重庆市第八中学2023届高考适应性月考卷(七)物理答案和解析

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重庆市第八中学2023届高考适应性月考卷(七)物理答案和解析
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【文档说明】重庆市第八中学2023届高考适应性月考卷(七)物理答案和解析.pdf,共(9)页,1.379 MB,由小赞的店铺上传

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以下为本文档部分文字说明:

重庆市第八中学2023届高考适应性月考卷(七)物理参考答案一、单项选择题:本大题共7小题,每小题4分,共28分。在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求。题号1234567答案CBABCDD【解析】1.图示位置流过

线圈的电流最大,穿过线圈的磁通量为零,故A、B错误。交流发电机是利用电磁感应现象原理制成的,工作时把机械能转化为电能,故D错误,C正确。4.由对称性知A、B两球在正北点产生的场强大小都为E0,则合场强E₁=E₀

cos60°+E₀cos60°=E₀,方向指向正北,若把C球放在圆心处,则C球在正北点产生的场强也为E₀,方向指向正北,而C球位于正南点时,在正北点处产生的场强仍沿正北方向,大小为14���0,故三球在正北点产生场强的矢量和为54���0,故B正确。5.当物块转动到最高

点,物块对圆盘拉力的大小刚好等于电动工具底座的重力时,底座刚要离开地面,此时圆盘的转速即为题求最大转速,则有T=Mg,对物块有mg+T=mRω²,解得���=���+������������,则转速为��

�=���2���=12������+������������,故C正确。物理参考答案·第1页(共8页)2.根据614���→714���+−10���,即614���发生β衰变的产物是147N,故A错误。β

衰变时产生的新核处于高能级,会向低能级跃迁,同时放出光子,故B正确。半衰期是核反应,与外界环境无14,故D错误。关,故C错误。易知经过了2个半衰期,则146C含量将变为原来的3.由于该过程中气垫内的气体温度不变,因此气垫

内的气体分子平均动能不变、内能不变,该过程中气垫内的气体被压缩,气体体积减小,外界对气垫内的气体做正功,结合热力学第一定律可知,该过程中气垫内的气体放热,故A正确,B、C错误。由于温度不变,气垫内的气体分子平均动能

不变,气体压强增大,因此该过程中气垫壁单位时间、单位面积受到气体分子撞击次数增加,故D错误。6.P₁和P₂是并联在电路中的,所以P₁和P₂两端的电压总是相等,由电阻定律可得���=���������=������2���,若P₁和P₂的体积相同,上下表面积越大的电阻的阻值越大,即P₁电阻更

大,又电压相等,所以通过P₁的电流更小;由电功率公式���=���2���,则电阻越大的电功率越小,即P₁的电功率小于P₂的电功率,故A、B错误。由电阻定律可得���=������������=������,若P₁和P₂的厚度相同,则P₁和P₂的电阻

值相同,由于P₁和P₂是并联关系,所以流过P₁、P₂的电流相等,故C错误。根据电流公式I=nqSv,若P₁和P₂的厚度相同,由于P₁的上、下表面边长大于P₂的边长,所以P₁的截面积大于P₂的截面积,故P₁内自由电荷定向移动的速率比P₂的更小,故D正确。7.由题意可知,在t₁时刻后A、B在水

平方向上只受弹簧的弹力,弹簧对A、B的弹力大小始终相等;通过图乙可知,t₂时刻,A的加速度比B的加速度小,根据牛顿第二定律可知A小车质量大于B小车,故A错误。t₁~t₃时间内,弹簧弹力对A物体一直是动力,与速度方向相同,则A的速率一直增大,故B错误。在t₁时刻,弹簧处于原长状态

且弹性势能为零,0~t₁时间内弹簧的弹性势能全部转化为B的动能,此时B的速度最大,设B此时的速度大小v₀;t₁~t₃时间内,A、B与弹簧系统相当于发生弹性碰撞,由动量守恒���������0=������������+������������,动能守恒12���

������02=12������������2+12������������2,解得������=������−������������+���������0,因A质量大于B质量,则t₃时刻B的速度不为零,但方向已经变为水平

