【文档说明】重庆市第一中学2024届高三下学期5月模拟物理试题 Word版含解析.docx，共(17)页，1.593 MB，由小赞的店铺上传

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物理试题卷注意事项：1．答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚。2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。在试题卷上作答无效。3．考试结束后

，请将本试卷和答题卡一并交回。满分100分，考试用时75分钟。一、单项选择题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.如图（a）所示为简易壁挂盆架，图（b）为挂架和盆的侧视图。已知盆重力为G，盆侧壁倾角为θ，则挂架

对盆的作用力大小为（）A.0F=B.FG=C.sinGF=D.tanGF=【答案】B【解析】【详解】盆受重力和挂架的作用力而平衡，由二力平衡知挂架作用力与盆重力等大反向共线，所以挂架对盆的作用力大小

为G。故选B。2.一接地金属板M水平放置，在金属板M延长线上垂直纸面放置一均匀带正电的金属棒N，其剖面图中两者周围的电场线和等势线分布如图所示，则下列说法正确的是（）A.图中虚线为等势线B.a、b两点场强相同C.a点电势高于c点电势D.电子在a点的电势能大于c点的电势能【答案】C【解

析】【详解】A．金属棒N带正电，由于静电感应，金属板左端感应出负电荷，并达到静电平衡，其表面为一等势面，与电场线垂直，可知虚线为电场线，故A错误；B．电场线分布的密集程度表示电场强度的大小，根据对称性可知，a、b两点电场强度大小相等，方向不同，故B错误；C．电场线由正电荷指向负电荷，

即电场线由N指向M，由于顺着电场线电势降低，则有ac故C正确；D．由于ac电子在电势高处电势能小，则有ppacEE故D错误。故选C。3.爆米花的基本原理是：加热过程玉米粒内的水分不断汽化形成水蒸气，被玉米粒的表皮密封在内部。随着温度的升高可视为理想

气体的水蒸气压强变大，当玉米粒内、外压强差达到一定程度时外皮突然破裂，内部水蒸气急剧膨胀炸裂形成爆米花。则炸裂前的过程（忽略玉米粒体积的变化），玉米粒内水蒸气（）A.所有分子的动能都增加B.对外做功C.内能不变D.从外界吸收热量【答案】D

【解析】【详解】A．加热过程玉米粒，温度升高，分子的平均动能增加，但是，并非是每个分子动能都增加，故A错误；B．根据题意，炸裂前的过程，忽略玉米粒体积的变化，即近似认为体积不变，则气体对外不做功，故B错误；C．

结合题意可知，温度升高，气体内能增加，故C错误；D．结合上述，体积不变，则有W=0气体温度升高，气体内能增加，由热力学第一定律有UWQ=+可知0Q即气体从外界吸收热量，故D正确。故选D。4.2024年4月26日，神舟十八号载人飞船与空间站采用“径向对接”方式实现自主对接

。如图所示，对接前飞船在空间站下方200米“保持点”，与空间站沿地球半径方向相对静止一段时间，则在此过程中（）A.运行角速度大于空间站角速度B.运行速度大于空间站运行速度C.向心加速度大于空间站的向心加速度D.需启动发动机提供推力【答案】D【解析】【详解】AB．飞船与空

间站沿半径方向相对静止、角速度相等，飞船半径较小，由vr=得，飞船运行速度较小，故AB错误；CD．由2nar=得，飞船向心加速度小，故C错误；的若飞船只受万有引力，其角速度应大于空间站，因此时飞船与空间站的角速度相同，则发动机需施加推力，故D正确。故选D。5.用a、b两束单色光分别照射同

一光电管，得到光电管中光电流与电压关系如图所示。则a光和b光比较，下列说法正确的是（）A.a光的遏止电压较小B.a光的频率较小C.a光的波长较短D.减小a光的光照强度，则不能发生光电效应【答案】C【解析】详解】A．由图可知a光遏止电压较大，故A错误；B．

根据光电效应方程ckm0eUEhW==−a光遏止电压较大，则a光频率较大，故B错误；C．根据cf=光速度相同，a光频率大，波长较短，故C正确：D．发生光电效应条件为0hW，只与入射光的频率有关，与光照强度无关，所以减小a光强度仍

