【文档说明】【精准解析】河北省行唐县第一中学2019-2020学年高一下学期6月物理试题（高考班）.doc，共(15)页，581.000 KB，由小赞的店铺上传

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行唐一中20119~2020学年第二学期高一年6月月考物理试题一、选择题（本题共12个小题，每题4分，共48分。1--8题为单选题，9--12题为多选题，选对不全得2分，选错不得分）1.A、B分别是地球上的两

个物体，A在北纬某城市，B在赤道上某地，如图所示．当它们随地球自转时，它们的角速度分别是A、B，它们的线速度大小分别是vA、vB下列说法正确的是（）A.A=B，vA<vBB.A=B，vA>vBC.A<B

，vA=vBD.A>B，vA<vB【答案】A【解析】【详解】A与B均绕地轴做匀速圆周运动，在相同的时间转过的角度相等，由角速度的定义式t=，A、B角速度相等，即A=B；由角速度与线速度关

系公式v=ωr，B的转动半径较大，故B的线速度较大，即vA<vB；A.A=B，vA<vB．与结论相符，故A正确；B.A=B，vA>vB．与结论不符，故B错误；C.A<B，vA=vB．与结论不符

，故C错误；D.A>B，vA<vB．与结论不符，故D错误．2.如图所示，飞机做特技表演时，常做俯冲拉起运动，此运动在最低点附近可看作是半径为500m的圆周运动．若飞行员的质量为65kg，飞机经过最低点时速度为360km/h，则这时飞行员对座椅的压力为：(取g＝10m/s2)（）A.6

50NB.1300NC.1800ND.1950N【答案】D【解析】【详解】分析飞行员的受力情况，根据牛顿第二定律和向心力公式可得2N-vFmgmr=已知500mr=、360km/h100m/sv==，代入上式解得座椅对飞行员的支持力N1950NF=，根据牛顿第三定律可知，飞行员对座椅的

压力为1950N，所以只有D正确。故选D。3.近地卫星线速度为7.9km/s，已知月球质量是地球质量的1/81，地球半径是月球半径的3.8倍，则在月球上发射“近月卫星”的环绕速度约为（）A.1.0km/sB.1.7km/sC.2.0km/sD.1.5km/s【答案】B【解

析】【分析】根据卫星在星球表面做匀速圆周运动，万有引力提供向心力公式进行求解；【详解】近地卫星的向心力由万有引力提供，则：22MmvGmRR=地地地，则：GMvR=地地“近月卫星”的向心力由万有引力提供，则：'2'2MmvGmRR=月月月，GMvR=月月所以：29MRvvMR月地月地==，

所以21.7/9vvkms=，故B正确，ACD错误．【点睛】本题是万有引力提供向心力公式的直接应用，平时在学习过程中加强训练．4.如图所示，木板长为l，木板的A端放一质量为m的小物体，物体与板间的动摩擦因数为μ.开始时木板水平，在绕O点缓慢转过一个小角度θ的过程中，若物体始终保持与板相

对静止．对于这个过程中各力做功的情况，下列说法中正确的是()A.摩擦力对物体所做的功为mglsinθ(1－cosθ)B.弹力对物体所做的功为mglsinθcosθC.木板对物体所做的功为mglsinθD.合力对物体所做的功为mglcosθ【答案】C【解析】【详解】

摩擦力的方向与木块运动的方向垂直，则摩擦力不做功，故A错误；缓慢转动过程中，物体受力平衡，动能的变化量为零；由动能定理可知合外力做功为零，选项D错误；滑块受重力、支持力和静摩擦力，重力做功为-mglsinθ，摩擦力不做功，根据动能定理有：WG+W

f+WN=0；故WN=mglsinθ，木板对物体所做的功为Wf+WN=mglsinθ，故B错误，C正确；故选C．5.如图所示，物体沿曲面从A点无初速度滑下，滑至曲面的最低点B时，下滑的高度为6m，速度为6m/s，若物体的质量为1kg。则下滑过程中物体克服阻力所做功为（g取10m/s2）（）A

.42JB.18JC.60JD.0【答案】A【解析】【详解】由动能定理可知212fmghWmv−=代入数据可得Wf=42J故选A。6.如图，一物体从光滑斜面AB底端A点以初速度v0上滑，沿斜面上升的最大高度为h，下列说法中正确的是（设下列情境中物体从A点上滑的初

速度仍为v0）（）A.若把斜面CB部分截去，物体冲过C点后上升的最大高度仍为hB.若把斜面AB变成曲面AEB，物体沿此曲面上升仍能到达B点C.若把斜面弯成圆弧形D物体仍沿圆弧升高hD.以上说法都不对【答案】B【解析】【详解】A．若把斜面CB部分截去，物体冲过