向左,表明在t₁~t₃时间内,B的速度在某时刻减为零,则B小车最小动能为零,而不是在t3时刻,故C错误。由图乙可知,t₄时刻B的加速度为正,即水平向右,且取到了最大值,因而此时弹簧应该处于压缩到最短的状态,

故D正确。二、多项选择题:本大题共3小题,每小题5分,共15分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。题号8910答案ABBCBCD物理参

考答案·第2页(共8页)【解析】8.以B的轨道半径为半径,做出辅助轨道Ⅲ,Ⅲ轨道通过B点的速度大于Ⅱ轨道通过B点的速度,Ⅰ轨道通过A点的速度又大于Ⅲ轨道通过B点的速度,故A正确。根据万有引力提供向心力有������������2

=������,解得���=���������2,由图可知A点到太阳的距离小于B点到太阳的距离,所以在A点的加速度大于在B点的加速度,故B正确。沿椭圆轨道Ⅱ运行时,由A点运动到B点的过程中,只有引力做功,机械能不变,

故C错误。9.由图可知,发生全反射时入射角为i=22.5°,可得折射率为���=1sin22.5°=22−2,故A错误。光在玻璃中走的路程x,由几何关系有���=2���+sin22.5°+2���+sin22.5°−���=2+2L,光在玻璃中速度为���=������,

光在玻璃中传播的时间���=������=���������=22+2���2−2���,故B正确。根据题意可知,两种光以相同的入射角射向CD面时,b光发生全反射,a光发生折射和反射,说明a光的临界角大于b光的临界角,根据sin���=1��

�可知,a光在棱镜中的折射率小于b光的折射率,即na<nb折射率小的光的波长大,由���=���������可知,通过同一双缝干涉装置,a光的相邻亮条纹间距大,故C正确。由折射率大小���=sin���sin���,可知以相同的入射角从空气斜射

入水中,a光的折射角较大,故D错误。10.摩擦力做功之比为km₁gs:km₂gs=3:2,故A错误。由于B车实验中变速阶段加速度的大小相同,可知加速与减速过程的时间均为t₀,令匀速运动的时间为t´,由于

v-t图像的面积表示位移,则有2���0⋅2���02=12���0���0+���0���'+12���0���0,解得t´=t₀,则A车和B车运动时间之比���1���2=2���0���0+���'+���0=23,故B正确。根据图像可知,汽车初速度与末速度均为0,根据动

能定理有���牵−���阻克=0,因此���牵1:���牵2=3:2,故C正确。v-t图像的斜率的绝对值表示加速度,对A、B两车有���1max−1.5���=1.5������1=1.5���2���0���0,���2max−�

��=������2=������0���0,解得物理参考答案·第3页(共8页)1三、实验、填空题(本大题共2小题,共15分)11.(除特殊标注外,每空2分,共7分)(1)0.13(1分)(2)更小更大变

大12.(每空2分,共8分)(1)A(2)a(3)0.30~0.34(4)>(4)测出五组数据后,橡皮筋恢复原状能力比弹簧要差些,恢复原状时长度会比L₀稍大,通过水平线将橡皮擦缓慢放回到最低点过程中,再次测得五组不同数据,实际计算中仍用原来的L₀计算x,使

得x计算值偏大,从而使k'偏小,故有k>k'。四、计算题(本题共3小题,共计42分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最后结果的不能得分。有数据计算的题,答案中必须明确写出数值和单位)13.(10分)解:(1)n匝线框,t=0时刻产生的感应电动势���0=����

�����=������⋅������=���������2①物理参考答案·第4页(共8页)���1������������2���������=3������0���0+1.5���������0���0+���<31,根据������max=������max⋅2���0,��

�2max=���2max���0,解得���1������������2���������=6������02���0+3������0������02���0+������0<61,故D正确。【解析】(3)设橡皮筋与竖直方向夹角为θ,重物重力为mg,结点P在

竖直拉力(橡皮重力mg)、橡皮筋拉力T和水平拉力F作用下处于平衡状态,满足图1所示关系则cos���=���������,而cos���=������0,���=������,联立得���=���������0�

�����,由第一问可知���=���������0���1���,由图丙可求得图像斜率,综上可得k=0.32。线框中的感应电流���=���0���=���������2���②由楞次定律,电流沿顺时针方向③(2)t=0时刻线框