能发生光电效应，故D错误。故选C。6.硼中子俘获疗法是肿瘤治疗的新技术，其原理是进入癌细胞内的硼核105B吸收慢中子，转变成锂核73Li和α粒子，释放出光子，核反应方程为101745032BnLiHe+→+。已知硼核的比结合能为1E，锂核的比结合

能为2E，氦核的比结合能为3E，则一个硼核与一个中子发生上述核反应释放的能量为（）【A.123EEE−−B.231EEE+−C.1231074EEE−−D.2317410EEE+−【答案】D【解析】【详解】该反应为放能反应，生成物的比结合能更大，比结合能等于结合能与核子数的比值，可得该反应释

放能量231Δ7410EEEE=+−故选D。7.在地面以初速度0v竖直向上抛出一个小球，小球运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，从抛出到落回地面的过程，下列说法正确的是（）A.上升和下降过程合力的功大小相等B.上升和下降过程合力冲量大小相等C.上升和下降过程克服空气阻力做的功相等D.上升和

下降过程空气阻力的冲量大小相等【答案】D【解析】【详解】A．由于有空气阻力做功机械能减少，经同一高度时，上升速度大于下降速度，上升过程动能变化大合力做功的更多，故A错误；B．上升过程动量变化大，合力冲量大，故B错误；C．因fkv=−，同一位置上升的阻力较

大，上升过程平均阻力大，克服的空气阻力做功更多，故C错误；D．微元思想ΔΔΔfIftkvtkyky==−=−=−上升、下降过程空气阻力冲量大小相等，故D正确。故选D。二、多项选择题：本大题共3小题，每小题5分，共15分

。在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.如图所示，理想变压器原线圈与灯泡L1串联，接在输出电压恒定的正弦交流电源两端，副线圈接灯泡L2和滑动变阻器R，电流表和电压

表均为理想交流电表，两灯泡的电阻都不随温度变化。将滑动变阻器R的滑片向下滑动，则下列说法正确的是（）的A.电压表V的示数减小B.电流表A的示数减小C.灯泡L1变亮D.灯泡L2变亮【答案】BD【解析】【详解】AC．滑片下移R增大，负载电阻增大，等效电阻增大，原线圈中电流减

小，灯泡L1变暗，分压减小，原线圈两端电压增大，电压表示数增大，故AC错误；B．由1221InIn=当1I减小时，2I减小，电流表示减小，故B正确；D．由1122UnUn=1U增大，2U也增大，灯泡L2亮度增

加，故D正确。故选BD。9.如图（a）所示，一简谐横波在均匀介质中由a点向b点直线传播，a、b相距7m。当波传到b点开始计时，a、b两点的振动时间图像如图（b）。则（）A.b点起振方向沿y轴正方向B.a点起振方向沿y轴负方向C.

波的传播速度可能为1m/sD.波的传播速度可能为3m/s【答案】AC【解析】【详解】AB．由图乙可知周期4sT=，0=t时刻b向上振动，机械波在传播过程中，各质点起振方向都相同，故a点起振方向沿y轴正方向，b点起振方向沿y轴正方向

，故A正确，B错误；CD．t=0时刻a在波谷、b在平衡向上，波由a向b传播，由波动图可知34abxn=+()0,1,2n=解得443abxn=+()0,1,2n=波速()0,1,243abxvnTn===+当1m/sv=时，1n=，当3m/sv=时，n无解，故C正确，D错误。故选AC。10

.如图（a）所示，可视为质点的a、b两球通过轻绳连接跨过光滑轻质定滑轮，a球在外力作用下静止在地面，b球悬空。取地面为重力势能的零势能面，从t=0时静止释放a球，到b球落地前的过程中，a、b两球的重力势能pE随时间t的变化关系如图（b），a始终没有与

定滑轮相碰，忽略空气阻力，重力加速度g取10m/s2。则（）A.a、b两球质量之比为1∶3B.b球落地时的动能为3JC.t=0.3s时，a球离地的高度为0.225mD.当b球的重力势能与动能相等时，b球距地面的高度为0.1m【答案】AC