C点后做斜抛运动，由于物体机械能守恒，同时斜抛运动运动最高点，速度不为零，故不能到达h高处，故A错误；BD．若把斜面AB与水平面的夹角稍变大，物体在最高点速度为零，根据机械能守恒定律，物体沿斜面上升的最大高度仍然为h，故B正确，D错误；

C．若把斜面弯成圆弧形D，如果能到圆弧最高点，即h处，由于合力充当向心力，速度不为零，故会得到机械能增加，矛盾，故C错误。故选B。7.如图所示，木块静止在光滑水平桌面上，一子弹水平射入木块的深度为d时，子弹与木块相对静止，在子弹入射的过程中，木块沿桌面移动的距离为L

，木块对子弹的平均阻力为Ff，那么在这一过程中不正确的是（）A.木块的机械能增量为FfLB.子弹的机械能减少量为Ff（L＋d）C.系统的机械能减少量为FfdD.系统的机械能减少量为Ff（L＋d）【答案】D【解析】【详解】木块机械能

的增量等于子弹对木块的作用力Ff做的功FfL，故A正确；子弹机械能的减少量等于动能的减少量，即子弹克服阻力做的功Ff（L＋d），故B正确；系统机械能变化量等于力Ff做的总功，即ΔE＝FfL－Ff（L＋d）＝－Ffd，故机械能减少量为Ffd，

故C正确，D错误。8.如图所示，在光滑的水平面上有两物体A、B，它们的质量均为m.物体B上固定了一个轻弹簧并处于静止状态．物体A以速度v0沿水平方向向右运动，通过弹簧与物体B发生作用．下列说法正确的是()A.当弹簧获得的弹性势能最大时，物体A的速度为零B.当弹簧获

得的弹性势能最大时，物体B的速度为零C.在弹簧的弹性势能逐渐增大的过程中，弹簧对物体B所做的功为mv02D.在弹簧的弹性势能逐渐增大的过程中，弹簧对物体A和物体B的冲量大小相等，方向相反【答案】D【解析】【详解】AB、当AB两个物体距离最近的时候，弹簧弹性势能最大，此时两个物体速度相等，根据动

量守恒定律可得02mvmv=，02vv=，AB均错C、在弹簧的弹性势能逐渐增大的过程中，弹簧对物体B所做的功为2201128mvmv=，C错误D、在弹簧的弹性势能逐渐增大的过程中，弹簧对物体A的弹力水平向

左、对物体B的弹力水平向右，且对两个物体的弹力总是等大反向，所以弹簧对物体A和物体B的冲量大小相等，方向相反，D正确9.如图所示，飞船在地面指挥控制中心的控制下，由近地点圆形轨道A，经椭圆轨道B转变到远地点的圆轨道C.轨道A与轨道B相切于P点，轨道B与轨道C相切于Q

点，以下说法正确的是（）A.卫星在轨道B上由P向Q运动的过程中速率越来越小B.卫星在轨道C上经过Q点的速率大于在轨道A上经过P点的速率C.卫星在轨道B上经过P点的加速度与在轨道A上经过P点的加速度是相等的D.卫星在轨道B上经过Q点时受到地球的引力小于经过P点时受到地球的引力【答案】ACD【解析

】【详解】A．卫星在轨道B上由P向Q运动时，离地球越来越远，万有引力做负功，卫星的动能越来越小，即速度越来越小，故A正确；B．卫星在轨道A和C上分别做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力22MmvGmrr=解得GMvr=，轨道C离地球距离远，故卫星在轨道C上经过Q点的速率小于在轨道A上经过

P点的速率，故B错误；C．万有引力产生加速度，在同一点，万有引力是相同的，产生的加速度相同，即卫星在轨道B上经过P点的加速度与在轨道A上经过P点的加速度是相等的，故C正确；D．根据万有引力公式2MmFGr=，可

知卫星在Q点时的引力小于经过P点时受到的地球引力，故D正确。故选ACD。10.在空中某点，将三个质量相等的小球以相同的速率v水平抛出、竖直上抛、竖直下抛，则从抛出点到落地点，下列说法中正确的是（）A.重力做功相同B.重力的平均功率相同C.竖直下抛小球

的重力的平均功率最大D.落地时重力的瞬时功率相同【答案】AC【解析】【详解】A．重力做功与路径无关，根据W=mgh可知，三种情况下重力做功相同，选项A正确；BC．根据WPt=，由于上抛物体落地时的时间最长，下抛物体落地时的时间最短，可知重力的平均功率不相同，竖直下抛