受到的安培力F=nB₀IL④设负载物的加速度为a,对负载物和线框整体,根据牛顿第二定律有F=(m+M)a⑤解得���=���2���0���3������+������,方向向左⑥评分标准:本题共10分。正确得出③、⑤式各给1分,其余各式各给2分。1

4.(14分)解:(1)滑块从A向上滑动到B时,加速度���=���+���������=3���,滑杆未动①对滑块由���12−���02=−2������②代入数据得���1=35���0③(2)滑块与滑杆发生弹性碰撞,则系统动量

和机械能守恒������1=������2+������3������122=������222+������322④代入数据得���2=−���13=−���05,方向向下;���3=2���15,方向向上此后滑块加速度为���1=���−������

���=���,向上⑤滑杆加速度为���2=���+���������=2���,向下⑥经���=���2���1=���05���,二者同时减至零,此时滑块相对滑杆向下滑动距离���1=���3−���22×���=3���0250���<���,所

以该过程滑块未与滑杆相碰⑦此时杆上升到最高点,滑杆上升最大距离������=���322���2=���0225���⑧(3)滑块从A滑至B时,因摩擦产生的热量���11=���⋅���=16������0275⑨物理参考答案·第5页(共8页)当滑杆落地时,滑块的速度为�

��4=2���������=2���05,向下⑩此后滑块的加速度���'=���−���������=���,向上作匀减速运动至停止���2=���422���'=���0225���<���−���1⑪此过程因摩擦产生的热���12=������1+���2=���

���025⑫故从开始到最后停止运动因摩擦产生的热���1=���11+���12=31������0275⑬评分标准:本题共14分。正确得出④式各给2分,其余各式各给1分。15.(18分)解:(1)粒子在电场中运动,在x轴方向上���=���������=������①��

�=12������2②在y轴方向上d=v₀t③联立解得���=233���④(2)设粒子进入第一象限时的速度v与y轴正方向之间的夹角为θ,则vcosθ=v₀vsinθ=at联立解得:v=2v₀,θ=60°由洛伦兹力提供向心力有���������=������2���代入数据

解得轨迹半径R=L⑤由圆周运动公式有���=2���������解得���=���������0物理参考答案·第6页(共8页)J粒子离开磁场后在第一象限内运动的时间���2=���1���=3���12���0⑧易知当磁场圆

与坐标轴相切时,xm的取值范围才会最大;当最小磁场圆与y轴相切时,物理参考答案·第7页(共8页)作出粒子在磁场中偏转的轨迹,如图2所示,易知不论磁场半径大小、磁场位于何处,粒子在磁场中的偏转角度均为∠CO₁D=120°,

故粒子在磁场中的运动时间���1=13���=������3���0⑥由图可知,当圆形磁场与y轴相切时与Q点时,粒子在第一象限运动的时间最短。此时,轨迹如图3所示,易知此时磁场圆半径���=���=���<�

��=233���,故磁场圆不会与x轴相交或相切⑦由图可知C点到x轴的距离���1=���−���sin60°=36���故粒子在第一象限内运动的最短时间���min=���1+���2=3���+4������12���0.⑨(3)作出磁场圆最小时的轨迹图如图4所示,在△CO₁D中,易

知������=3���故磁场圆的最小半径���=32���⑩如图5所示,在Rt△CGO2中������=���sin30°=34������2���=���cos30°=34���故������=������=���−���2���=23−34��

�在Rt△CHQ中������=������tan30°=2−34���故������=������−������=3−12���故O₂距x轴的距离ℎ=������−������=3+36���由于ℎ=3+

36���<���=23+36���=32���⑪故临界情况应是最小磁场圆与x轴相切,如图6所示,故������≥������+������=74���⑫评分标准:本题共18分。正确得出⑤式给2分,正确得出⑪式给3分,正确得出⑫式给4分,其余各式各

给1分。物理参考答案·第8页(共8页)在Rt△CIQ中������=������tan30°=14���由图可知������=���+���sin30∘=334���故������=������−������=312���在Rt△CND中������=2���cos30°=32���获得更

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