的起振方向10．如图所示，如果把地球表面看成一座巨大的拱形桥，若汽车速度足够大就可以飞离地面而成为人造地球卫星。已知

地球自转周期为T，赤道上的重力加速度为g赤，万有引力常量为G，地球的半径为R。则下列说法正确的是（）A．汽车相对地心的速度至少应为2RT才能飞离地面B．地球的质量为2gRG赤C．地球两极处的重力加速度为22RgT+赤D．为了使汽车更容易飞离地面，汽车应该在低纬度地区自东向

西加速运动11．如图所示，虚线右侧有竖直向下的电场强度45N/CE=的匀强电场及垂直于电场向外的磁感应强度0.25TB=的匀强磁场。在光滑绝缘的水平面上有两个等大的金属小球A、B，小球A不带电，其质量0.05kgAm=，紧贴虚线静置的小球B带电量3410CBq−=−，其

质量0.01kgBm=。小球A以速度020m/sv=水平向右与小球B发生正碰，碰后小球B垂直于电、磁场直接进入正交电、磁场中。刚进入正交电、磁场的瞬间，小球B竖直方向的加速度恰好为零。设小球A、B碰撞瞬间电荷均分，取210m/s

g=。则下列说法正确的是（）A．碰后瞬间，小球A的速度大小为10m/sB．小球A在刚进入正交电、磁场后的短时间内，其电势能减少C．过程中，小球A对小球B做的功为2JD．小球A、B之间的碰撞为弹性碰撞二、实验题12．某学习小组在练习使用多用电表的同时，对多用电表进行

了探究（以下问题中均使用同一多用电表）。请回答下列问题：（1）该学习小组先使用多用电表测量直流电压，若选择开关处在直流电压10V挡，指针的位置如图甲所示，则测量结果为______V。（2）将多用电表挡位调到电阻“×1k”挡

，进行欧姆调零后将红黑表笔分别接在没有接入电路的滑动变阻器（最大阻值为100Ω，如图乙所示）A、B两个接线柱上，则发现欧姆表指针的偏转情况是______（选填“较小”或“较大”）。（3）然后学习小组将多用电表选择开关旋至某倍率欧姆挡并重新进行欧姆调零后测未

知电阻值的电路如图丙所示。通过查找资料，了解到表头G的满偏电流为10mA，并通过测量作出了电路中电流I与待测电阻阻值Rx关系图象如图丁所示，由此可确定电池的电动势E=______V，该图象的函数关系式为I=______。综上可判定学习小组使用多用电表欧姆挡

的倍率是下列四个选项中的______（填字母代号）。A．×1B．×10C．×100D．×1k三、解答题13．如图甲，开口向上，内壁光滑密封完好的导热圆柱形气缸竖直放置，在气缸M、N两处设有卡口，使厚度不计但具有一定质量的活塞，只能在M

、N之间运动。开始时活塞停在N处，缸内压强p1=1.54×105Pa，温度为527℃，现缓慢放热，活塞运动M处，直到缸内压强P3=1.08x105Pa为止。整个过程中的p-V图像如图乙所示（V轴单位10-3m3，P轴单位105Pa）。设外界大气压p0=1.0×105Pa。（1）写出图乙中气体的

变化过程，并求出M、N卡口之间的体积；（2）求活塞刚离开N时气体的温度，以及末状态气缸内气体的温度。（计算结果保留一位小数）14．如图所示，两根平行光滑金属导轨所在的平面与水平面的夹角为30°，导轨间距为0.5m。两导体棒ab、均

垂直导轨放置，用一不可伸长的细线绕过光滑的定滑轮将棒b与物体c相连，滑轮与棒b之间的细线平行于导轨。整个装置处于方向垂直导轨平面向上的匀强磁场（图中未画出）中，磁场的磁感应强度大小为0.2T。物体c和棒a、棒b的质量均为0.1kg，棒a、棒b的电阻均为1。将棒a、棒b和

物体c同时由静止释放，运动过程中物体c不触及滑轮或地面，棒a、棒b始终与两导轨接触良好。导轨电阻不计且足够长，取重力加速度大小210m/sg=。求：(1)刚释放瞬间棒a、棒b的加速度大小；(2)最终棒a中电

阻的发热功率。15．一种餐桌的构造如图甲所示，已知圆形玻璃转盘的半径0.6mr=，圆形桌面的半径1mR=，不计转盘的厚度，桌面到地面的高度1mh=。轻绳一端固定在转盘边缘，另一端连接着质量2kgm=的小物块，小物块被轻