小球的重力的平均功率最大，选项B错误，C正确；D．根据P=mgvy可知，因为上抛和下抛落地的竖直速度相同，且大于平抛的竖直速度，可知落地时重力的瞬时功率P上=P下>P平选项D错误。故选AC。11.如图所示，轻质弹簧的左端固定，并处于自然状态．小物块的

质量为m，从A点向左沿水平地面运动，压缩弹簧后被弹回，运动到A点恰好静止．物块向左运动的最大距离为s，与地面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，弹簧未超出弹性限度．在上述过程中A.弹簧的最大弹力为μmgB.物块克服摩擦力做的功为2μmgsC.弹簧的最大弹性势能为

μmgsD.物块在A点的初速度为2gs【答案】BC【解析】【详解】小物块压缩弹簧最短时有Fmg弹，故A错误；全过程小物块的路程为2s，所以全过程中克服摩擦力做的功为：2mgs，故B正确；小物块从弹簧压缩最短处到A点由能量守恒得：maxP

Emgs=，故C正确；小物块从A点返回A点由动能定理得：201202mgsmv−=−，解得：02vgs=，故D错误．12.如图所示，质量为m的物体放在升降机的底板上，重力加速度为g。若升降机从

静止开始以2ga=的加速度竖直向下运动一段位移h。下列说法正确的是（）A.物体所受的支持力为3mgB.物体动能的增加量为mghC.物体重力势能的减少量为mghD.物体机械能的减少量为2mgh【答案】CD【解析】【详解】A．根据牛顿第二定律得mgNma−=可得物体所受的支

持力为12Nmgmamg=−=故A错误；B．合力做功为12Wmahmgh==合根据动能定理得，物体动能的增加量为12kEmgh=故B错误；C．重力做功为GWmgh=则物体重力势能的减小量为mgh，故C正确；D．根据功能关系得知，物体机械能的减小量等于物体克服支持力做功，所

以物体机械能的减少量为12Emgh=故D正确；故选CD。二、填空题13.在“研究平抛运动”的实验中，记录了小球在运动中的4个位置，如图所示：(1)已知图中小方格的边长L，则小球平抛的初速度为v0=________（用L

、g表示）；(2)b点的速度vb=________。（用L、g表示）【答案】(1).2Lg(2).52Lg【解析】【详解】(1)[1]．由于4个位置之间的水平距离相等，可知时间间隔相等，则水平方向2L=v0t2yLgT==解得02vLg=(2)[2]．b点

的竖直速度3322byLvgLT==则b点的速度22052bbyvvvgL=+=14.如图所示的装置，可用于探究恒力做功与速度变化的关系。水平轨道上安装两个光电门，小车上固定有力传感器和挡光板，细线一端与力传

感器连接，另一端跨过定滑轮挂上砝码盘。实验首先保持轨道水平，通过调整轨道的倾角以实现平衡摩擦力，再进行后面的操作，并在实验中获得以下测量数据：小车、力传感器和挡光板的总质量M，挡光板的宽度d，光电门1和2的中心距离s：(1)该实验是否需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车（

含力传感器和挡光板）的质量________（填“需要”或“不需要”）；(2)某次实验过程：力传感器的读数为F，小车通过光电门1和2的挡光时间分别为t1、t2（小车通过光电门2后，砝码盘才落地），则对该小车实验要验证的

表达式是_____________。【答案】(1).不需要(2).222111()()22ddFsMMtt=−【解析】【详解】(1)[1]该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，不是将砝码和砝码盘的重力作为小车的拉力，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量；(2)[2]由于光

电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度；滑块通过光电门1速度为11dvt=滑块通过光电门2速度为22dvt=根据功能关系需要验证的关系式为22211122FsMvMv=−即该小车实验要验证的表达式是222111()()22ddFsMMtt=−15.如图是利用

重物自由下落验证机械能守恒定律的实验装置：(1)在验证机械能守恒定律的实验中，没有必要进行的操作是________；A.用天平测重物的质量B.用秒表测重物下落的时间C.用打点计时器记录重物下落的信息D.用纸带记录测量重物下落的高度(2)由于该实验中存在阻力做功，所以实验测得的

重物的重力势能的减少量________（选填“＜”“＞”或“=”）动能的增加量。【答案】(1).AB(2).＞【解析】【详解】(1)［1］A．因为我们是比较mgh、212mv的大小关系，故m可约去比较，不需要测出重物