D【解析】【详解】A．由图可知从释放到b落地，有p0p0Δ61Δ183aaabbbEmgHmEmgHm====−A正确；B．系统机械能守恒，有()200112J2abbammvmgHmgH+=−=b球落地时的动能2k19J2bbEmv==解得k9JbE=B错误；C．系统牛顿第二定律，

有()babamgmgmma−=+解得2ga=当0.3st=时，a离地面高度2110.225m2Hat==C正确；D．由图可知0.3st=时，有ppabEE=即2201122bamgHatmgat−=

得释放时b离地00.3mH=当kpbbEE=时，对b由动能定理有()20212bbbmaHHmv−=，2212bbbmgHmv=解得2010.1m3HH==D正确。故选ACD。三、非选择题：本大题

共5小题，共57分。11.用如图（a）所示装置来探究滑块在斜面上下滑的加速度。实验步骤如下：①游标卡尺测量遮光片的宽度d；②光电门固定于斜面上的O点，并与数字计时器相连；③带有挡光片的滑块从O点上方P点静止释放，测得O、P两点间距离为L，滑块经过光电门的遮光时间为t；④改变P

点的位置，多次重复步骤③。（1）由图（b）可知遮光片的宽度d=_______mm。（2）滑块过光电门O的瞬时速度0v=_______（用d、t表示）。（3）根据实验数据做出21Lt−图像为一条过原点的直线，如图（c）所示，图线斜率为k，则滑块的加速度=a_______（用

d和k表示）。【答案】（1）10.25（2）dt（3）22dk【解析】【小问1详解】20分度游标卡尺的精确值为0.05mm，由图（b）可知遮光片的宽度为1cm50.05mm10.25mmd=+=【

小问2详解】滑块过光电门O的瞬时速度0Δdvt=【小问3详解】由运动学公式可得22vaL=则有22ΔdaLt=可得2212ΔdLat=可知21ΔLt−图像的斜率为22dka=解得22dak=12.某同学利用如图所

示电路测量电阻xR的阻值。实验器材：干电池E（电动势1.5V，内阻未知）；毫安表（量程10mA，内阻为90Ω）；定值电阻0R（阻值为150Ω）；滑动变阻器R（最大阻值为100Ω）；待测电阻xR；开关S，导线若干。（1）连接电路，闭合开关S1前，应将滑动变阻器Rp的滑片调到______（选填“

a”或“b”）端。（2）闭合开关S1，调节滑片位置，使电流表指针指在满刻度的12处。若不考虑电池内阻。此时滑动变阻器接入电路的电阻值应为______Ω。（3）保持滑片的位置不变，闭合开关S2接入xR，电流表指针

指在满刻度的35处，则xR的测量值为______Ω。（4）若考虑电池内阻，用上述实验方法测得xR______（选填“有”或“无”）系统误差，原因是______。【答案】（1）b（2）60（3）300（4）①.无②.见解析【解析】【小问1详解】滑动

变阻器采用限流接法，为了确保电路安全，在闭合开关之前，需要将滑动变阻器接入电阻调至最大，可知，闭合开关S1前，应将滑动变阻器Rp的滑片调到b端。【小问2详解】根据欧姆定律有g0g12EIRRR=++解得60R=【小问3详解】电流表指针

指在满刻度的35处，电路中总电阻为g25035ERI==总由于0g0xxRRRRRRR=+++总解得300xR=【小问4详解】[1][2]若考虑电源内阻，当闭合开关S1，调节滑片位置，使电流表指针指在满刻度的12处时有g0g12EIRRRr=+++若考

虑电源内阻，保持滑片的位置不变，闭合开关S2接入xR，电流表指针指在满刻度的35处有g25035ERI==总其中0g0xxRRRRrRRR=++++总解得300xR=可知，若考虑电池内阻，用上述实验方法测得xR无系统误差，原因在于，通过实验操作，对待测电阻

的阻值测量没有影响。13.受磁悬浮电梯的影响，琪琪和小组成员设计了一种如图（a）所示的简易电梯模型：一周长为L、电阻为R的圆形线圈套在圆柱形磁极上，圆心与磁极中轴线重合，磁极周围存在聚集状的水平磁场，俯视如图（b）。当磁场以速度0v竖直向上匀速运