绳带动沿桌面边缘一起旋转，达到稳定状态后，二者角速度相同，俯视图如图乙所示。某时刻轻绳突然断裂，小物块沿桌面边缘飞出后的落地点到桌面和转盘共同圆心O的距离3ms=，重力加速度g取210m/s。求：（1）小物块飞出桌面边缘的速度大小0v；（2）小物块与桌面之间

的动摩擦因数μ；（3）绳断之前轻绳拉力的功率P。（计算结果均可保留根号）16．质谱仪是以离子源、质量分析器和离子检测器为核心的电子仪器。离子源是使试样分子在高真空条件下离子化的装置。电离后的分子因接受了过多的能量会进一步碎裂成较小质量的多种碎片离子和中性粒子。它们在加速电场作用下获取具有相同能

量的平均动能而进入质量分析器。质量分析器是将同时进入其中的不同质量的离子，按质荷比mq的大小分离的装置。质谱仪的部分原理图可简化为如图甲所示，离子源（在狭缝上方，图中未画出）产生的带电离子经狭缝之间的电场加速后，匀速并垂直射入偏转磁场区域，加

速电场的电压随时间变化如图乙所示。离子进入匀强磁场区域后，在洛伦兹力的作用下打到照相底片上并被接收，形成一细条纹。若从离子源产生的离子初速度为零、电荷量为(0)qq+、质量为m，加速电压为0U时，离子

恰好打在P点，PN为放置照相底片的离子检测区域，M为PO的中点。已知,2LPMOMLMN===（不计离子的重力以及离子在电场内加速时电压的变化与加速时间）。求：（1）加速电压为0U时，离子经加速电场加速后的速度1v；（2）偏转磁场的磁感应强度大小B；（3）若要求所有的离子都能打在

照相底片上，则离子进入偏转电场的时间范围；（4）若偏转磁场区域为圆形，且与PQ相切于O点，如图丙所示，其他条件不变，当加速电压为0U时，要保证离子进入偏转磁场后不能打到PQ边界上（PQ足够长），求磁场区域的半径R应满足的条件。请将全部答案填

写在答题卡上！！否则答题无效！！参考答案1．A【详解】A．由题图可得b光照射光电管时反向截止电压大，其逸出的光电子最大初动能大，即kakbEE故A正确；B．由光电效应方程km0EhW=−由题图可得b光照射光电管时反向截止电压大，其频率大，即

ab故B错误；C．金属的逸出功由金属本身决定，与光的频率无关，故C错误；D．b光的频率大，光子能量大，若b光可以让处于基态的氢原子电离，则a光有可能让基态氢原子电离，并不是一定可以，故D错误。故选A。

2．B【详解】A．甲图中，使导体棒AB顺着磁感线方向运动，AB不切割磁感线，故不能产生感应电流，另外也可以从保持穿过ABCD中的磁感线条数不变的角度看，磁通量没变化，故也不产生感应电流，A错误；B．乙图中，使条形

磁铁匀速穿过线圈，在磁铁从上向下穿过时，穿过线圈的磁通量会变化，故产生感应电流，B正确；C．丙图中，开关S闭合后，A、B螺线管相对静止一起竖直向上运动，两线圈没有相对运动，B中的磁通量没变化，故不产生感应电流，C错误；D．丙图

中，开关S保持闭合，使小螺线管A在大螺线管B中保持不动时也不会使B中的磁通量变化，故也不能产生感应电流，D错误。故选B。3．C【详解】A．根据动能定理知Ek−H图像的斜率为带电小球所受合力，由图像知随

H的减小，斜率先减小，说明N对小球的库仑力斜向右上方，为斥力，所以小球带正电，故A错误；B．整个过程中小球距离正点电荷N越来越近，库仑力对小球始终做负功，电势能增加，故B错误；C．除重力外的其他力做的

功等于机械能的变化，由于库仑力做负功，故带电小球在高度H1~H2之间运动过程中，机械能减小，故C正确；D．由库仑力2QqFkr=整个运动过程中，r越来越小，库仑力一直增大，故D错误。故选C。4．C【详解】A．设光从该材料到空气的临界角为C，则有13sin5Cn=

=求得：37C=，故A错误；BC．假设光线沿DE方向照射到AB面上正好发生全反射，DE与弧AC相交于F，则37ADE=。如图所示假设光线沿DG方向照射到BC面上正好发生全反射，DG与弧AC相交H，可知∠CDG=37°，则∠GDE=16°，求得光线不能射出对应的弧长445RFH=，即照射在AC边