的质量，故A符合题意。B．我们可以通过打点计时器计算时间，不需要秒表，故B符合题意；C．用打点计时器可以记录重物下落的时间和高度，故C不符合题意；D．用纸带记录测量重物下落的高度，故D不符合题意。故选AB。(2)［2］由于纸带通过时受到阻力和重锤受到的空气阻力，重力势能有相当一部分转化给摩擦

产生的内能，所以重力势能的减小量大于动能的增加量。三、计算题16.一艘敌舰正以v1=12m/s的速度逃跑，执行追击任务的飞机，在距水面高度h=320m的水平线上以速度v2=105m/s同向飞行。为击中敌舰，应“提前”投弹，空气阻力可以不计，重力加速度g取10m/s2，试求飞机投弹时，飞机

与敌舰之间的水平距离。【答案】744m【解析】【详解】投下的炸弹在竖直方向上做自由落体运动，则有212hgt=可得22320s8s10htg===在水平方向上以飞机的速度2v做匀速运动，炸弹沿水平方向飞行的距离221058m840msvt===敌舰在同一方向上运动的距离为11128

m96msvt===飞机投弹时，飞机与敌舰之间的水平距离2184096m744msss=−=−=17.如图所示，质量不计的硬直杆的两端分别固定质量均为m的小球A和B，它们可以绕光滑轴O在竖直面内自由转动。已知OA=2OB=2l，

将杆从水平位置由静止释放。求：在杆转动到竖直位置的过程中，杆对A球做了多少功？【答案】－65mgl【解析】【详解】小球A和B及杆组成的系统机械能守恒，设转到竖直位置的瞬间A、B的速率分别为vA、vB，杆旋转的角速度为ω，根据系统机械能守恒则有22

11222ABmglmglmvmv•−=+其中2Avl=Bvl=联立解得85Avgl=对A球，由动能定理得2122AmglWmv•+=联立解得杆对A球做功为65Wmgl=−18.如图所示，一个质量为0.6kg的小球以某一初速度从P点水平抛出，恰好从圆弧

ABC的A点的切线方向进入圆弧（不计空气阻力，进入圆弧时无机被能损失）．已知圆弧的半径R=0.6m，θ=60°，小球到达A点时的速度vA=8m/s．g取10m/s2，求：(1)小球做平抛运动的初速度v0;(2)P点与A点的高度差;(3)小球刚好能到达圆弧最高点C，求此过程小球克服摩擦力所做的

功.【答案】(1)v0=4m/s(2)h=2.4m(3)Wf=12J【解析】【详解】(1)由题意知小球到A点的速度vA沿曲线上A点的切线方向，对速度分解如图所示：小球做平抛运动，由平抛运动规律得：v0＝vx＝vAcosθ＝4m/s(2)小球由P至A的过程由动能定理得：mgh＝12mvA2

－12mv02解得：h＝2.4m(3)小球恰好经过C点时，在C点由牛顿第二定律得：mg＝m2CvR解得：vC＝6m/s小球由A至C过程由动能定理得－mg(Rcosθ＋R)－Wf＝12mvC2－12mvA2解得：Wf＝12J19.如图所示，物体A置于静止在光滑水平面上的平板

小车B的左端，在A的上方O点用细线悬挂一小球C（可视为质点），线长L=0.8m。现将小球C拉至水平无初速度释放，并在最低点与A物体发生水平正碰，碰撞后小球C反弹的最大高度为h=0.2m。已知A、B、C的质量分别为4kgAm=、8kgBm=和1kgCm=，A、B间的

动摩擦因数μ=0.2，A、C碰撞时间极短，且只碰一次，取重力加速度g=10m/s2：(1)求小球C与物体A碰撞前C的速度大小；(2)求A、C碰撞后瞬间A的速度大小；(3)若物体A未从小车B上掉落，小车B的最小长度为多少？【答案】(1)4m/s；(2)1.5m/s；(3)0.37

5m【解析】【详解】(1)小球碰撞前在竖直平面内做圆周运动，根据机械能守恒定律则有2012CCmLmvg=解得04m/sv=(2)设A、C碰撞后的速度大小分别为Av、Cv，由能量守恒可得212CCCmghmv=解得2m/sCv=A、C碰撞，由动量守恒可得0CAACCvmvvmm−=解

得1.5m/sAv=(3)设A在B上相对滑动的最终速度为v，相对位移为x，由动量守恒则有()AAABmvmmv=+可得0.5m/sv=由能量守恒可得2212)21AAAABmgxmvmmv−+=(解得0

.375mx=要使A不从B车上滑下，小车的最小长度为0.375m