动时，圆形线圈将受到磁场力向上匀速运动。已知线圈所在处的磁感应强度大小始终为B，线圈的质量M，运动过程中线圈始终保持水平且不与磁极接触，重力加速度取g。在线圈向上匀速运动的过程中，求：（1）线圈中电流大小；（2）线圈所受重力的功率大小。【答案】（1）MgBL；（2）22

022MgRMgvBL−【解析】【详解】（1）对线圈，根据平衡条件有BILMg=解得的MgIBL=（2）根据闭合电路欧姆定律有EIR=感应电动势为()0EBLvv=−线圈所受重力的功率大小PMgv=解得22022MgRPMgvBL=−14.如图所示

，xOy坐标系中内存在圆形有界匀强磁场，圆心在A点()0,R、半径为R，磁感应强度为B、方向垂直纸面向外；在x>R的区域存在沿y轴负方向的匀强电场，x轴上有无限长的收集板。原点O处有一离子源，它可向各个方向发射速率相同的同种离子。沿y轴

正方向发射的离子经磁场从P点射出后，在电场中落到收集板上的Q点。已知离子质量为m、带电量为()0qq+，P、Q两点坐标分别为(),RR、()3,0R，离子重力不计，落到收集板后不反弹，求：（1）离子的发射速率；（2）匀强电场的

电场强度大小；（3）沿与y轴正方向均成30°角发射的离子1、离子2落到收集板上的间隔距离。【答案】（1）0qBRvm=；（2）22qRBEm=；（3）()62R−【解析】【详解】（1）根据题意作出离子的运动轨迹离子在磁场中做匀速圆周运动20vqv

Bmr=根据几何关系有rR=解得0qBRvm=（2）P→Q离子做类平抛运动，则02xvtR==212yatR==加速度Eqam=解得22qRBEm=（3）对离子1有211sin302Rat=101xRvt=+解得()121xR=+对离子2有221sin302RRat+=为

202xRvt=+解得()261xR=+离子1、离子2落到收集板上的间隔距离为()21Δ62xxxR=−=−15.如图所示，可视为质点的两滑块A、B均静止在粗糙水平地面上，两者之间有一被压缩的轻质弹簧（长度不计），A与竖直墙壁距离L=8m。现解除弹簧锁定，使A、B瞬间分离，并立即

取走弹簧，此时两物块获得的动能之和为28J。已知A、B质量分别为A1kgm=、B7kgm=，所有碰撞均为弹性碰撞，A、B均沿同一水平直线运动，A、B与地面之间的动摩擦因数均为μ=0.1，重力加速度取g为10m/s2，求：（1）取走弹簧时A、B获得的速度大小；（2）A、B

都停止运动后，两者之间的距离；（3）改变L的大小，使A和B至少发生两次碰撞，则L的取值范围是多少？【答案】（1）A7m/sv=，B1m/sv=；（2）Δ5mx=；（3）11(0,m)3L【解析】【详解】（1）解锁瞬间A、B动量守

恒、能量守恒AABBmvmv=22kAABB1128J22Emvmv=+=解得A7m/sv=B1m/sv=（2）经分析22AB222vvLaa+，A、B分离后能再次碰撞且相碰时B已停止，设碰前A的速度为v，则222AB222vvvLaa−=+AA1B2mvmvmv=+222AA1B2

111222mvmvmv=+2212Δ22vvxaa=+解得4m/sv=13m/sv=−21m/sv=Δ5mx=（3）A、B分离后恰好相碰的条件22AB222vvLaa+得12mLA、B相碰时，

B刚好停止条件2A2B1222Lvvtata−+=B1svta==解得L=3m情况1：第1次碰撞时B已经停止，且能发生第2次碰撞3m12mL222AB222vvvLaa−=+AA1B2mvmvmv=+222AA1B2111222mvmvmv=+1B22222()222vvvL

aaa++解得113mm3L情况2：第1次碰撞时B没有停止，且能发生第2次碰撞03mL22AB21122Lvtatvtat−−+=解得3Lt=（s）2ABAB1BA()()vmatvatmmvm

v−=−++B22A22AA1BB21111222()(2)mmmvamvvatvt−+=+−1722tv+=−2522tv−=2122B)2(2212vLvvaatat−++整理得26270LL++在(0,3)L恒成立，综上，满足

条件的11(0,m)3L。