上的入射光，有弧长为445R区域的光不能从AB、BC边直接射出。由几何知识求得该光学元件的BC边上有光射出部分的长度为3tan374CGRR==故C正确，B错误。D．若将点光源换成紫光，由于紫光的频率大于红光的频率，故在该种材料中紫光的折射率大于红光的折射率。根据1

sinCn=可知从该种材料中到空气中，紫光的临界角小于红光的临界角，则AB边上有光射出的长度将变短，故D错误。故选C。5．C【详解】AB．太阳发出的光线到火星的时间约为8min1.512min=，所以地

球上发出的指令最短需要约12min8min4min−=到达火星，最长需要约12min8min20min+=到达火星，故AB错误；CD．设地球公转周期为T，则火星公转周期为1.9T；最佳发射窗口期即是地

球、火星相距最近的时期，由周期关系和几何关系可知，错过最佳发射窗口期之后的2T时刻，地球即将再一次靠近火星，并在3T时刻之前二者距离再次达到最近，在整个过程中，二者的运动时间相等，但是地球比火星多运转了一个周期，即2221.9ttTT−=解得1.92.1

0.9tTT=故C正确、D错误。故选C。6．D【详解】每个线圈通交变电流后，其内部磁通量的三分之一通过另一个线圈，因此另一线圈的磁通量的变化率只有通电线圈的三分之一，由变压器原理知，当从线圈1输入电压U1=900

V时，线圈2的输出电压为600V，根据1111222232UEnUEn===解得1212nn=当从线圈2输入电压U2=600V时，得2221116UnUn==解得1100VU=故选D。7．C【详解】根据电容的定义公式有=QQCUU=电流的定义式为=QQItt=联立可得

=UUICCtt=电容不变时，通过的电流与电压的变化率成正比，电压的变化率由乙图图像的斜率可知，由于图像的斜率不变并且为负值，则通过该电容器C的电流IC大小也保持不变，方向为负的，所以C正确；ABD错误；故选C。8．D【

详解】A．由点电荷场强公式2QEkr=可知，该试探电荷在A点的电场强度大，所以在A点受的静电力较大，故A错误；B．沿电场线电势降低可知AB则该试探电荷在B点具有的电势能较小，故B错误；CD．A与B两点间的电势差为ABABWUq=从A到B电场力

做的功等于电势能的变化，则有ppABABWEE=−得ppABABEEUq−=由于电场为非均强电场，则AB间的平均强度不等于2ABEE+，故C错误，D正确。故选D。9．D【详解】A．由波形图可知，波长8m=，故A错误；B．波沿x轴正方向传播，位移为(84)m2xn

n=+=+（n=0,1,2,3…）则波速为2184m/sxnvttt+==−（n=0,1,2,3…）则当n=0时，波速为214m/stt−，不是一定为214m/stt−，故B错误；C．在t1~t2时间内，

若是在一个周期内，则质点M是先加速、后减速，若是包含多个周期则由多个运动阶段组成，不仅是两段过程组成，故C错误；D．t1、t2时刻不是0时刻的图像，故无法判断O点的起振方向，故也就无法判断质点Q的起振

方向，故D正确。故选D。10．C【详解】A．由题意可知，赤道上相对地球静止的物体的线速度为12πRvT=汽车相对地心的速度为v1时显然不能飞离地面，汽车相对地心的速度至少要达到环绕速度才能飞离地面，故A错误；B．设地球的质量为M，对赤道上质量为m0的静止

物体根据牛顿第二定律有2000224πMmGmgmRRT=+赤解得22232+4πgRTRMGT=赤故B错误；C．设地球两极处的重力加速度为g，地球两极处质量为m0的物体所受重力近似等于万有引力，即002MmGmgR=解得224πgRgT=+赤故C正确；D．为了使汽车更容易

飞离地面，汽车应该在低纬度地区自西向东加速运动，故D错误。故选C。11．C【详解】A．小球A、B碰撞瞬间电荷均分，则两小球电荷量的绝对值均为3210C2Bqq−==且小球B刚进入正交电、磁场的瞬间，竖直方向的加速度恰好为零，则有BBmgqvBqE=+解得

碰后B球的速度为20m/sBv=小球A、B碰撞过程中，由动量守恒定律可得0AAABBmvmvmv=+解得，碰后瞬间小球A速度为16m/sAv=故A错误；B．小球A刚进入正交电、磁场后，由于0.5N0.098NAAmgqEqvB=+=所以小球A向

下偏，则电场力做负功，故其电势能增大，故B错误；C．根据动能定理，可知小球A对小球B做的功为212J2BBWmv==故C正确；D．由于碰撞前A、B系统机械能为2k10110J2AEmv==碰后系统机械能为22k211

8.4J22AABBEmvmv=+=则k1k2EE，机械能不守恒，故小球A、B之间的碰撞为非弹性碰撞，故D错误。故选C。12．5.4较大1.5x1.5150+RB【详解】(1)[1]最小分度为0.2V，测量结果为5.4V。(2)[2]用“×1k

”挡来测量100Ω的电阻，指针指在0.1Ω处，故指针的偏转角较大。(3)[3]如图丁所示，当表头满偏时有gIRE=内当表头半偏时有x12+gEIRR=内可知x==150RR内联立代入数据可得E=1.5V。[4]该图象的函数关系式为xx1.

5=+150+EIRRR=内[5]多用电表欧姆挡的内阻为=150R内，而表盘中间刻度为15Ω，故倍率是×10，B正确。故选B。13．（1）气体先做等容变化，然后做等压变化，最后做等容变化，434.410m−；（2）706.5K，392K【详解】(1)从图乙可知，气体先

做等容变化，然后做等压变化，最后做等容变化，由图乙可知，两卡口M、N之间的体积()333331.46101.0210m0.4410m4.41MNV−−−=−==(2)由图乙可知，开始时气缸内气体的压强为511.5410Pap=，体

积为3311.4610mV−=，温度1(527273)K800KT=+=，活塞刚离开N处时，气体压强521.3610Pap=，体积为3321.4610mV−=，由查理定律有1212ppTT=，解得2706.5KT

=活塞最终运动到M点，有531.0810Pap=，体积为3331.0210mV−=，由理想气体状态方程331113pVpVTT=，解得2392KT=14．(1)a的加速度方向沿导轨向下，大小为25m

/s，棒b的加速度方向沿导轨向上，大小为22.5m/s；(2)25WP=【详解】(1)刚释放瞬间，棒a、棒b的速度均为0，则所受安培力为0对棒a受力分析可知1sin30mgma=解得215m/sa=对棒b和物体c整体受力分析可知2

sin302mgmgma−=解得222.5m/sa=即棒a的加速度方向沿导轨向下，大小为25m/s，棒b的加速度方向沿导轨向上，大小为22.5m/s。(2)分析可知，最终两棒的加速度相同，速度差恒定

对棒a受力分析可知3sin30BIlmgma−=对棒b和物体c整体受力分析可知3sin302mgBIlmgma+−=解得30a=5AI=由公式2PIR=解得25WP=15．（1）5m/s；（2）38；（3）155W2【详解】（1）小物块沿桌面边缘飞出后做平抛运动，设运动时间为t，则竖直位移

为212hgt=水平位移为0xvt=由几何关系可知222sRxh=++联立解得05m/sv=（2）设轻绳对小物块的拉力大小为T，方向与小物块和圆心O连线的夹角为θ，则sinrR=小物块沿桌面边缘旋转时的向心力由轻绳的拉力T、与桌面间的摩擦力f共同提供，故20c

osvTmR=sinTf=fmg=联立解得38=（3）由（2）中分析可得25N2T=sinθ=0.6解得015sin5W2PTv==16．（1）02qUm；（2）021mULq；（3）131(3232nTTtnTTn++=剟0,1,

2,)L；（4）RL„【详解】（1）加速电压为0U时，对离子经加速电场加速过程应用动能定理有20112qUmv=解得012qUvm=（2）由题意可知，加速电压为0U时，离子在偏转磁场中做匀速圆周运动的轨迹半径为r

L=在偏转磁场中，离子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，有211vqvBmr=解得0012211qUmUmvmBqrLqmLq===（3）当离子恰好打在N点时，离子在偏转磁场中做匀速圆周运动的轨迹半

径为4Lr=在偏转磁场中，离子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，有200vqvBmr=离子经加速电场加速过程应用动能定理有2012qUmv=解得0116UU=故离子进入偏转电场的时间范围为131(3232nTTtnTTn++=剟0,1,2,)L（4）离子不能打到P

Q边界，则磁场区域的半径应小于等于离子在偏转磁场中做匀速圆周运动的轨迹半径，又当加速电压为0U时，离子在磁场中的轨迹半径为L，根据以上分析可知，磁场区域的半径应满足RL„